【文档说明】【精准解析】新疆阿勒泰地区2019-2020学年高一下学期期末考试物理试卷（B卷）.doc，共(15)页，957.000 KB，由小赞的店铺上传

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2019-2020学年高一下学期物理期末试卷（B卷）一、选择题（每小题4分，共40分。其中1~7小题每题只有一个选项是正确的，8~10题是多选题,全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.关于曲线运动，下列说法正确的是（）A.物体做匀速率曲线运动时，其所

受合外力的方向总是与速度方向垂直B.物体做变加速曲线运动时，其所受合外力的方向恒定C.曲线运动一定是变加速运动D.变速运动一定是曲线运动【答案】A【解析】【详解】A．物体做匀速率曲线运动时，速率不变，则合外力对物体不做功，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直，故A正确；B．物体做变加

速曲线运动时，其所受合外力的方向可能是变化的，如匀速圆周运动，故B错误；C．平抛运动只受重力，加速度为重力加速度，不发生变化，是匀变速运动，故C错误；D．曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，但变速运动不一定是曲线

运动，如匀变速直线运动，故D错误；故选A。2.荡秋千是一项娱乐，图示为某人荡秋千时的示意图，A点为最高位置，B点为最低位置，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.在A点时，人所受的合力为零B.在B点时，人处于失重状态C.从A

点运动到B点的过程中，人的角速度不变D.从A点运动到B点的过程中，人所受的向心力逐渐增大【答案】D【解析】【详解】A．在A点时，人的速度为零，向心力为零，即沿绳子方向的合力为零，人所受的合力等于重力沿圆弧切向分力，不为零，故A错误；B．在B点

时，人的加速度方向竖直向上，处于超重状态，故B错误；C．从A点运动到B点的过程中，人的速度逐渐增大，根据vr=可知人的角速度逐渐增大，故C错误；D．从A点运动到B点的过程中，人的速度逐渐增大，根据2mvFr=可知人所受的向心力逐渐增大，故D正确；故选D。3.范格文获2017年世界飞镖锦标赛

冠军。图示是他某次练习中将一枚飞镖从高于靶心正上方的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正上方。忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时应该（

）A.换用质量稍大些的飞镖B.适当增大投飞镖的初速度C.到稍远些的地方投飞镖D.适当增加投飞镖时的高度【答案】C【解析】【详解】飞镖做的是平抛运动，飞镖打在靶心的正上方说明飞镖竖直方向的位移太小，根据平抛运动的规律可得，水平方向上则有0

xvt=竖直方向上则有212hgt=联立可得2202gxhv=A．能否击中靶心与飞镖的质量大小没有关系，换用质量稍大些的飞镖，飞镖仍会打在靶心的正上方，故A错误；B．适当增大投飞镖的初速度，根据2202gxhv=可知飞镖下落的高度变小，故仍会打在靶心的正上方，故B错误；C．

到稍远些的地方投飞镖，根据2202gxhv=可知飞镖下落的高度变大，故可能会打在靶心位置，故C正确；D．适当增加投飞镖时的高度，根据2202gxhv=可知飞镖下落的高度不变，故仍会打在靶心的正上方，故D错误

；故选C。4.北斗卫星导航系统（BDS）是我国自行研制的全球卫星导航系统，是继美国全球定位系统（GPS）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（GLONASS）之后的第三个成熟的卫星导航系统．已知某北斗导航卫星的轨道高度约为21500km，同步卫星的轨

道高度约为36000km，地球半径约为6400km，则下列说法中正确的是（）A.该导航卫星的线速度大于7.9km/sB.地球同步卫星的运转角速度大于该导航卫星的运转角速度C.地球赤道上的物体随地球自转的周期小于该导航卫星的运转周期D.该导航卫星的向心加

速度大于地球同步卫星的向心加速度【答案】D【解析】根据22MmvGmrr=，得GMvr=，故轨道半径越大，线速度越小，第一宇宙速度的轨道半径为地球的半径，所以第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动最大的环绕

速度，所以静止轨道卫星和中轨卫星的线速度均小于地球的第一宇宙速度，故A错误；根据22MmGmrr=，得3GMr=，导航卫星的轨道半径小，所以地球同步轨道卫星的运转角速度小于导航卫星的运转角速度，故B错误．根据2224MmGmrrT=，得32rTGM=，所以导航卫星

的周期小于静止轨道卫星的周期，则导航卫星的周期小于地球赤道上物体随地球自转的周期．故C错误．根据2MmGmar=，得2GMar=，轨道半径越大，向心加速度越小，导航卫星的轨道半径小，向心加速度大．故D正确．故选D．【点睛】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，

会根据轨道半径的关系比较向心加速度、线速度、角速度和周期．5.单车共享是目前中国规模最大的校园交通代步解决方案，为广大高校师生提供了方便快捷、低碳环保、经济实用的共享单车服务．如图所示是一辆共享单车，A、B、C三点分别为单车轮胎和齿轮外沿上的点，其中RA=2RB=5RC

，下列说法中正确的是（）A.B点与C点的角速度，BC=B.A点与C点的线速度，CAvv=C.A点与B点的角速度，25AB=D.A点和B点的线速度，2ABvv=【答案】C【解析】B轮和C轮是皮带传动，皮带传动的特点是两轮与皮带接触点的线速度的

大小与皮带的线速度大小相同，故BCvv=，根据vR=，得：25BC=，故A错误；由于A轮和C轮共轴，故两轮角速度相同，根据vR=，得：5ACvv=，故B错误；因5ACvv=，而AAAvR=，CBBBvvR==，故5ABv

v=，25AB=，故C正确，D错误；故选C．【点睛】要求线速度之比需要知道三者线速度关系：B、C两轮是皮带传动，皮带传动的特点是皮带和轮子接触点的线速度的大小相同，A、C两轮是轴传动，轴传动的特点是角速度相同．6.在如图所示的四种电场中，分别

标记有a、b两点．其中a、b两点电场强度大小相等、方向相反的是()A.甲图中与点电荷等距的a、b两点B.乙图中两等量异种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C.丙图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点D.丁图中非匀强电场中的a、b两点【答

案】C【解析】【详解】A．甲图中与点电荷等距的a、b两点，电场强度大小相同，方向不相反，故A错误；B．对乙图，根据电场线的疏密及对称性可判断，a、b两点的电场强度大小相等、方向相同，故B错误；C．丙图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等

距的a、b两点，电场强度大小相同，方向相反，故C正确；D．对丁图，根据电场线的疏密可判断，b点的电场强度大于a点的电场强度，故D错误。故选C。7.如图，质量为m的小球，用长为l的轻绳悬挂于O点，小球在水平拉力F作用下，从平衡位置P缓慢地拉至轻绳与竖直方向夹角为处．重力加速度为g，下

列说法正确的是（）A.小球的重力势能增加cosmglB.拉力F所做的功为()1cosmgl−C.拉力F所做的功为2sincosmglD.绳的拉力所做的功为mgl【答案】B【解析】【详解】小球的重力势能增加(1cos)m

gl−，选项A错误；由能量关系可知，拉力F所做的功等于重力势能的增量，为()1cosmgl−，选项B正确，CD错误；8.不计空气阻力，下列物体在运动中机械能守恒的是（）A.从运动员手中抛出的标枪B.子弹射穿静止在光滑水平面上的木块C.物体沿固定的光滑

斜面匀速上运动D.用细绳拴着一个小球，小球在光滑水平面内做匀速圆周运动【答案】AD【解析】A、从运动员手中抛出的标枪，只受到重力做功，机械能守恒，故A正确；B、子弹射穿静止在光滑水平面上的木块，子弹对木块做功，木块的动能增加，机

械能增加，机械能不守恒，故B错误；C、物体沿固定的光滑斜面匀速上滑运动，动能不变，势能增加，机械能增加，故C错误；D、用细绳拴着一个小球，小球在光滑水平面内做匀速圆周运动，动能不变，势能不变，机械能守恒，故D正确；故选AD．9.如图为某一静电场的电场线，a、b、c是同一条电场线上的三个

点，其电势分别为a、b、c．同一负电荷在a、b、c三点的电势能分别为paE、pbE、pcE．下列判断正确的是（）A.abcB.abcC.papbpcEEED.papbpcEEE【答案】AD【解析】【详解】AB．沿电场线电势降低，则abc

，选项A正确，B错误；CD．因负电荷在高电势点的电势能较小，可知电势能关系为papbpcEEE，选项C错误，D正确。故选AD。10.“雪如意”，北京2022年冬奥会的首座跳台滑雪场地，其主体建筑设计灵感来自于中国传统饰物“如

意”．“雪如意”内的部分赛道可简化为由倾角为、高为h的斜坡雪道的顶端由静止开始下滑，到达底端后以不变的速率进入水平雪道，然后又在水平雪道上滑行s后停止．已知运动员与雪道间的动摩擦因数处处相同，不考虑空气阻力，则和运动员在斜坡雪道上克服摩擦力做的功W分别为（）A.tanhhs=+B

.tantanhhs=+C.tan1tansWmghhs=−+D.tan1tansWmghhs=++【答案】BC【解析】【详解】AB.对整个过程，由动能定理得：cos0sinhmghmgmgs−−=解得：tan

tanhhs=+A错误B正确．CD.再对整个过程，根据动能定理得0mghWmgs−−=解得，运动员在斜坡雪道上克服摩擦力做的功tan1tansWmghhs=−+，C正确D错误．二、实验题（每空3

分，总计18分）11.如图所示是某同学探究动能定理的实验装置。已知重力加速度为g，不计滑轮摩擦阻力，该同学的实验步骤如下：a．将长木板倾斜放置，小车放在长木板上，长木板旁放置两个光电门A和B，砂桶通过滑轮与小车相连

；b．调整长木板倾角，使得小车恰好能在细绳的拉力作用下匀速下滑，测得砂和砂桶的总质量为m；c．某时刻剪断细绳，小车由静止开始加速运动；d．测得挡光片通过光电门A的时间为Δt1，通过光电门B的时间为Δt2，挡光片宽度为d，小车质量为M，两个光电门A和B之间的距离为L；e．依据以

上数据探究动能定理。(1)根据以上步骤，你认为以下关于实验过程的表述正确的是________；A．实验时，先接通光电门，后剪断细绳B．实验时，小车加速运动的合外力为F＝MgC．实验过程不需要测出斜面的倾角D．实验时应满足砂和砂桶的总质量m远小于小车质量M(2)小车经过B的瞬时速度为vB＝____

___。如果关系式_______在误差允许范围内成立，就验证了动能定理。【答案】(1).AC(2).2dt(3).22211122ddmgLMMtt=−【解析】【详解】(1)

[1]A．实验时为了减小误差，需要先接通光电门，后剪断细绳让小车运动，A正确；B．实验中步骤b平衡了小车运动的摩擦力，所以下车受的合外力为重力沿斜面向下的分力，则有sinFMgmg==B错误；C．因

为砂和砂桶的总重力与小车重力沿斜面向下的分力相等，所以实验中不需测量斜面倾角来求合外力，合外力就等于砂和砂桶的总重力，C正确；D．实验中要验证动能定理，用砂和砂桶的总重力计算小车沿斜面向下的分力，所以不需要满足m远小于小车

质量M，D错误。故选AC。(2)[2][3]光电门的原理：因为遮光条宽度很小，用遮光条通过光电门的平均速度代替滑块通过光电门的瞬时速度，所以通过A的速度1Advt=通过B的速度2Bdvt=根据动能定理2222211

1221122BAWmgLMvMvddMMtt−==−=合所以要验证的就是22211122ddmgLMMtt=−12.在“探究平抛运动的运动规律”的

实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：(1)让小球多次从同一位置自由滚下，在一张印有小方格的纸记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置，如图中a、b、c、d所示；(2)按图安装好器材，注意调节斜槽末端切线_______，记下平抛初位置O点和过O点的

竖直线；(3)取下白纸以O为原点，以竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹；(4)已知图中正方形小方格的边长L＝1.60cm，则小球平抛的初速度为v0＝____m/s；b点的速度vb＝____m/s。（取g＝10m/s2）(结果均保留两

位有效数字)【答案】(1).水平(2).0.80m/s(3).1.0m/s【解析】【详解】(2)[1]按图安装好器材，注意调节斜槽末端切线水平，使物体离开斜槽后做平抛运动。(4)[2][3]由图可知a、b、c、d之间的时间间隔是相同的

，因此根据匀变速直线运动的规律有△h=gT2由题可知△h=L，带入解得LTg=x=2L=v0T解得02vgL=代入数据解得T=0.04s，v0=0.80m/s(4)[3]竖直方向自由落体运动，根据匀变速直线运动

中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度有2331.6100.6m/s220.08acbyhLvTT−====则222200.60.8m/s1.0m/sbbyvvv=+=+=三、解答题（4小题共42分，解

答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案不得分.有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位）13.如图所示，匀强电场的场强方向水平向右．一根绝缘丝线一端固定在O点，另一端连接一质量为m、电荷量为q的小球．小球静止在电场中，丝线与竖直方向成37°．已知重力加速度为

g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）小球带电的种类；（2）小球受到的电场力大小F；（3）电场强度的大小E．【答案】（1）小球带正电（2）34mg（3）34mgq【解析】试题分析：根据小球所受的电场力方向和电场线方向的关系即可判断带电种类；对小球受力分析，再根

据平衡条件即可求出电场力的大小；再根据电场强度的定义FEq=，即可求出电场强度的大小．（1）由题意可知，小球的受力方向与电场线方向一致，所以小球带正电．（2）小球在电场中静止时，受力分析如图所示：根据平衡条件

得：F＝mgtan37°＝34mg（3）根据电场强度的定义：FEq=解得电场强度：E＝34mgq点睛：本题主要考查了小球在电场力作用下的平衡问题，先对小球受力分析，再根据平衡条件即可求解．14.如图所示，在光滑水平桌面上有一光滑小孔O，一根

轻绳穿过小孔，一端连接质量为1mkg=的小球A，另一端连接质量为M=4kg的重物B，已知g=10m/s2，则：（1）当A球沿半径r=0.1m的圆周做匀速圆周运动，其角速度ω1为多大时，B物体处于将要离开、而尚未离开地面的临界状态？（2

）当小球A的角速度为ω2=10rad/s时，物体B对地面的压力为多大？【答案】（1）20/srad；（2）30N【解析】【详解】（1）当B对地面恰好无压力时，有：TMgF=拉力TF提供小球A所需向心力，则：2TFmr=则有：40rad/s=20rad/s10.1Mgm

r==（2）对小球A来说，小球受到的重力和支持力平衡．因此绳子的拉力提供向心力，则：2210.110N10NTFmr===对物体B来说，物体受到三个力的作用：重力Mg、绳子的拉力TF、地面的

支持力NF，由力的平衡条件可得：TNFFMg+=故NTFMgF=−将10NTF=，代入可得：41010N30NNF=−=（）由牛顿第三定律可知，B对地面的压力为30N，方向竖直向下．15.中国自行研制、具有完全自主知识产权的“神舟号”飞船，目前已经达到或

优于国际第三代载人飞船技术，其发射过程简化如下：飞船在酒泉卫星发射中心发射，由长征运载火箭送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道上，A点距地面的高度为h1，飞船飞行5圈后进行变轨，进入预定圆轨道，如图所示。设飞船在预定圆轨道上飞行n圈所用时间为t，若已知地球表面重力

加速度为g，地球半径为R，求：(1)飞船在B点经椭圆轨道进入预定圆轨道时是加速还是减速？(2)飞船经过椭圆轨道近地点A时的加速度大小；(3)椭圆轨道远地点B距地面的高度h2。【答案】(1)加速；(2)221()gRRh+；(3)22224πgR

tRn−【解析】【详解】(1)飞船在B点经椭圆轨道进入预定圆轨道时需要加速；(2)对地表物体，有002GMmmgR=飞船经过椭圆轨道近地点A时，根据牛顿第二定律有()21AMmGmaRh=+联立解得，飞船经过椭圆轨道近地点A时的加速度大小为()221AgRaRh=+

(3)飞船在预定圆轨道上飞行时由万有引力提供向心力，有()()222224πMmGmRhTRh=++由题意可知，飞船在预定圆轨道上运行的周期为tTn=解得2232224πgRthRn=−16.滑板运动是极限运动的鼻祖，许多极限运动项目均由滑板项目延伸而来．如图所示是滑板运动的轨道，

BC和DE是两段光滑圆弧形轨道，BC段的圆心为O点、圆心角θ＝60°，半径OC与水平轨道CD垂直，滑板与水平轨道CD间的动摩擦因数μ＝0.2．某运动员从轨道上的A点以v0＝3m/s的速度水平滑出，在B

点刚好沿轨道的切线方向滑入圆弧轨道BC，经CD轨道后冲上DE轨道，到达E点时速度减为零，然后返回.已知运动员和滑板的总质量为m＝60kg，B、E两点与水平轨道CD的竖直高度分别为h＝2m和H＝2.5m.求：(1)运动员从A点运动到B点过程中，到达B点时的速度大小vB

；(2)水平轨道CD段的长度L；(3)通过计算说明，第一次返回时，运动员能否回到B点？如能，请求出回到B点时速度的大小；如不能，请求出最后停止的位置距C点的距离.【答案】(1)vB＝6m/s(2)L＝6.5m(3)停在C点右侧6m处【解析】【详解】（1）在B点时有vB＝0cos60v，得v

B＝6m/s（2）从B点到E点有2102BmghmgLmgHmv−−=−，得L＝65m（3）设运动员能到达左侧的最大高度为h′，从B到第一次返回左侧最高处有21'202BmghmghmgLmv−−=−，得h′＝1.2m<h＝2m，故第一次返回时，

运动员不能回到B点，从B点运动到停止，在CD段的总路程为s，由动能定理可得2102Bmghmgsmv−=−，得s＝19m，s＝2L＋6m，故运动员最后停在C点右侧6m处.