【文档说明】湖南省A佳大联考2020-2021学年高一下学期 4月期中考试物理试题答案.pdf，共(4)页，214.499 KB，由小赞的店铺上传

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高一物理答案一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分）1.【答案】D【解析】A.第谷观察行星并记录数据，开普勒根据第谷的数据得出行星运动规律，A错，B.牛顿总结出万有引力定律，B错；C.卡文迪许测出万有引力常量，C错。2.【答案】D【解析】物体做曲线运动时

速度的方向时刻变化。3.【答案】B【解析】挥竿动作不变，角速度不变，由rv=，ran2=知，线速度变大，向心加速度变大，频率不变。故选B。4.【答案】C【解析】212hgt=vtx=代入数据得x=1000m5.【答案】D【解析】由2G

MmFr=引可知，质量大的万有引力大，abcmmm，故卫星b的万有引力大于卫星c的万有引力，A错；卫星b如果加速，会做离心运动，到大轨道上，速度更小，离c更远了，故B错；由开普勒第三定律可以，卫星A的周期大于卫星b的周期，卫星b的周

期等于卫星c的周期，故C错；由GMvr=可知，D正确。6.【答案】C【解析】做功不仅与力、位移有关，还与力和位移的夹角有关，故A错误；功是标量，正负表示做功的力是动力还是阻力，故B错误；力与位移垂直时不做功，故C正确；摩檫力即可以做负功也可以做正功，故D错误。

7.【答案】D【解析】GMvr=；r越大，v越小，故A错误；卫星在轨道2上从Q点运动到P点时克服万有引力做功，做减速运动，故B错误；卫星在Q点从轨道1进入轨道2需要加速，所以卫星在轨道2上经过Q点的速

度大，故C错误；同理，卫星从轨道2进入轨道3时也要加速，D正确。二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）8.【答案】AD【解析】超重时物体的加速度向上，故选AD9.【答案】AD【解析】小球做自由落体运动，vgt=；0vgt=月故A

正确；2GmmmgR=月月；20vRmGt=月故B错误；第一宇宙速度0vRvgRt==月故C错误；密度033443mmvVGtRR===月月故D正确。10.【答案】BCD【解析】汽车在5秒内的加速度为22

004/50ams−==−，故A错误；Ffma−=得3510FkmgmaN=+=,故B正确；额定功率为351020100PFvkW===；故C正确；汽车的最大速度3310010100/0.1110mP

vmskmg===，故D正确。三、实验题(每空2分，共16分)11.【答案】（1）质量，3：1；（2）C【解析】图中半径和角速度都相同，仅仅小球质量不一样，故研究向心力和质量的关系；由rmFn2=可知，向心力与质量成正比，故向心力之比为3：1。为了简单明了的观察规律，我们需要画直线

，故选C.12.【答案】(1)B;(2)A;(3)否,03Lv,2029vL【解析】（1）实验时每次从必须在同一位置释放小球，保证运动一样，故A错；斜槽末端必须水平，保证平抛运动的初速度水平，故B正确；坐

标系应建立在小球飞出时小球球心处，故C错误；小球与纸面接触后，小球受到摩擦就不是平抛运动了，故D错误。（2）因12、23竖直高度相同，所用时间t12>t23,故x12>x23,选A（3）P1和P2、P2和P3的竖直距离不满足1：3，所以P1不是起点；水平：003xLTvv==，竖直：202

22539vxLLgLTT−===四、计算题(本题共3小题，第13题12分，第14题12分，第15题14分，共38分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。)13.

【答案】见解析【解析】（1）RLr+=sin4分（2）tanmgFn=4分（3）由牛顿第二定律得：rmF2n=2分tansingLR=+2分14.【答案】(1)4mg；竖直向上（2）可以落在斜面上，52Rtg=；（3）5vgR=,2tan=【解析】(1)假设小

球受到的作用力竖直向下，由牛顿第二定律有RvmFmgB2=+2分mgmgrvmFB42=−=1分求得正值，假设成立，小球受到的外轨道向下的压力，由牛顿第三定律可知：小球对管道上侧有竖直向上的压力，大小为4mg1分（2）设小球从B点以速度v抛出，刚好落在A点

，由平抛运动规律得:BvgRvgtRtvR===2210202分可以落在斜面上小球落在斜面上，设水平位移为x,竖直位移为y,由平抛运动规律得：gRgvtgtytvxxyBB52tan22145tan2=====2分（3）小球落在C点gRvvvgRgtvgRvvyxCyBx5525

22=+=====2分假设速度方向与水平方向成θ角为：2tan==xyvv2分15.【答案】(1)82m/s；(2)sm/62；(3)d≥L-r=0.9m【解析；（1）小球从A点开始做自由落体运动，到B点时速度为：smgLvgLghvBABB/2853sin453sin42

2====（4分）（2）如图，将速度分解0137sinBBvv=，1Bv保留，2Bv因绳子作用力突变为零，小球进入圆周轨道，从B运动到C点由动能定理得：smsmvmvmvmgLcBC/62/08.622121)37cos1

(2120==−=−注：由分解速度的想法给2分，动能定理式给2分，结果2分。（3）设刚好使绳子断裂，钉子到小球距离为r,此时小球做圆周运动的线速度不变，半径变为r,由牛顿第二定律得：mrrvmmgFCm1.3-2==3分（2+1）则，钉子到O点得距离为d≥

L-r=0.9m1分