【文档说明】贵州省铜仁市思南中学2019-2020学年高一下学期5月月考物理试题【精准解析】.doc，共(16)页，664.000 KB，由管理员店铺上传

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贵州省铜仁市思南中学2019-2020学年高一（下）5月月考物理试题一、选择题（本大题共12小题。其中1~9题为单选，10~12题为多选）1.关于物体的运动，下列说法正确的是（）A.物体受到的合外力方向变化，一定做曲线运动B.物体做曲线运动，其加速度一定变化C.做曲线运动的物体，其

速度一定变化D.物体做圆周运动时，向心力就是物体受到的合外力【答案】C【解析】【详解】A.物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上，若合外力方向与运动方向在同一直线上，虽然改变，但还是直线运动，故A错误．B.物体做曲线运动，其加速度不一定变化，如平抛

运动，故B错误．C.做曲线运动的物体，速度沿切线方向，所以其速度方向一定变化，故C正确．D.物体做匀速圆周运动时，向心力就是物体受到的合外力，如果做变速圆周运动，向心力是合力的一个分力，D错误．2.在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献，关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是

（）A.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因并提出了惯性定律B.伽利略创造了把实验和逻辑推理和谐结合起来的科学研究方法C.开普勒认为，在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上D.卡文迪许发现了万有引力定律，并通过实验测出了引

力常量【答案】B【解析】【详解】A．伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，是牛顿提出了惯性定律，故A错误；B．伽利略创造了把实验和逻辑推理和谐结合起来的科学研究方法，故B正确；C．牛顿设想了卫星模型，认为：在高山上水平抛出一

物体，只要速度足够大就不会再落在地球上，故C错误；D．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量，故D错误。故选B。3.如图所示，物体在恒力F作用下从A运动到B，这时突然使它所受力反向而大小不变，即由F变为F，在此力作用下，有关物体的运动情况，

下列说法中正确的是（）.A.物体可能沿曲线Ba运动B.物体可能沿曲线Bb运动C.物体可能沿曲线Bc运动D.物体可能沿原曲线由B返回到A【答案】C【解析】【详解】物体从A到B运动，因为运动轨迹是在速度与力的夹角之中，所以物体所受恒力方

向应是右下侧的。到达B点后，力的大小不变方向相反，变成向左上侧。A．由于力的方向发生了改变，曲线Ba不在力与速度的夹角内，故A错误；B．因为物体在B点的速度方向为切线方向，即直线Bb，而力与速度方向不同，所以物体不可能做直线运动，故B错误；C．Bc在力与速度的夹角内，物体有可能沿B

c运动，故C正确；D．很明显，物体不可能由B返回A，故D错误。4.如图所示，有一个水平大圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动，小强站在距圆心为r处的P点不动，关于小强的受力下列说法正确的是()．A.小强在P点不动，因此不受摩擦力作用B.若使圆盘以较小的转速转动时，小强在

P点受到的摩擦力为零C.小强随圆盘做匀速圆周运动，圆盘对他的摩擦力充当向心力D.如果小强随圆盘一起做变速圆周运动，那么其所受摩擦力仍指向圆心【答案】C【解析】由于小强随圆盘做匀速圆周运动，一定需要向心力，该力一定指向圆心方向，而重力和支持力在竖直方

向上，它们不能充当向心力，因此他会受到摩擦力作用，且充当向心力，A、B错误，C正确；当小强随圆盘一起做变速圆周运动时，合力不再指向圆心，则其所受的摩擦力不再指向圆心，D错．5.“套圈圈”是老少皆宜的游戏，如图，大人和小孩在同一竖直线上的不同高度处分别以水平速度v1、v2

抛出铁丝圈，都能套中地面上同一目标．设大人和小孩的抛出点离地面的高度之比H1：H2=2：l，则v1：v2等于（）A.1：2B.2：lC.1：2D.2：1【答案】C【解析】【详解】根据212Hgt得2tHg则初速度2xgvxtH因为水平位移相等，高度之

比为2：1，可知初速度之比1：2．故选C．6.如图所示，质量为m的物块从半径为R的半球形碗边向碗底滑动，滑到最低点时的速度为v，若物块滑到最低点时受到的摩擦力是Ff，则物块与碗的动摩擦因数为（）A.fFmgB.f2FvmgmRC.f2FvmgmRD.f2FvmR【答案】B【

解析】【详解】在最低点有2vNmgmR而FN=N则fFN联立可得f2FvmgmR故选B。7.如图所示，O1为皮带的主动轮的轴心，轮半径为r1，O2为从动轮的轴心，轮半径为r2，r3为固定在从动轮上的小轮半径．已知r

3＝2r1，r2＝1.5r1.A，B和C分别是3个轮边缘上的点，质点A，B，C的向心加速度之比是()A.1∶2∶3B.8∶4∶3C.3∶6∶2D.2∶4∶3【答案】B【解析】【详解】对于A和B，由于皮带不打滑，线速度大小相等，即ABvv由vωr得31::2:1ABrr

对于B与C，绕同一转轴转动，角速度相等，即BC则::2:1:1ABC根据2ar可知，质点A、B、C的向心加速度之比为::8:4:3ABCaaa故B正确，ACD错误。8.用细绳拉着两个质量相同的小球，在同一水平面内做匀速圆周运动，悬点相同，如图所示，A运动的半径

比B的大，则（）A.A受到的向心力比B的大B.B受到的向心力比A的大C.A的角速度比B的大D.B的角速度比A的大【答案】A【解析】试题分析：两个小球均做匀速圆周运动，对它们受力分析，找出向心力来源，可先求出角速度，再由角速度与线速度、向心加速度的关系公式求解．绳子的

拉力和重力充当向心力，故tannFmg，为绳子与竖直方向的夹角，因为夹角不同，所以向心力不同，夹角越大，向心力越大，故A受到的向心力比B大，A正确B错误；根据公式2tanmgmr，而tanrh，故有2tantanmgmh

，故gh，两者的角速度相等，CD错误．9.如图所示，某人利用跨过定滑轮的轻绳拉质量为10kg的物体，定滑轮的位置比A点高3m。若此人缓慢地将绳从A点拉到B点，且A、B两点处绳与水平方向的夹角分别为37°和30°，则此人

拉绳的力做了多少功？（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计滑轮的摩擦）（）A.50NB.100NC.80ND.120N【答案】B【解析】【详解】取物体为研究对象，设绳的拉力对物体做的功为W。根据题意有h=3m。物体升高的高度sin30sin3

7hhh①对全过程分析，根据动能定理，可得人拉绳的力所做的功W人=WG=mgΔh②由①②两式联立并代入数据解得W人=100J故B正确，ACD错误。故选B。10.如图所示，物体A和B的质量均为m，且分别用轻绳连接并跨过定滑轮（不计绳子与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦）．在用水平变力F拉物体B沿

水平方向向右做匀速直线运动的过程中（）A.物体A也做匀速直线运动B.绳子的拉力始终大于物体A所受的重力C.物体A的速度小于物体B的速度D.地面对物体B的支持力逐渐增大【答案】BCD【解析】试题分析：以物体绳子与物体B的结点为研究对象，将B的速度分解成绳子伸长的速度1

v和垂直绳子方向的速度2v，如图所示.1cosvv，绳子伸长的速度等于物体A上升的速度．物体A的速度1cosAvvv，物体B向右运动θ减小，所以Av增大，物体A处于超重状态，绳子拉力始终大于物体A所受的重力，由于

物体A上升的加速度在减小，所以拉力TF在减小，地面对B的支持力sinNBBTFmgF，物体B向右运动θ减小，NBF增大．故选BCD考点：运动的合成与分解点评：物体B的运动在研时要根据效果进行分解，一般分解为沿绳子方向的运动和垂直于绳子方向的运动．

11.公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图所示，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为vc时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处A.路面外侧高内侧低B.车速只要低于vc，车辆便会向内侧滑动C.车速虽然高于v

c，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动D.当路面结冰时，与未结冰时相比，vc的值变小【答案】AC【解析】【详解】试题分析：路面应建成外高内低，此时重力和支持力的合力指向内侧，可以提供圆周运动向心力，故A正确．车速低于v0，所需的向心力减小，此时摩擦力可以指向外侧，减小提供

的力，车辆不会向内侧滑动．故B错误．当速度为v0时，静摩擦力为零，靠重力和支持力的合力提供向心力，速度高于v0时，摩擦力指向内侧，只有速度不超出最高限度，车辆不会侧滑．故C正确．当路面结冰时，与未结冰时相比，由于支

持力和重力不变，则v0的值不变．故D错误．故选AC．考点：圆周运动的实例分析【名师点睛】此题是圆周运动的实例分析问题；解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解，难度不大，属于基础题．12.如图所

示，发射同步卫星的一般程序是：先让卫星进入一个近地的圆轨道，然后在P点变轨，进入椭圆形转移轨道（该椭圆轨道的近地点为近地圆轨道上的P点，远地点为同步卫星圆轨道上的Q点），到达远地点Q时再次变轨，进入同步卫星

轨道。设卫星在近地圆轨道上运行的速率为v1，在椭圆形转移轨道的近地点P点的速率为v2，沿转移轨道刚到达远地点Q时的速率为v3，在同步卫星轨道上的速率为v4，三个轨道上运动的周期分别为T1、T2、T3，则下列说法正确的是（）A.在P点

变轨时需要加速，Q点变轨时要减速B.在P点变轨时需要减速，Q点变轨时要加速C.T1＜T2＜T3D.v2＞v1＞v4＞v3【答案】CD【解析】【详解】AB．设三个轨道的半径（或半长轴）分别为1r、2r、3r，卫星在椭圆形转移轨道的近地点P点时做离心运动，所受的万有引力小于所需要的向心力，即有：222

11mvGMmrr而在圆轨道时万有引力等于向心力，即有：21211mvGMmrr所以有：21vv在P点变轨需要加速；同理，由于卫星在转移轨道上Q点做离心运动，可知：34vv在Q点变轨也要加速，故A、B错误；C．由

于轨道半径（或半长轴）123rrr，由开普勒第三定律32rkT（k为常量）可得：123TTT故C正确；D．在圆轨道时万有引力等于向心力，即有：22GMmmvrr人造卫星做圆周运动的线速度：GMvr

可知：14vv由此可知：2143vvvv故选CD。二、填空题。（2小题）13.两个靠得很近的天体，离其他天体非常遥远，它们均以其连线上某一点O为圆心做匀速圆周运动，两者的距离保持不变，科学家把这样的两个天体称为“双星”，如图所示。已知双星的质量分别为m1

和m2，它们之间的距离为L，求双星的运行轨道半径r1________和r2__________及运行周期T___________。【答案】(1).212Lmmm(2).112Lmmm(3).23124LGmm【解析】【详解】[1][2]由双星系统的特点可知r1＋r2=L对m1G12

2mmL=m1ω2r1对m2G122mmL=m2ω2r2联立解得r1=212Lmmmr2=112Lmmm[3]由于G122mmL=m1224Tr1r1=212Lmmm解得周期T=23124()LGmm14.根据题意回答下列问题(1).在做“研究平抛物体的运动”实验时,

为了能较准确地描绘运动轨迹,下面列出了一些操作要求,将你认为正确的选项前面的字母填在横线上（）.A.通过调节使斜槽的末端保持水平B.每次释放小球的位置必须不同C.每次必须由静止释放小球D.用铅笔记录小球位置时,每次必须严格地等距离下降E.小球运动时不应与木板上的白纸(或方格纸)相触F

.将球的位置记录在纸上后,取下纸,用直尺将点连成折线(2).如图所示为一小球做平抛运动的闪光照相照片的一部分,图中背景方格的边长均为5cm,如果取g=10m/s2,那么:①照相机的闪光频率是__________Hz

;②小球运动中水平分速度的大小是__________m/s;③小球经过B点时的速度大小是__________m/s。【答案】(1).ACE(2).10(3).1.5(4).2.5【解析】【详解】（1）[1]．A.通过调

节使斜槽的末端保持水平，以保证小球做平抛运动，选项A正确；B.每次释放小球的位置必须相同，以保证小球到达底端的速度相同，选项B错误；C.每次必须由静止释放小球，选项C正确；D.用铅笔记录小球位置时,每次没必要严格地等距离下降，选项D错误；E.小球运动时不应与木板上的白纸(或方格纸

)相触，以减小误差，选项E正确；F.将球的位置记录在纸上后,取下纸,用平滑的曲线连接各点，选项F错误；故选ACE.（2）[2]．在竖直方向上有：△h=gT2，其中△h=（5-3）×5cm=10cm=0.1m，代入求

得：0.10.1s10T则f=10Hz[3]．水平方向匀速运动，有：s=v0t，其中s=3l=15cm=0.15m，t=T=0.1s，代入解得：00.151.5m/s0.1v．[4]．根据匀变速

直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程的平均速度，在B点有：0.42m/s20.2ACByhvT所以B点速度为：222201522.5m/sBByvvv．三、计算题。（3小题）15.2013年6月，我国成功实现目标飞行器“神舟十号”与轨道空间站“天宫一

号”的对接。如图所示，已知“神舟十号”从捕获“天宫一号”到实现对接用时t，这段时间内组合体绕地球转过的角度为θ（此过程轨道不变，速度大小不变），地球半径为R，地球表面重力加速度为g，万有引力恒量G，不考虑地球自转；求：(1)地球质量M；(2

)组合体运动的周期T；(3)组合体所在圆轨道离地高度H。【答案】(1)GgRM2；(2)2t；(3)2232gRtHR【解析】【详解】因为在地球表面的物体受到的重力等于万有引力，有：2MmGmgR解得GgRM2(2)设组合体的角速度为ω，周期为T，则

ω＝θt22tT(3)万有引力提供向心力，得2224MmGmRHTRH联立解得2232gRtHR16.如图所示，在光滑的水平面上有一质量为m=10kg的物体。在水平推力F1

=20N的作用下，从静止开始做匀加速直线运动。运动3s后推力F的大小变为F2=10N，方向不变。求：（1）推力F在3s内对物体所做的功；（2）推力F在3s内对物体做功的平均功率；（3）推力F在4s时做功的瞬时功率。【答案】（1）180

J（2）60W（3）70W【解析】【详解】(1)设运动物体在前3s内的加速度为1a，运动位移为1x，第3s末的速度大小为1v，则有：221120m/s2m/s10Fam22111123m9m22xat123m/s6m/stvat所以

推力F在3s内对物体做的功：111209J180JWFx(2)推力F在3s内对物体做功的平均功率：1180W60W3WPt(3)3s后物体的加速度：2221m/sFam4s时物体的运动速度为22216m

/s11m/s7m/svvat所以推力2F在4s时做功的瞬时功率：22107W70WPFv17.质量为0.2kg的小球固定在长为0.9mL的轻杆一端，杆可绕过另一端O点的水平轴在竖直平面内转动。（取210m/sg）求：（1）当小球在最高点的速

度为多大时，球对杆的作用力为零？（2）当小球在最高点的速度分别为6m/s和1.5m/s时，球对杆的作用力。【答案】（1）3m/s；（2）6N，方向竖直向上1.5N，方向竖直向下。【解析】【详解】（1）当小球在最高点对杆的作用力为零时，重力提供向心力，则20vmgmL解得0100.9m/s

3m/svgL（2）设小球在最高点时杆对球的作用力为F，方向竖直向下，由牛顿第二定律得2mvFmgL分别代入16m/sv和21.5m/sv得16NF，21.5NF由牛顿第三定律可得，球对杆的作用力16NF，方向向上，21.5NF，

方向向下。