【文档说明】广东省深圳市福田区外国语高级中学2021-2022学年高三下学期（2月）一模适应性测试 物理 含答案.docx，共(8)页，666.743 KB，由小赞的店铺上传

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深圳市福田区外国语高级中学2022届高三深一模适应性测试物理学科试题答案班级_________________姓名____________________座位号___________________一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.已知氢原子的基态能量为1E，激发态能量为12nEEn=，其中2,3,4n=，…。已知普朗克常量为h，则下列说法正确的是（）A．氢原子跃迁到激发态后，核外电子动能增大，原子的电势能减小B．基态氢原子中的电子（质量为m）吸收

一频率为v的光子被电离后，电子速度大小为()12hEm+C．一个处于3n=的激发态的氢原子，向低能级跃迁时可辐射出3种不同频率的光D．若氢原子从4n=能级向1n=能级跃迁时所产生的电磁波能使某金属发生光电效应，则氢原子从4n=能级向2n=能级跃迁时所产生的电磁

波也一定能使该金属发生光电效应【答案】B【解析】A．氢原子跃迁到激发态后，电子绕核运动的轨道半径变大，根据222qvkmrr=可知，核外电子的动能减小，电势能增大，总能量增大，选项A错误；B．基态的氢原子中的电子吸收一频

率为ν的光子被电离后，最大动能为（E1本身是负值）Ekm＝hν+E1设电子的最大速度为vm，则vm＝()12hEm+，选项B正确；C．一个处于n＝3的激发态的氢原子，向低能级跃迁可辐射2种不同频率的光，选项C错误；D

．从n＝4能级向n＝1能级跃迁产生的电磁波能使某金属发生光电效应，从n＝4能级向n＝2能级跃迁产生的电磁波频率比n＝4能级向n＝1能级跃迁产生的电磁波小，故不一定能使该金属发生光电效应，选项D错误。故选B。2.如图所示，带电云层和建筑物上的避雷针之间形成电

场，图中虚线为该电场的三条等差等势线，实线为某带电粒子运动轨迹，A、B为运动轨迹上的两点。带电粒子的重力不计，避雷针带负电。则（）A．带电粒子带负电B．避雷针尖端附近电势较高C．带电粒子在A点的加速度大于在B点的加速度

D．带电粒子在A点的电势能大于在B点的电势能3.新能源汽车已经成为未来汽车发展的趋势，2019年广州车展期间中国车企推出一款国产新能源汽车。试车员某次在水平路面上测试该车性能过程中，车上速度传感器拟合出的速度随时间变化图像如图所示，下列说法正确的是（

）A．0~2.5s内汽车座椅对试车员的作用力不变B．0~2.5s内汽车位移大小为31.25mC．0~2.5s内汽车的平均速度大于212.5m/sD．2.5st=时，汽车加速度大小为210m/s【答案】C【详解】A．0~2.5s时间内，新能源汽车的加速度逐渐减小，由牛顿第二定律，试车员所受合力逐

渐减小，试车员重力不变，说明汽车座椅对试车员的作用力逐渐减小，故A错误；BC．在vt−图像中图像与时间轴所围的面积表示位移，假设汽车0~2.5s做匀加速直线运动，图像如图所示可求得位移为0252.5m31.25m2xvt+===实际所围面积大于三角形面积，说明汽车位移大于31

.25m，平均速度31.25m/s12.5m/s2.5xvt==说明汽车平均速度大于12.5m/s，故B错误，C正确；D．假设汽车做匀加速直线运动，可求得加速度大小为22250m/s10m/s2.5vat−===2.

5st=时，图线切线斜率小于匀加速直线运动时图线的斜率，说明汽车加速度小于210m/s，故D错误。故选C。4.如图，做匀速直线运动的小车A，通过一根不可伸长的轻绳绕过定滑轮提升物块B，设物块和小车速度的大小分别为vB、vA，在物块B到达滑轮之前，下列关于物块B说法中正确的是（）A．

vB>vAB．处于超重状态C．机械能保持不变D．竖直向上做匀速运动【答案】B【详解】设绳子与水平方向的夹角为，将小车A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于B的速度ABD．根据平行四边形定则得cosBAvv=小车A在匀

速向左的运动过程中，绳子与水平方向的夹角为减小，所以B的速度增大，B做加速上升运动，且拉力大于重物的重力，是超重，AD错误B正确；C．物块B受到向上的拉力做正功，机械能不守恒，D错误。故选B。5．如图所示，长直导线和矩形线框abcd在同一平面

内，直导线中通过恒定电流，电流方向竖直向上。现使线框由位置I向右先加速后减速平动到位置II，在线框的运动过程中（）A．线框中先产生顺时针方向的感应电流，后产生逆时针方向的感应电流B．线框中先产生逆时针方向的感应电流，后产生顺时针方向的感应电流C．线框中一直产生顺时针方向的感应电流D．线框中一直产

生逆时针方向的感应电流【答案】C【详解】由安培定则，线框所在处的磁场垂直纸面向里，线框向右运动，磁通量减小，由楞次定律得，线框中一直产生顺时针方向的感应电流，C正确，ABD错误。故选C。6．卫星甲、乙、丙在如图所示的三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在Р点相切

。下列说法正确的是（）A．卫星甲经过Р点时的加速度大于卫星乙经过Р点时的加速度B．卫星丙的发射速度可以小于7.9km/sC．在卫星甲、乙，丙中，卫星丙的周期最大D．卫星甲经过Р点时的速度大于卫星乙经过Р点时的速度【答案】D【详解】A

．由牛顿第二定律22MmGMraGmr==加速度相等，A错误；D．卫星乙在P点加速才能做离心运动进入卫星甲轨道，所以卫星甲经过Р点时的速度大于卫星乙经过Р点时的速度，D正确；C．由开普勒第三定律，甲的周期最大，C错误

；B．卫星丙的发射速度如果小于7.9km/h，将落回地面，D错误。7．图甲是某款手机无线充电装置，其工作原理如图乙所示，其中送电线圈和受电线圈的匝数比12:5:1nn=，两个线圈中所接电阻的阻值均为R。当ab间接上220V的正弦交变电源后，受电线圈中产生交变电流给手机快速

充电，这时手机两端的电压为5V，充电电流为2A。若把装置线圈视为理想变压器，下列说法正确的是（）A．快速充电时，cd间电压U2=44VB．快速充电时，送电线圈的输入功率为10WC．快速充电时，送电线圈的输入电压U1=212.5VD．R的值为1

87.5Ωcd间电压为42.5伏，输入功率为85w，R为18.75欧，输入电压为212.5伏二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.如图所示是磁流体发电机的示意图，两平行金属板P、Q之间有一个很强的磁场．一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电离子）沿垂直于磁场的方向喷入磁场．把P、Q与电阻R相连接，下列说法正确的是（）A．Q板的电势高于P板的电势B．R中有由a向b方向的电流C．若只改变

磁场强弱，R中电流保持不变D．若只增大离子入射速度，R中电流增大【答案】BD【详解】AB．根据左手定则可知，正电荷向上偏转，P板的电势高于Q板的电势，流过R的电流由a向b方向，A错误，B正确；CD．发电机未接通时，内部电场力与洛伦兹力平衡E0q=

Bqv因此电动势的大小E=Bdv若只改变磁场强弱，电动势大小改变，R中电流大小发生变化；若只增大离子入射速度，电动势增大，R中电流增大，C错误，D正确。故选BD。9.如图所示，图中有一有界匀强磁场，以虚线为界，其右侧磁场方向垂直纸面向外，正方形金属框边长是L，电阻为R，自线框从左边界进入磁场

时开始计时，在外力作用下由静止开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域，1t时刻线框全部进入磁场．若外力大小为F，线框中电功率的瞬时值为P，线框磁通量的变化率为t，通过导体横截面的电荷量为q，（其中Pt−图象为抛物线）则这

些量随时间变化的关系正确的是（）A．B．C．D．【答案】BD【解析】线框做匀加速运动，其速度v=at，感应电动势E=BLv，线框进入磁场过程中受到的安培力2222BBLvBLatFBILRR===，由牛顿第二定律得：22BLatFmaR−=，则

22BLaFmatR=+，故A错误；电荷量221·2··2BLatEBLxBLaqIttttRRtRRRR=======，故B正确；线框的位移212xat=，21···122BLatBSBLatttt===，故C错误；感应电流EBLatIRR==，线框的电功率222()B

LaPIRtR==，故D正确；故选BD。10.如图所示，空间中存在一匀强磁场区域，做场的磁感应强度大小为B，方向与竖直面（纸面）垂直，磁场的上、下边界（虚线）均为水平面，纸面内磁场上方有一个质量为m、总电阻为R。

边长为L的正方形导线框abcd（由均匀材料制成），其上、下两边均与破场边界平行，边长小于磁场上、下边界的间距。导线框从ab边距磁场上边界为h处自由下落，不计空气阻力，重力加速度大小为g。下列说法正确的是A．ab边刚进入磁场时，受到的安培力大小为22BLghR

B．导线框通过磁场上边界的过程中，下落的速度可能一直增大C．若磁场上、下边界的间距为2h，则ab边刚到达磁场下边界时的速度大小可能为2ghD．导线框通过磁场下边界的过程中，下落的速度一定一直减小【答案】BC【解析】导线框开始做自由落体运动有v

2=2gh，ab边刚进入磁场时有E=BLv，EIR=，此时受到的安培力大小222BLghFBILR==，故A错误；若导线框进入磁场的过程中，受到的安培力一直小于其受到的重力，则导线框的速度增大，故B正确；若导线框刚进入磁场时，受到的安培力与其受到的重力大小相等，则导线框

进入磁场的过程做匀速直线运动，然后做匀加速直线运动，直到ab边刚到达磁场下边界，该过程中，若L=h，有2vgh=；（对全过程分析21(3)02mghQmv−=−若2vgh=，可得Q=mgh>0，假设成立），故C正确；导

线框通过磁场下边界时，受到的安培力可能小于其受到的重力，下落的速度可能增大，故D错误。故选BC。题号12345678910答案三、非选择题：共54分，第11~14题为必考题，考生都必须作答。第15~16题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共42分。11．（6分）小明同学用如

图(a)所示的实验装置测量弹簧劲度系数k。己知图中所给小球的质量为m，水平轨道可视为光滑，B处装有光电门，可测量小球经过光电门的时间。下面是小明进行的一次实验：①用游标卡尺测量小球的直径d如图(b)所示，记录小球的直径d=cm；②将弹簧左端固定在挡板上；让小球与

弹簧接触并压缩弹簧，记录压缩量x；③由静止释放小球，测得小球通过光电门的时间t=5.00ms，则小球离开弹簧的速度v=m/s；若己知弹簧弹性势能2p21kxE=，k为劲度系数，x为形变量。则根据实验步骤中测得的物理量，则

可得k=。（用题中的m、d、x、t表示）12．（10分）某型号多用电表欧姆挡的电路原理图如图甲所示。微安表是欧姆表表头，其满偏电流Ig=500VA，内阻Rg=950Ω。电源电动势E=1.5V，内阻r=1Ω。电阻箱R1和电阻箱R2的阻值调节范围均为0～9999.9Ω。(1)甲图中的a端应与（填

“红”或“黑”）表笔连接。(2)某同学将图甲中的a、b端短接，为使微安表满偏，则应调节R1=Ω；(3)如图乙所示，该同学将微安表与电阻箱R2并联，利用该电路图组装一个“×l00倍率”的欧姆表，要求欧姆表的表盘刻度示意图如图丙所示，其中央刻度标“15”，则该同学应调节R2=Ω；用此欧姆表测量一个阻值

约2000Ω的电阻，测量前应调节R3=Ω。(4)在上述(3)的条件下，欧姆表的刻度值是按电源电动势1.5V时刻度的，若表内电池用旧，电源电动势下降到1.2V时，测得某电阻是2000Ω，这个电阻真实值是Ω

．11．（共6分，每空2分）1.142.28222txmdk=12．（共10分）(1)红（2分）(2)2049（2分）(3)950（2分）1024（2分）(4)1600（2分）13．（12分）如甲图所示，半径为

R=4m的1/4光滑绝缘圆弧轨道竖直放置，它被固定在两个竖直放置的平行金属板间，轨道下端切线水平，且轨道的顶端、底端到上下极板的距离均为R。平行板间存在一竖直向上的匀强电场，电场强度随时间变化的关系如乙图所示。一个质量m=0.1kg、电量Cq2102−=

的带正电小球以初速度v0=2m/s从圆弧轨道顶端开始沿轨道运动，若己知平行板长为RLL+=，取重力加速度g=10m/s2，π=3，求：(1)带电小球在轨道上运动的时间t；(2)小球能从平行极板中飞出的情况下，L的最大值。13．（10分）解：(1)刚开始，由图可知，电场强度E1=50N/C对小球受

力分析得：mgqE=1……2分故小球沿圆轨道做匀速圆周运动。设小球在圆轨道上一直做匀速圆周运动，设运动时间为t1，则10241tvR=……1分解得t1=3s由右图可知，假设成立所以带电小球在圆轨道上运动的时间

t1=3s……1分(2)小球离开圆轨道后做类平抛运动，在竖直方向上：mamgqE=−2……2分2/4sma=22212atR=……2分st22=若粒子恰好从极板右上方飞出，则在水平方向上：30tvL=……1分mL4=……1分14．（14分）如图甲所示，

足够长的、质量kg1=M的木板静止在水平面上，质量kg1=m、大小可以忽略的铁块静止在木板的右端。己知木板与地面间的动摩擦因数1.01=，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取2s/m10=g．现给铁块施加一个水平向左的力

F，作出铁块受到的摩擦力f随力F大小变化的图象如图乙所示。(1)若F恒为8N，求铁块在1s内在木板上滑过的长度。(2)若作用力F随时间t变化的关系图像如图丙所示，求在8s内铁块运动的位移。14.．(16分)解：(1)铁块的水平受力如图，由牛顿第二定律：12mamgF

=−······1分木板的水平受力如图，由牛顿第二定律：212)(MagmMmg=+−······1分由图像可知，物块与木板之间的动摩擦力为Nf41=mgf21=，故动摩擦因数4.02=在st1=内，木板位移：222

21tas=······1分铁块位移：21121tas=······1分则在木板上滑过的长度21ssL−=······1分解得：mL1=······1分(2)由丙图可知，在st21=内，N11=F而NgMmF2)(1=+时，系统将不会被拉动，静摩擦力Ff=故在前2s内，铁块运动的位移为0···

···1分在2-4s内，s22=tN32=F，由乙图当N6N2F时，)N(12+=Ff由此可得N5.2=f······1分由于'12mafF=−······1分21/5.0'sma=所以在2-4秒内小铁块的位移2211'

21'tas=ms1'1=······1分对')(M21MagmMf=+−：······1分解得221/5.0''smaa==故4s末，两者的速度相同，大小为21'tav=smv/1=······1分此后

，假设两者可以共同减速的加速度为'a则')()(1amMgmM+=+对小铁块，设所需的摩擦力为''maf=mgNf21'=故假设成立，两者可以共同减速。······1分设减速至速度为零的时间为3t，310gtv−=·····

·1分st13=此段小铁块位移大小为3120''tvs+=······1分ms5.0''1=铁块共运动了5s停下，所以小铁块在8s内运动的总位移为'''11sss+=ms5.1=······1分（二）选考题：共12分，请考生从2道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的

第一题计分。15.【3-3】(共12分）(1)（3分）根据以下三幅图按要求作答：(2)(3)图1中时引力_______斥力(1分)；图2中________(1分)；图3中_________(2分)。选填：大于、小于、等于(2)如图所示，一个内壁光滑导热性良

好的圆柱形气缸竖直静置于水平面上，高度为L=0.6m、底面积为S=20cm2，缸内有一个质量为m=10kg的活塞，封闭了一定质量的理想气体．开始周围环境温度为27℃时，缸内气体高为L0=0.4m．已知重力加速度为g=10m/s2，大气压强为p0=1.0×l05Pa，不计活塞厚度及活塞与缸体的

摩擦，求：①若周围环境温度缓慢升高，最终活塞刚好要脱离气缸，问最终周围环境温度为多少？②在①问情景中，若气体内能增加了200J，则在此过程中缸内气体共吸热多少？(2)【解答】解：①、周围环境温度缓慢升高，缸内气体压强不变，根据盖-吕萨科定律得210TLSTSL=2'T1=(273+

23)K=300K，代入数据解得T2=450K=（450-273）℃=177℃1′②气体膨胀过程中缸内活塞对气体的压力为F=mg+p0s2′则外界对气体做功为W=-F(L–L0)1′根据热力学第一定律△U=W+Q1′代入数据解得Q=260J1'获得

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