【文档说明】【精准解析】吉林省长春市第二十九中学2019-2020学年高一上学期期末考试物理试题.pdf，共(18)页，377.529 KB，由小赞的店铺上传

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-1-物理试卷(理科)（时间：80分钟满分：100分）一、单项选择题(每题4分)1.在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持物体运动的原因”这个观点的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是（）A.亚里士多德、伽利略B.伽利略、牛顿C.伽利略

、爱因斯坦D.亚里士多德、牛顿【答案】B【解析】【详解】亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，伽利略运用逻辑推理和实验相结合的方法推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体运动状态的原因；牛顿提出了物体的运动定

律，其中牛顿第一定律即为惯性定律，选项B正确，ACD错误。故选B。2.如图所示，小狗匀速向前跑动时，绳索上的拉力为F，绳索与地面夹角为θ＝30°，此时小狗向前跑动的动力是A.FB.2FC.32FD.2F【答案

】C【解析】试题分析：把绳索上的拉力F分解，F的水平分量Fcosθ与小狗的动力满足二力平衡条件，因此小狗向前跑动的动力等于32FcosF，故选C．考点：物体的平衡【名师点睛】本题考查共点力平衡条件应用，注意明确小狗在水平和竖直方向上的合力均应-2-为零，分别在两个方向列出方程

即可．3.下列几组共点力，分别作用在同一个物体上，有可能使物体做匀速直线运动的是（）A.4N、5N、7NB.3N、4N、8NC.2N、9N、5ND.5N、7N、1N【答案】A【解析】【详解】A．5N和7N的合力范围

是2N≤F合≤12N，第三个力4N在这个范围之内，这三个力的合力可以为零，能够使物体做匀速直线运动，故A正确；B．3N和4N的合力范围是1N≤F合≤7N，第三个力8N不在其范围之内，这三个力的合力不可以为零，不能够使物体做匀速直线运动，故B错误；C．2N和9N的合力范

围是7N≤F合≤11N，第三个力5N在不其范围之内，这三个力的合力不可以为零，不能够使物体做匀速直线运动，故C错误；D．5N和7N的合力范围是2N≤F合≤12N，第三个力1N不在其范围之内，这三个力的合力不可以为零，能够使物体做匀速直线运动，故D错误。故选A。4.如图所示，一根弹性杆的一端固定

在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重为4N的小球，小球处于静止状态，则弹性杆对小球的弹力（）A.大小为4N，方向平行于斜面向上B.大小为2N，方向平行于斜面向上C.大小为4N，方向垂直于斜面向上D.大小为4N，方向竖直向

上【答案】D【解析】试题分析：根据物体的受力平衡状态，弹力应该与重力平衡，所以弹力竖直向上，大小为4N，答案为D考点：受力分析点评：本题考查了通过受力分析判断弹力的方法．杆的弹力可以是其他方向，不一定沿着杆-3

-本身．5.如图所示，质量为1kg的物体与地面间的动摩擦因数0.2，从0t开始以初速度0v沿水平地面向右滑行，同时受到一个水平向左的恒力1NF的作用，取向右为正方向，该物体受到的摩擦力fF随时间变化的图像是下列图中的

（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】开始物体受到水平向左滑动摩擦力：0.2110N2Nfmg物体速度减为0，外力Ff，所以物体受到水平向右静摩擦力：1NfF故选A．6.如图所示，一个重为5N的大砝码，用细线悬挂在O点，现在用力F拉砝码，使悬线偏离-4-竖直方向30°时

处于静止状态，此时所用拉力F的最小值为（）A.8.65NB.5.0NC.4.3ND.2.5N【答案】D【解析】【详解】以物体为研究对象，根据作图法可知，当拉力F与细线垂直时最小，如图所示：根据平衡条件得F的最小值为3050.52.5minFGsinNN

，故选项D正确，ABC错误．7.如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块(AA、B接触面竖直)，此时A恰好不滑动，B刚好不下滑.已知A与B间的动摩擦因数为1，A与地面间的动摩擦因数为2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力.A与B的质量之比为()A.121B.12121

-5-C.12121D.12122【答案】B【解析】【详解】试题分析：对A、B整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡条件，有：F=μ2（m1+m2）g①再对物体B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水

平方向：F=N竖直方向：m2g=f其中：f=μ1N联立有：m2g=μ1F②联立①②解得：1122121mm故选B．【考点定位】物体的平衡【点睛】本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡

条件列式求解，注意最大静摩擦力约等于滑动摩擦力．8.如图，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O；整个系统处于静止状态；现将细绳剪断，将物块a的加速度记为a1，S1和S2相对原长的伸长分别为x1和x2，

重力加速度大小为g，在剪断瞬间（）A.a1=gB.a1=3gC.x1=3x2D.x1=x2【答案】B-6-【解析】【详解】剪断细线之前，以bc物块为整体为研究对象受力分析可知，轻弹簧S1弹力12Fmg剪断细线一瞬

间，绳子拉力立刻消失，但轻弹簧S1的弹力F1没有发生变化，对物块a进行受力分析，由牛顿第二定律可知：11mgFma11FF解得：13ag单独以c为研究对象，得轻弹簧S2的弹力：2F=mgS1

和S2是完全相同的弹簧，结合胡克定律得：11222xFxF即：122xxACD三项与计算不符，故本题选B。9.如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系xOy，该平面内有AM、BM、CM三条光滑固定轨道，其中

A、C两点处于同一个圆上，C是圆上任意一点，A、M分别为此圆与y、x轴的切点．B点在y轴上且∠BMO＝60°，O′为圆心．现将a、b、c三个小球分别从A、B、C点同时由静止释放，它们将沿轨道运动到M点，如所用时间分别为tA、tB、tC，则tA、tB、tC大小关系是()

-7-A.tA＜tC＜tBB.tA＝tC＜tBC.tA＝tC＝tBD.由于C点的位置不确定，无法比较时间大小关系【答案】B【解析】对于AM段，位移x1＝2R，加速度14522mgsinagm＝＝，根据

x＝12at2得，11124xRtag＝＝．对于BM段，位移x2=2R，加速度a2＝gsin60°＝32g，由x2＝12at2得，222283xRtag＝．对于CM段，设CM与竖直方向夹角为θ，同理可解得333222cos4cosxRRtagg＝＝．故选B．10

.在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m1的木块,木块和车厢通过一根轻质弹簧相连接,弹簧的劲度系数为k.在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m2的小球.某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为θ,在这段时间内木块与车

厢保持相对静止，如图所示.不计木块与车厢底部的摩擦力,则在这段时间内弹簧的形变为()A.伸长量为1tanmgkB.压缩量为1tanmgkC.伸长量为1mgktanD.压缩量为1mgktan-8-【答案】A【解析

】【详解】对小球受力分析，如图所示：由几何关系F合=m2gtanθ，由牛顿第二定律tanFagm合，车向左加速或向右减速.对小物体受力分析，受重力、支持力和弹簧弹力，合力等于弹簧弹力，根据牛顿第二定律F弹=m1gtanθ，物体受向左的弹力，结合胡克

定律Fkx可知1tanmgxk；故选A．【点睛】仅仅对物体受力分析，有时无法求出合力，本题中还必须要结合物体的运动情况进行受力分析，才能得到明确的结论．11.如图所示，扶手电梯与地面的夹角为30°，质量为m的人站在电梯上．当电梯斜向上作匀加速运动时，人对电梯的压力是他体重的1.2倍．

那么，关于电梯的加速度a的大小和人与电梯梯级表面间的静摩擦力f的大小，正确的是（）A.5ga，25mgfB.25ga，35mgfC.25ga，25mgfD.2315ga，315mgf【答案】B【解析】试题分析：人在竖直方

向上受到重力和电梯的支持力，在水平方向上受到向右的摩擦力，三个力合力沿斜面向上，Fma合，根据几何知识可得02sin305NmgFmg合，-9-03tan305Nmgmgf，解得25ga，考点：考查了牛顿第二定律的应用【名师点睛】关键是对人受力分析，本题可

以等效于人在竖直方向上受到重力与支持力的合力，水平方向上受到摩擦力两个力作用，然后根据牛顿第二定律分析列式求解12.光滑的半球形物体固定在水平地面上，球心正上方有一光滑的小滑轮，轻绳的一端系一小球，靠放在半球上的A点，另一端绕过定滑轮后用力拉住，使小球静止，如

图所示，现缓慢地拉绳，在使小球沿球面由A到B的过程中，半球对小球的支持力N和绳对小球的拉力T的大小变化情况是（）A.N变大、T变小B.N变小、T变大C.N变小、T先变小后变大D.N不变、T变小【答案】D【解析】试题分析：以小球为研究对象，分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T和半球面的支持力

N，作出N、T的合力F，由平衡条件得知．由得，得到，，由题缓慢地将小球从A点拉到B点过程中，，AO不变，变小，可见T变小，N不变，故选项D正确．-10-考点：共点力平衡的条件及其应用、力的合成与分解的运用【名师点睛】本题是

平衡问题中动态变化分析问题，N与T不垂直，运用三角形相似法分析，作为一种方法要学会应用．二、双项选择题(每题4分)13.一汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于车速、惯性、质量和滑行路程的讨论正确的是（）A.车速越大，它的惯性越大B.质量越大，它的惯性越大C.车速

越大，刹车后滑行的路程越长D.车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大【答案】BC【解析】【详解】AB.惯性是物体的固有属性，它与物体的质量有关，与物体的速度无关，故A错误，B正确；CD.根据22vsa可知车速越大，刹车后滑行的路程越长，与惯性的大小无关

，故C正确，D错误．14.如右图，木箱内有一竖直放置的弹簧，弹簧上方有一物块；木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上．若在某一段时间内，物块对箱顶刚好无压力，则在此段时间内，木箱的运动状态可能为A.加速下降B.加速上升C.减速

上升D.减速下降【答案】BD【解析】【详解】木箱静止时物块对箱顶有压力，则物块受到箱顶向下的压力，当物块对箱顶刚好无-11-压力时，物体受到的合力向上，所以系统应该有向上的加速度，是超重，物体可能是向上加速，也可能是向下减速，所以B正确．【点睛】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说

物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；15.如图所示，绳与杆均不计重力，A端用绞链固定，滑轮O在A点正上方(滑轮大小

及摩擦均可忽略)，B端吊一重物P，现施加拉力FT将B缓慢上拉(均未断)，在杆达到竖直前（）A.绳子拉力越来越大B.绳子拉力越来越小C.杆的弹力越来越小D.杆的弹力不变【答案】BD【解析】【详解】如下图所示，对B

点进行受力分析：根据几何三角形和力学三角形的相似，得：NTFFGhsL常数-12-施加拉力FT将B缓慢上拉的过程中，h不变，L不变，s变短故可知，杆的弹力FN不变，绳子拉力FT逐渐越来越小。AC选项与上述分析不符，故本题选BD。三、填空题（每空2分

，共8分）16.在“研究匀变速直线运动”的实验中，电磁打点计时器使用______（选填“直流”或“交流”）电源，它每隔0.02s打一次点．图示是实验得到的一条点迹清晰的纸带，A、B、C、D为四个计数点，相邻两个计数点之间还有4个点未画出，则相邻两个计数点间的时间间隔是______s．经测

量知道AB＝2.20cm，BC＝3.80cm，根据以上数据，可知打点计时器打下B点时物体的速度等于_____m/s，物体的加速度等于______m/s2．【答案】(1).交流，(2).0.10，(3).0.30，(4).1.60【解析】试题分析：电磁打点计时

器使用的是4-6V的低压交流电，相邻两个计数点之间还有4个点未画出则相邻两个计数点间的时间间隔是50.020.1Tss，在匀变速直线运动过程中，一段时间的中间时刻速度等于该段的平均速度，故有0.30/2ABBCBxxvm

sT，根据逐差法可得2BCABxxaT，故2BCABxxaT，解得21.60/ams，考点：考查了“研究匀变速直线运动”的实验四、计算题17.如图所示，轻绳AD跨过固定在水平横梁BC右端的定滑轮挂一个质量为10kg的物体，∠ACB=30°，g取10m/

s2.求：（1）轻绳AC段的张力FAC的大小；（2）横梁BC对C端的支持力大小及方向。-13-【答案】（1）100N；（2）100N；方向和水平方向成30°角斜向右上方【解析】【详解】物体M处于平衡状态，根据平衡条件

可判断，与物体相连的细绳拉力大小等于物体的重力，取C点为研究对象，进行受力分析，如图所示：（1）如上图所示，轻绳AD跨过定滑轮拉住质量为M的物体，物体处于平衡状态，绳AC段的拉力为：FAC=FCD=Mg=10×10N=100N（2）由几何关系得：FN=FAC=Mg=100N方向和水平方向成

30°角斜向右上方。18.如图所示一足够长的光滑斜面倾角为37°,斜面AB与水平面BC平滑连接。质量m=1kg可视为质点的物体置于水平面上的D点，D点距B点d=7m,物体与水平面间的动摩擦因数为0.4。现使物体受到一水平向左的恒力F=6.5N作用，经时间t=2s后撤去该力，物体经过

B点时的速率不变，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，求：（1）撤去拉力F时物体的位移；-14-（2）撤去拉力F后,物体经过多长时间第二次经过B点；（3）物体最后停下的位置距B点多远？【答案】（1）5m；（2）1.5s；（3）1.

125m【解析】【详解】（1）物体在水平面上运动过程中，设撤去F前后物体的加速度大小分别为a1、a2由牛顿第二定律得：1Fmgma2mgma代入解得：a1=2.5m/s2a2=4m/s2恒力F作用t=2

s时物体的位移为：11215m2txa故撤去外力F时，物体的位移为5m。（2）撤去外力瞬间，物体的速度为：15m/svat设撤去拉力F后，物体第一次经过B点的时间为t1则：2112112dxvtat代入解得：t1=0

.5s物体滑到B点时速度大小为：-15-213m/sBvvat设物体在斜面上运动的加速度大小为a3则：3sin37mgma解得：236m/sa物体在斜面上滑行的总时间：2321sBvta所以物体第二次经过B点的时间为：3121.5sttt（3）物块最后停下的位置距B点：

221.125m2Bvxa19.如图甲所示，质量为M的长木板，静止放置在粗糙水平地面上，有一个质量为m、可视为质点的物块，以某一水平初速度从左端冲上木板从，物块冲上木板到物块和木板达到共同速度的过程中，物块和木板的v­t图像分别如图乙中的折线acd和bcd所示，a、b、c、

d点的坐标分别为a(0，10)、b(0，0)、c(4，4)、d(12，0)，根据v­t图像，求：（1）物块冲上木板做匀减速直线运动的加速度大小a1，木板开始做匀加速直线运动的加速度大小a2，达到共同速

度后一起做匀减速直线运动的加速度大小a3；（2）物块质量m与长木板质量M之比；（3）物块相对长木板滑行的距离Δx．-16-【答案】（1）1.5m/s2，1.0m/s2，0.5m/s；（2）32；（3）20m

【解析】【详解】（1）由v-t图象可求出物块冲上木板做匀减速直线运动的加速度大小a1=vt=1044m/s2=1.5m/s2木板开始做匀加速直线运动的加速度大小a2=vt=404m/s2=1m/s2达到同速后一起做减速

运动的加速度大小a3=vt=408m/s2=0.5m/s2（2）设物块与木板间的动摩擦因数为1，木板与地面间动摩擦因数为2，对m冲上木板减速阶段1mg=ma1对M向前加速阶段1mg-2（m+M）

g=Ma2物块和木板达到共同速度后向前减速阶段2（m+M）g=（M+m）a3以上三式联立可得，物块质量m与长木板质量M之比mM=32（3）由v-t图可以看出，物块相对于长木板滑行的距离x对应图中abc的

面积x=12104m=20m五、延展题20.一辆汽车以速度v1匀速行驶全程的34的路程，接着以v2=19km/h走完剩下的路程，若它全路程的平均速度v=28km/h，则v1应为？【答案】33.25k

m/h【解析】【详解】设汽车行驶的总路程为4s，则汽车在匀速行驶前34的路程时，所用的时间：-17-113stv汽车在行驶后14的路程时，所用的时间为：22stv则汽车在行驶整段路程时的平均速度为：124svt

t带入数据，联立上述各式得：133.25km/hv-18-