【文档说明】安徽省合肥六校联盟2023-2024学年高二上学期期中考试+物理+含解析.docx，共(25)页，1.711 MB，由小赞的店铺上传

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合肥六校联盟2023-2024学年第一学期期中联考高二年级物理试卷（考试时间：75分钟满分：100分）一、选择题（本题共12小题，共50分。在每小题给出的四个选项中，第1~10题只有一项符合题目要求，每小题4分，第

11~12题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.下列关于物理学史的描述中错误的是（）A.密立根最早通过实验测出最小的电荷量——元电荷e的值B.法拉第最早发现了电磁感应现象，并用“力线”形象地描述了电磁场C.爱因斯坦最早提出能量子假设，即振动着

的带电微粒的能量只能是某一最小能量值的整数倍D.安培最早提出“分子电流”假说，即在物质内部存在着一种环形电流，它的两侧相当于两个磁极2.一金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示。容器内表面为等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是()A.A

点的电场强度比B点的大B.小球表面的电势比容器内表面的低C.B点的电场强度方向与该处内表面垂直D.将检验电荷从A点沿不同路径移到B点，电场力所做的功不同3.在x轴方向存在一静电场，其φ-x图像如图所示，一电子以一定的初速度沿x轴从O点运动到x4，电子仅受电场力，

则该电子（）A.在x1处电势能最大B.从x2到x3受到的电场力和从x3到x4受到的电场力方向相反C.在x1处受到的电场力最大D.在x3处电势为零，电场强度不为零且电场方向沿x轴正向4.在炎热的夏天我们可以经常看到，有的小朋友的太阳帽前有一小风扇（如图所示），该

小风扇与一个小型的太阳能电池板相接，对其供电。经测量该电池能产生的电动势为E=0.6V，则关于该电池的描述正确的是（）A.通过1C电荷量该电池能把0.6J的太阳能转化为电能B.单位时间内可把0.6J的太阳能转化为电能C.该电

池把其他形式能转化为电能的本领比一节7号电池的本领大得多D.把该电池接入闭合电路后，电动势减小5.如图是多用电表内部结构示意图，通过选择开关分别与1、2、3、4、5、6相连，以改变电路结构，分别成为电流表、电压表和欧姆表，下列说法正确的是（）A.A是黑表笔、B是

红表笔B.当选择开关与3或4相连是欧姆表，测量电阻之前需欧姆调零C.作电流表时2比1量程大，作电压表时5比6量程小D.测电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关拨至倍率更大的挡位6.在如图所示电路中，电

源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω。闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A。则以下判断中正确的是（）的A.电动机的输出功率为14WB.电动机两端的电压为8.0VC.电动机的发热功率为4.0WD

.电源输出的电功率为20W7.如图所示，直导线AB、螺线管E、电磁铁D三者相距较远，其磁场互不影响，当开关S闭合后，则小磁针北极N（黑色端）指示磁场方向正确的是（）AaB.bC.cD.d8.在纸面内放有一磁铁和一圆形线圈（如图所示），下列情况线圈中

能产生感应电流的是（）A.将磁铁在纸面内向上平移B.将磁铁在纸面内向右平移C.将磁铁绕垂直于纸面的轴转动D.将磁铁的N极转向纸外，S极转向纸内9.在如图所示电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P

向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A.灯泡L变亮B.电源的输出功率变小C.电容器C上电荷量减少.的D.电流表读数变大，电压表读数变小10.丹麦物理学家奥斯特发现了电流磁效应，他在电与磁学研究上开创性的工作创立了

物理研究的新纪元。某物理探究小组在实验室重复了奥斯特的实验，具体做法是：在静止的小磁针正上方，平行于小磁针水平放置一根直导线，当导线中通有电流时，小磁针会发生偏转；当通过该导线的电流为0I时，小磁针静止时与导线夹角为1。已知直导线在某点产

生磁场的强弱与通过该直导线的电流成正比，若在实验中发现小磁针静止时与导线夹角为2，则通过该直导线的电流为（）A.201sinsinIB.201tantanIC.201coscosID.102tantanI11.如图所示直角三角形，60cmBC=，80cmA

B=，90ABC=，其中D为AB的中点，空间有平行于ABC平面的匀强电场，一电荷量为1Cq=−的点电荷由C移动到D，电场力做功为302J，从A移动到C，电场力做功为302J，已知A点的电势为0。则下列说法正确的是（）A.D点的电势为60

2VB.电场方向垂直AC斜向右上方C该电荷由B到C电场力做功902JD.电场强度大小为300Vm12.微信运动步数的测量是通过手机内电容式加速度传感器实现的。如图，M极板固定，当手机的加速度变化时，N极板只能按图中标识的“前后”方向运

动。图中R为定值电阻。下列对传感器描述正确的是（）A.静止时，电流表示数为零，电容器两极板不带电B.由静止突然向前加速时，电容器的电容减小的.C.保持向前匀减速运动时，电阻R以恒定功率发热D.由静止突然向前加速时，电流由b向a流过电流

表二、实验题：本题共2小题，每空2分，共18分。13.某小组测量一粗细均匀的金属丝电阻率。提供的器包括：电源E（电动势为12V）、电压表V（量程6V，内阻约为8kΩ）、滑动变阻器（最大值5Ω，额定电流2A）、游标卡尺、螺旋测微器、导线和开关，电流

表A1（量程0.6A，内阻约为0.2Ω）、电流表A2（量程3A，内阻约为0.05Ω）（1）多用电表选用“×1”倍率欧姆挡，先粗测xR的阻值，实验中得到指针如图甲所示，则读数为___________Ω；（2）用游标卡尺测金属丝的

长度如图甲所示，读数L=___________cm；用螺旋测微器测得金属丝的直径如图乙所示，读数D=___________mm。（3）测量金属丝的电阻时，为使测量数据尽可能完整、准确，实验中所用电流表应选用___________（选填“A1”或“A2”），请在图丙中

将实验电路图补画完整。___________（4）若按正确的实验电路进行实验，某次实验测得电压表和电流表的示数分别为U和I，金属丝的长度为L、直径为D，则金属丝的电阻率为ρ=___________（用物理量符号表示）。14.某实验小组中的小明、小华两位同学分别用如图甲所示的实验电路测量

某一电阻xR的阻值和测量电源的电动势E与内阻r。（1）小明同学按照图甲所示的实验原理图连接好实验器材，并按如下步骤完成实验：a．先将电阻箱阻值调到最大，闭合1S，断开2S，调节电阻箱阻值，使电流表指针有较大的偏转，读出此时电阻

箱的阻值1R和电流表的示数I；b．保持开关1S闭合，再闭合开关2S，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数仍为I，记下此时电阻箱的阻值2R。根据实验步骤可知，待测电阻xR=______（用步骤中所测得的物理量表示）；（2）小华同学用该电路测量电源的电动势和内阻，若已知所选电流表的内阻为AR

，同时闭合开关1S和2S，调节电阻箱R，读出多组电阻值R和电流I的数据；由实验数据绘出的1RI−图像如图乙所示，图像的斜率为k、纵轴截距为b，由此可求得电源电动势E=______，内阻r=______（用本题所给物理量表示）。三、计算题：本题共3小题，其中第13题8分，14

题10分，第15题14分，共32分。15.如图所示，轻质绝缘细绳长为L，上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ=37°。小球所带电荷量q，质量为m。重力加速度g，sin37

°=0.6，cos37°=0.8。（1）求电场强度E；（2）若将小球拉回竖直位置后由静止释放，试求运动到图示位置时的速度大小。16.如图所示的电路中，电阻112R=，28R=，滑动变阻器3R的最大阻值为4Ω。闭合

开关K，当滑动变阻器的滑片滑到最左端时，理想电流表的示数10.25AI=，当滑片滑到最右端时，电流表示数20.36AI=。求：（1）滑动变阻器的滑片在最左端时，路端电压U；（2）电源的电动势E和内阻r。17.如图所示，平面直角坐标系的第一象限内有沿x轴负方向、场强为E的匀强

电场，y轴与直线x=-d（d>0）之间的区域内有沿y轴负方向、场强也为E的匀强电场。P点位于第一象限内，从P点由静止释放一个带电荷量为+q质量为m的粒子，不计粒子重力，忽略两电场间的影响。（1）若P点的纵坐标为d，粒子能通过x轴上坐标为（2d−，0）的点，

求P点的横坐标;（2）若粒子能通过x轴上坐标为（-2d，0）的点，则P点的坐标（x，y）应该满足什么条件?（3）求满足第（2）问的粒子从P点到通过x轴所用的最短时间。合肥六校联盟2023-2024学年第一学期期中联考高二年级物理试卷（考试时间：75分钟满分：100分）一、选择题（本题

共12小题，共50分。在每小题给出的四个选项中，第1~10题只有一项符合题目要求，每小题4分，第11~12题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.下列关于物理学史的描述中错误的是（）A.密立根最早通过实验测出最小的电荷量——元电荷

e的值B.法拉第最早发现了电磁感应现象，并用“力线”形象地描述了电磁场C.爱因斯坦最早提出能量子假设，即振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值的整数倍D.安培最早提出“分子电流”假说，即在物质内部存

在着一种环形电流，它的两侧相当于两个磁极【答案】C【解析】【详解】A．密立根最早通过实验测出最小电荷量——元电荷e的值，故A正确，不符合题意；B．英国物理学家法拉第最早发现了电磁感应现象，并创造性地用“力线”形象地描述了电磁场，故B正确，不符合题意；C．普朗克最早提出能量子假设，即振动着的带电

微粒的能量只能是某一最小能量值的整数倍，故C错误，符合题意；D．安培最早提出“分子电流”假说，即在物质内部存在着一种环形电流，它的两侧相当于两个磁极，故D正确，不符合题意。故选C。2.一金属容器置于绝缘板上，带电小球

用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示。容器内表面为等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是()A.A点的电场强度比B点的大B.小球表面的电势比容器内表面的低的C.B点的电场强度方向

与该处内表面垂直D.将检验电荷从A点沿不同路径移到B点，电场力所做的功不同【答案】C【解析】【详解】A．电场线越密，电场强度越大，由图可知，则A点的电场强度比B点的小，故A错误；B．根据沿着电场线方向电势是降低的，可知小球表面的电势比容器内表面的高，故B错误；C．

因容器内表面为等势面，且电场线总垂直于等势面，因此B点的电场强度方向与该处内表面垂直，故C正确；D．因A、B在同一等势面上，将检验电荷从A点沿不同路径到B点，电场力所做的功相同，均为零，故D错误。故选C。【名师点睛】本题考查电场线的疏密与电场强度的强弱的关系，掌握电场线的方向与电势的高

低的关系，理解电场线总垂直等势面，注意同一等势面上移送电荷时，电场力不做功。3.在x轴方向存在一静电场，其φ-x图像如图所示，一电子以一定的初速度沿x轴从O点运动到x4，电子仅受电场力，则该电子（）A.在x1处电势能最大B.从x2到x3受到的电场力和从x3到x4受到

的电场力方向相反C.在x1处受到的电场力最大D.在x3处电势为零，电场强度不为零且电场方向沿x轴正向【答案】D【解析】【详解】A．电荷在某点的电势能为pEq=由公式可知，负点电荷在电势越大的地方，电势能越小，所以该电子在x1处的电势能最小，故A错误；BCD．

x−图像中斜率表示电场强度，x1处的场强为零，可知电子在x1处受到的电场力为0；x3处的电场强度不为0，沿着电场线方向电势降低，所以电场方向沿x轴正向；所以电子在x2到x3和x3到x4受到的电场力方向都是向左，方向相同，故BC错

误，D正确。故选D。4.在炎热的夏天我们可以经常看到，有的小朋友的太阳帽前有一小风扇（如图所示），该小风扇与一个小型的太阳能电池板相接，对其供电。经测量该电池能产生的电动势为E=0.6V，则关于该电池的描述正确的是（）A.通过1C电荷量该电池能把0.6J的太阳能转化为电能

B.单位时间内可把0.6J的太阳能转化为电能C.该电池把其他形式能转化为电能的本领比一节7号电池的本领大得多D.把该电池接入闭合电路后，电动势减小【答案】A【解析】【详解】AB．该电池能产生的电动势为E=Wq

非=0.6V，根据电动势的物理意义可知，通过1C电荷量该电池能把0.6J的太阳能转化为电能，故A正确，B错误；C．一节7号电池的电动势为1.5V，该电池把其他形式能转化为电能的本领比一节7号电池的本领小得多，故C错误；D．电源的电动势反映

了其他形式的能量转化为电能本领的大小，可知把该电池接入闭合电路后，电动势不变，故D错误；故选A。5.如图是多用电表内部结构示意图，通过选择开关分别与1、2、3、4、5、6相连，以改变电路结构，分别成为电流表、电压表和欧姆表，下列说法正确的是（）A.A是黑表笔、B是红表笔B.当选择开

关与3或4相连是欧姆表，测量电阻之前需欧姆调零C.作电流表时2比1量程大，作电压表时5比6量程小D.测电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关拨至倍率更大的挡位【答案】B【解析】【详解】AB．当多用电表选择开关与内置电源连接时，即为多用电表的欧姆档，且与内置电源正

极相连的表笔为黑表笔，则可知B表笔为黑表笔；而当选择开关与3或4相连是欧姆表，测量电阻之前需进行欧姆调零，故A错误，B正确；C．通过并联分流的方式来改变电流表的量程，而并联电路中，电流比等于电阻的反比，则可知并联的电阻越小，其量程越大，由此可知，作电流表时1比2量

程大；作电压表时，通过串联电阻而改变量程，根据串联电路分压的特性，可知串联的电阻越大，分压就越多，量程就越大，因此可知，作电压表时5比6量程小，故C错误；D．测电阻时，指针偏转过大（从左向右的偏转角），则说明

所选倍率过大，应换用更小倍率的档位，从而使指针偏转角减小，让指针尽可能指在中值电阻附近，故D错误。故选B。6.在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机

M的内阻为0.5Ω。闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A。则以下判断中正确的是（）A.电动机的输出功率为14WB.电动机两端的电压为8.0VC.电动机的发热功率为4.0WD.电源输出的电功率为20W【答案】D【解析】【详解】B．电动机两端的电压为()()M012V2.01.01.5V7

VUEIrR=−+=−+=故B错误；C．电动机的发热功率为22M2.00.5W2WPIR===热故C错误；A．电动机的输出功率为172.0W2W12WPPP=−=−=热机故A错误；D．路端电压为

12V2.01.0V10VUEIr=−=−=电源输出的电功率为2102.0W20WPUI===故D正确。故选D。7.如图所示，直导线AB、螺线管E、电磁铁D三者相距较远，其磁场互不影响，当开关S闭合后，则小磁针北极N（黑色端）指示磁场方向正确的是（）A.aB.bC.cD.d【答案】C【解析】

分析】【【详解】A．当开关S闭合后，直导线电流从B流向A，根据右手定则可知磁场方向为逆时针方向，所以a点的磁场方向刚好相反了，则A错误；BC．当开关S闭合后，根据右手定则可知通过螺线管的右边是N极，所以C点磁场方向正确，

b点的磁场方向刚好相反，所以B错误；C正确；D．当开关S闭合后，根据右手定则可知电磁铁D的左边是N极，右边为S极，所以d点的磁场方向刚好相反，则D错误；故选C。8.在纸面内放有一磁铁和一圆形线圈（如图所示），下列情况线圈中能产生

感应电流的是（）A.将磁铁在纸面内向上平移B.将磁铁在纸面内向右平移C.将磁铁绕垂直于纸面的轴转动D.将磁铁的N极转向纸外，S极转向纸内【答案】D【解析】【详解】A．图示位置，没有磁感线穿过线圈，线圈的磁通量为零，将磁铁在纸面内向上平移时，线圈的磁通量仍为零，没有变化

，所以线圈中没有感应电流产生。故A错误；B．图示位置，没有磁感线穿过线圈，线圈的磁通量为零，将磁铁在纸面内向右平移时，线圈的磁通量仍为零，没有变化，所以线圈中没有感应电流产生。故B错误；C．图示位置，没有磁感线穿过线圈，线圈的磁通量为零，将磁铁绕

垂直纸面的轴转动，线圈的磁通量仍为零，没有变化，所以线圈中没有感应电流产生。故C错误；D．将磁铁的N极转向纸外，S极转向纸内，将有磁感线穿过线圈，线圈的磁通量增大，将产生感应电流。故D正确。故选D。9.在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源

的内阻r，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A.灯泡L变亮B.电源的输出功率变小C.电容器C上电荷量减少D.电流表读数变大，电压表读数变小【答案】B【解析】【详解】AD

．滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后,电路中的总电阻增大，电路中的电流减小，所以灯泡L变暗，电流表示数减小，电源内部所得电压减小，路端电压增大，所以电压表示数增大，故AD错误；B．当内外电阻相等时，电

源的输出功率最大，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，当R增大时，电源的输出功率减小，故B正确。C．根据电路分析可知滑动变阻器两端的电压增大，利用QCU=可知电容器C上电荷量增大，故C错误。故选B。10.丹麦物理学家奥斯特发

现了电流磁效应，他在电与磁学研究上开创性的工作创立了物理研究的新纪元。某物理探究小组在实验室重复了奥斯特的实验，具体做法是：在静止的小磁针正上方，平行于小磁针水平放置一根直导线，当导线中通有电流时，小磁针会发生偏转；当通过该导线的电流为0

I时，小磁针静止时与导线夹角为1。已知直导线在某点产生磁场的强弱与通过该直导线的电流成正比，若在实验中发现小磁针静止时与导线夹角为2，则通过该直导线的电流为（）A.201sinsinIB.201tantanIC

.201coscosID.102tantanI【答案】B【解析】【详解】设小磁针处地磁场为由南向北，磁感应强度为B1，导线南北方向放置，由安培定则可知，电流在小磁针处的磁场与地磁场方向垂直，则当通过该导线的电流为0I时，由平行四边形定则可知该电流在小磁针处的磁场的磁感

应强度11tanBB=当通过该导线的电流为I时，由平行四边形定则可知该电流在小磁针处的磁场的磁感应强度12'tanBB=由于直导线在某点产生磁场的强弱与通过该直导线的电流成正比，所以201'tantanIBIB

==解得通过该直导线的电流201tantanII=故B正确。故选B。11.如图所示的直角三角形，60cmBC=，80cmAB=，90ABC=，其中D为AB的中点，空间有平行于ABC平面的匀强电场，一电荷量为1Cq=

−的点电荷由C移动到D，电场力做功为302J，从A移动到C，电场力做功为302J，已知A点的电势为0。则下列说法正确的是（）A.D点的电势为602VB.电场方向垂直AC斜向右上方C.该电荷由B到C电场力做功902JD.电场强度大小为300Vm【答案】AD【解析】【详解】AC．电荷由C到D的过程由C

DWqU=得302VCDU=−同理由A到C的过程由ACWqU=得302VACU=−由于A点电势为0，则ACACU=−得302VC=由302VCDCDU=−=−解得602VD=故A正确；B．取AD的中点O，则O点的电势为302VO=则CO的连线为等势线，如图所示，因此电场方向

垂直CO斜向右上方，故B错误；CD．根据中点电势表达式可知2ABD+=解得1202VB=过B点作CO的垂线，垂足为F，根据匀强电场电场强度的表达式300VmBFUEBF==电荷由B到C电场力做功为902JB

CBCWqU==−故C错误，D正确。故选AD。12.微信运动步数的测量是通过手机内电容式加速度传感器实现的。如图，M极板固定，当手机的加速度变化时，N极板只能按图中标识的“前后”方向运动。图中R为定值电阻。下列对传感器描述正确的是（）A.静止时，电流表示数为零，电容器两极板不带

电B.由静止突然向前加速时，电容器的电容减小C.保持向前匀减速运动时，电阻R以恒定功率发热D.由静止突然向前加速时，电流由b向a流过电流表【答案】BD【解析】【详解】A．由于电容器与电源连接，两端电压不为0，则电容器两

极板带了电；静止时，由于电容器所带电荷量不变，电容器没有充放电过程，电流表示数为零，故A错误；B．由静止突然向前加速时，M向上运动，N板由于惯性不动，电容器极板之间间距增大，根据r4SCkd=可知，电容器的电容减小，故B正确；C．保持向前匀减速运动时，加速度恒定，则

N板的位置在某位置不动，电容器电荷量不变，电路中无电流，则电阻R发热功率为零，故C错误；的D．根据电容器的决定式和定义式有r4SCkd=，QCU=由静止突然向前加速时，电容器极板之间的间距增大，电容减小，则极板所带电荷量减小，极板处于放电过程，由于极

板N与电源负极连接，极板N带负电，电荷量增大，则极板N得到电子，即由静止突然向前加速时，电流由b向a流过电流表，故D正确；故选BD。二、实验题：本题共2小题，每空2分，共18分。13.某小组测量一粗细均匀金属丝电阻率。提供的器包括：电源

E（电动势为12V）、电压表V（量程6V，内阻约为8kΩ）、滑动变阻器（最大值5Ω，额定电流2A）、游标卡尺、螺旋测微器、导线和开关，电流表A1（量程0.6A，内阻约为0.2Ω）、电流表A2（量程3A，内阻约为0.05Ω）（1）多用电表选用“×1”倍率欧姆挡，先粗测xR的阻值，实验中得到指针如图甲

所示，则读数为___________Ω；（2）用游标卡尺测金属丝的长度如图甲所示，读数L=___________cm；用螺旋测微器测得金属丝的直径如图乙所示，读数D=___________mm。（3）测量金属丝的电阻时，为使测量数据尽可能完整、准确，实验中所用电流表应选用___________（选

填“A1”或“A2”），请在图丙中将实验电路图补画完整。___________（4）若按正确的实验电路进行实验，某次实验测得电压表和电流表的示数分别为U和I，金属丝的长度为L、直径为D，则金属丝的电阻率为ρ=___________（用物理量

符号表示）。【答案】①.24②.5.235③.2.192##2.193##2.194##2.195④.A1⑤.的⑥.24UDIL【解析】【详解】（1）[1]多用电表选用“×1”倍率欧姆挡，则读数为2

41Ω24Ω=（2）[2]游标卡尺是20分度的，精确度为0.05mm，则读数5.2cm0.05mm75.235cmL=+=[3]螺旋测微器读数2mm19.30.01mm2.193mm+=（3）[4]电路中最大电流约为0.5AxEIR==

所以电流表选择A1；[5]为了多测几组数据并且保护电路，滑动变阻器用分压式，并且由电表内阻与被测电阻阻值关系可知，电流表分压使测量值误差更大，所以电流表外接，则电路如图所示（4）[6]由xURI=和24xLLRSD==可得24UDIL

=14.某实验小组中的小明、小华两位同学分别用如图甲所示的实验电路测量某一电阻xR的阻值和测量电源的电动势E与内阻r。（1）小明同学按照图甲所示的实验原理图连接好实验器材，并按如下步骤完成实验：a．先将电阻箱阻值调到最大，闭合1S，断开2S，调节电阻箱阻值，使电流表指针有较大的偏转，读出此

时电阻箱的阻值1R和电流表的示数I；b．保持开关1S闭合，再闭合开关2S，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数仍为I，记下此时电阻箱的阻值2R。根据实验步骤可知，待测电阻xR=______（用步骤中所测得的

物理量表示）；（2）小华同学用该电路测量电源的电动势和内阻，若已知所选电流表的内阻为AR，同时闭合开关1S和2S，调节电阻箱R，读出多组电阻值R和电流I的数据；由实验数据绘出的1RI−图像如图乙所示，图像

的斜率为k、纵轴截距为b，由此可求得电源电动势E=______，内阻r=______（用本题所给物理量表示）。【答案】①.21RR−②.1k③.AbRk−【解析】【详解】（1）[1]断开、闭合2S前后，回路电流相同，均为I，故总电阻相同，可知待测电阻的阻值为21xRRR=−（2）[2][3

]由闭合电路欧姆定律可得A()EIRRr=++整理得A11RrRIEE+=+图像的斜率为1kE=纵轴截距为ARrbE+=联立解得1Ek=，AbrRk=−三、计算题：本题共3小题，其中第13题8分，14题10分，第15题14分，共32分。15.如图所示，轻质

绝缘细绳长为L，上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ=37°。小球所带电荷量q，质量为m。重力加速度g，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求电场强度E；（2）若将小球

拉回竖直位置后由静止释放，试求运动到图示位置时的速度大小。【答案】（1）34mgq；（2）0.5gL【解析】详解】（1）受力分析如图小球受力平衡，可得tanqEmg=解得【tan34mgθmgEqq==（2）从竖直位置运动到图示位置的过程中，由动能定理得()21sin1cos2

qELmgLmv−−=解得0.5vgL=16.如图所示的电路中，电阻112R=，28R=，滑动变阻器3R的最大阻值为4Ω。闭合开关K，当滑动变阻器的滑片滑到最左端时，理想电流表的示数10.25AI=，当滑片滑到最右端时，电流表示数20.36AI=。求：（1）滑动变阻器的滑片

在最左端时，路端电压U；（2）电源的电动势E和内阻r。【答案】（1）3VU=；（2）3.6VE=，1.2=r【解析】【详解】（1）滑动变阻器的滑片在最左端时，34=R，由欧姆定律可得()1233VUIRR=+=（2）滑动变阻

器的滑片在最左端时，设电路总电流为I总，此时外电路为3R与2R串联后与1R并联。根据欧姆定律可得()123110.5AIRRIIR+=+=总由闭合电路欧姆定律可得()123EIRRIr=++总滑片在最右端时，3R短

路，此时外电路为2R与1R并联。电路总电流2221=0.6AIRIIR+=总由闭合电路欧姆定律可得22EIRIr=+总联立解得3.6VE=，1.2=r17.如图所示，平面直角坐标系的第一象限内有沿x轴负方向、场强为E的匀强电场，

y轴与直线x=-d（d>0）之间的区域内有沿y轴负方向、场强也为E的匀强电场。P点位于第一象限内，从P点由静止释放一个带电荷量为+q质量为m的粒子，不计粒子重力，忽略两电场间的影响。（1）若P点的纵坐标为d，粒子能通过x轴上坐标为（2d−，0）的点，求P点的横坐标;（2）若粒

子能通过x轴上坐标为（-2d，0）的点，则P点的坐标（x，y）应该满足什么条件?（3）求满足第（2）问的粒子从P点到通过x轴所用的最短时间。【答案】（1）16dx=；（2）243(0,0)xydxy=；（3）22mdtqE=

最短【解析】【详解】（1）设P点的横坐标为x，粒子匀加速直线运动通过y轴的速度为v0，在第二象限内做类平抛运动.由牛顿第二定律，得qEma=由匀变速直线运动规律，得202vax=，02dvt=，212dat=联立解得16dx=（2）设P

点的坐标为(),xy，粒子匀加速直线运动通过y轴时的速度为0v，由牛顿第二定律，得qEma=由匀变速直线运动规律得202vax=粒子在第二象限电场中做类平抛运动，离开电场后做匀速直线运动，设粒子在第二象限电场内运动的时间为t，有yvat=，'0'xdvvt=

=粒子离开电场时速度偏向角的正切值tanyxvv=由几何关系有21'2tanyatd−=联立解得()24300xydxy=，（3）粒子在第一象限内运动的时间12xta=粒子在第二象限内运动的时间202dtv=又202va

x=，qEma=粒子运动的总时间22222xdmdtagEax=+故最短时间为22mdtg=最短获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com