【文档说明】【精准解析】辽宁省六校协作体2020-2021学年高二下学期第三次联考化学试题（解析版）.doc，共(22)页，1.385 MB，由小赞的店铺上传

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2020-2021学年度(下)省六校协作体高二六月联考化学试题可能用到的相对原子质量：C：12H：1O：16N：14一、单选题1.化学与人类生产、生活、社会发展密切相关。下列有关说法正确的是A.利用植物秸秆代替粮食，经多步水解可获得清洁燃料乙醇B.糖尿病人的DNA与RNA水解后产物只有戊糖

的种类不同C.植物油的主要成分为不饱和高级脂肪酸甘油酯，长时间放置的植物油会因为水解而变质D.根据纤维在火焰上燃烧产生的气味，可以鉴别蚕丝与棉花【答案】D【解析】【分析】【详解】A．植物秸秆主要成分是纤维素，纤维素水解最终生成葡萄

糖，但葡萄糖分解生成乙醇不是水解反应，故A错误；B．水解后产物有戊糖和碱基不同，故B错误；C．植物油的主要成分为不饱和高级脂肪酸甘油酯、含有碳碳双键，并且双键不稳定，易发生氧化反应，所以长时间放置的植物油会因氧化而变质，故C错误；D．蛋白质灼烧产生

烧焦羽毛的气味，与纤维在火焰上燃烧产生的气味不同，可以鉴别蚕丝与棉花，故D正确；故选：D。2.下列各组有机物只用一种试剂无法鉴别的是()A.乙醇、乙酸乙酯、四氯化碳B.苯、苯酚、己烯C.甲酸、乙醛、乙酸D.苯、甲苯、己烷【答案】D【解析】【详解】A．乙醇与水混溶，乙酸乙酯与水混合后分层且有机层

在上层，四氯化碳与水混合后分层有机层在下层，现象不同，一种试剂可鉴别，故A不选；B．苯与溴水不反应发生萃取，苯酚与溴水反应生成沉淀，己烯与溴水发生加成反应而褪色，现象不同，一种试剂可鉴别，故B不选；C．甲酸、乙醛、乙酸与氢氧化铜悬浊液

混合的现象分别为蓝色溶液和砖红色沉淀、砖红色沉淀、蓝色溶液，现象不同，一种试剂可鉴别，故C不选；D．三种物质用一种试剂不能鉴别，至少需要两种试剂来检验三种有机物，故D选；故选D。【点晴】本题考查有机物的

鉴别，侧重有机物性质的考查，熟悉萃取、加成反应、取代反应、氧化反应即可解答，把握现象不同才能鉴别物质。记住常见有机物的检验：（1）碳碳双键或三键：加少量溴水或酸性KMnO4溶液，褪色；（2）甲苯：取两份甲苯，一份滴入溴水，振荡后上层

呈橙色；另一份滴入酸性KMnO4溶液，振荡，紫色褪去；（3）卤代烷：与NaOH溶液(或NaOH的醇溶液)共热后，先用硝酸酸化，再滴加AgNO3溶液，产生白色沉淀的为氯代烷，淡黄色沉淀的为溴代烷，黄色沉淀的为碘代烷；（4）乙醇：将螺旋状铜丝加热至表面有黑色CuO生成，迅速插入待测溶

液，反复多次，可见铜丝被还原成光亮的红色，并由刺激性气味产生；（5）苯酚：滴加过量的浓溴水，有白色沉淀；或滴加少量FeCl3溶液，溶液呈紫色；（6）乙醛或葡萄糖：加入银氨溶液，水浴加热，产生银镜；或加入新制Cu(OH)2悬浊

液加热至沸腾，有红色沉淀生成；（7）乙酸：使石蕊试液变红；或加入Na2CO3或NaHCO3溶液有气泡；或加入新制Cu(OH)2悬浊液溶解得蓝色溶液；（8）乙酸乙酯：加入滴加酚酞的NaOH溶液加热，红色变浅或消失；(9)淀粉：滴加

碘水，呈蓝色；(10)蛋白质：灼烧，有烧焦羽毛气味；或加入浓硝酸微热，出现黄色。3.下列实验方案能实现相应实验目的或得出相应结论的是选项实验方案实验目的或结论A向20%蔗糖溶液中加入少量稀H2SO4，加热；再加入银氨溶液，未出现银镜蔗糖未水解

B将NaOH的乙醇溶液加入溴乙烷中加热，将产生的气体直接通入溴水中，褪色证明溴乙烷的消去反应有乙烯生成C向淀粉溶液中加入浓硝酸，加热，溶液没有变黄证明淀粉溶液中无蛋白质D向混有苯酚的苯中加入适量的溴水充分反应后过滤弃去

沉淀除去苯中混有的苯酚A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【分析】【详解】A．向20%蔗糖溶液中加入少量稀H2SO4，加热反应，此时溶液为酸性环境，加入银氨溶液不反应，应该在加入银氨溶液之前，先加入氢氧化钠溶液，故A错误；B．溴

乙烷在氢氧化钠的乙醇溶液中发生消去反应，会生成溴化氢和乙烯，溴水会和乙烯发生加成反应而褪色，故B正确；C．含有苯环的蛋白质遇到浓硝酸才会变黄，故C错误；D．苯酚和溴水生成的2，4，6-三溴苯酚会易溶于苯，故不能除杂，故D错误；故选B。4.

物理方法鉴定有机物结构具有微量、快速、准确、信息量大等特点。下列不属于鉴定有机物结构的物理方法是A.色谱法B.质谱法C.红外光谱法D.核磁共振氢谱法【答案】A【解析】【详解】A.色谱法又称“色谱分析”、“色谱分析法”、“层析法”，是一种分离和分析方法，在分析化学

、有机化学、生物化学等领域有着非常广泛的应用，不属于鉴定有机物结构的物理方法，A符合；B.质谱法可快速、准确测定有机物的相对分子质量，B不符合；C.红外光谱法可以获得分子中含有何种化学键或官能团的信息，C不符合；D.核磁共振氢谱法可推知

有机物分子中有几种不同类型的氢原子及它们的数目之比，D不符合；答案选A。5.从中草药中提取的calebinA(结构简式如下)可用于治疗阿尔茨海默症。下列关于calebinA的说法错误的是A.可与FeCl3溶液发生显色反应

B.其酸性水解的产物均可与Na2CO3溶液反应C.苯环上氢原子发生氯代时，一氯代物有6种D.1mol该分子最多与8molH2发生加成反应【答案】D【解析】【分析】根据结构简式可知，该有机物含有碳碳双键、酚羟基、酯基、羰基、醚键等官能团。【详解】A.该有机物中含

有酚羟基，可以与FeCl3溶液发生显色反应，A正确；B.该有机物中含有酯基，酯在酸性条件下水解生成羧酸和酚类物质，羧基、酚羟基都能与Na2CO3溶液反应，B正确；C.该有机物中含有两个苯环，每个苯环上都含有三个氢原子，且无对称结构，所以苯环上一氯代物有6种，C

正确；D.该有机物中含有两个苯环、两个碳碳双键、一个羰基，每个苯环可以与3个氢气加成，每个双键可以与1个氢气加成，每个羰基可以与1个氢气加成，所以1mol分子最多可以与2×3+2×1+1=9mol氢气发生加成反应

，D错误。答案选D。【点睛】本题根据有机物的结构得到官能团，再根据官能团的性质进行解题，注意羰基也能与氢气发生加成反应。6.有机物M与N反应会生成一种重要的有机物P。下列说法错误的是A.N与某种芳香烃互为同分异构体B.M

、N、P均能使溴的CCl4溶液褪色C.M、N、P均能发生加成聚合反应D.M分子中最多有4个碳原子共线【答案】D【解析】【分析】【详解】A．N的分子式为78CH，甲苯的分子式也为78CH，所以N与甲苯互为同分异构体，故A不选；B．M、N、P均含有不饱和碳原子，所以能与溴发生加成反应而使溴的

CCl4溶液褪色，故B不选；C．M含碳碳三键，N、P含碳碳双键，所以M、N、P均能发生加成聚合反应，故C不选；D．苯环对位上的两个碳原子共线，炔烃为直线型分子，所以与碳碳三键直接相连的两个碳原子共线，所M至少5个碳原子共线，故选D。答案选D7.脱氢

乙酸，简称DA，结构简式如图。下列关于DA的说法不正确的是A.分子内所有原子不可能位于同一平面B.与互为同分异构体C.除去DA中的乙酸可先加饱和碳酸钠溶液，然后分液D.1molDA最多能与2mol2Br发生加成反应【答案】D【解析】【分析】【详解】

A．分子内存在形成四条单键的碳原子，不可能所有原子位于同一平面，Ａ项正确；B．ＤＡ与的分子式均为C8H8O4，二者互为同分异构体，Ｂ项正确；C．乙酸可溶于饱和碳酸钠溶液，与ＤＡ分层，Ｃ项正确；D．1molDA中含有1mol碳碳双键，可以和1mol溴发生加成反应，D项错误；故选D。8.20

20年8月19日发布的《新型冠状病毒肺炎诊疗方案(试行第八版)》中指出，氯喹类药物可用于治疗新冠肺炎。氯喹和羟基氯喹的结构分别如图1和图2所示，对这两种化合物的描述错误的是A.氯喹的化学式为18263CHNCl，羟基氯喹的化学式为18263C

HNOClB.与足量的2H发生加成反应后，两分子中的手性碳原子数相等C.加入NaOH溶液并加热，再加入3AgNO溶液，可证明氯喹或羟基氯喹中是否含有氯原子D.为增大溶解度，易于被人体吸收，经常把氯喹或羟基氯喹与硫酸、盐酸或磷酸制成盐类【答案】C【解析】【分析】【详解】A．由结构简式可知氯喹

的化学式为C18H26N3Cl，羟基氯喹的化学式为C18H26N3OCl，故A正确；B．手性碳原子连接4个不同的原子或原子团，与足量的H2发生加成反应后，两分子中的手性碳原子数如图所示：，都为5个，故B正确；C．在加入硝酸银溶液之前应该加入稀硝酸中和

未反应的NaOH，否则NaOH和硝酸银反应生成沉淀而干扰检验，故C错误；D．含有氨基，可与酸反应，则可把氯喹或羟基氯喹与硫酸、盐酸或磷酸制成盐类，易溶于水，故D正确；故选：C。9.高分子M广泛用于牙膏、牙科粘合剂等口腔护理产品，合成路线如图：下列说法不正确的是A.试剂a是甲醇B

.化合物B不存在顺反异构体C.化合物C的核磁共振氢谱有一组峰D.合成M的聚合反应是缩聚反应【答案】D【解析】【分析】CH≡CH与试剂a发生加成反应生成B，HOOCCH=CHCOOH分子内脱水生成C，B和C聚合生

成M，根据聚合物M的结构式可知，M的单体为CH2=CH-O-CH3和，由此可知B为CH2=CH-O-CH3，C为，则试剂a为CH3OH，据此分析解答。【详解】A．根据分析，试剂a为CH3OH，名称是甲醇，故A正确；B．化合物B为CH2=CH-O-CH3，要存在顺反异构，碳碳双键上的每个碳原子连

接的两个原子或原子团不同时能形成顺反异构，B的结构中其中一个双键碳上连接的两个原子相同，不存在顺反异构体，故B正确；C．化合物C为，其结构对称，只含有一种氢原子，则核磁共振氢谱有一组峰，故C正确；D．聚合物M

是由CH2=CH-O-CH3和中的双键上发生加成聚合反应，不是缩聚反应，故D错误；答案选D。10.Kevlar(凯夫拉)，原名聚对苯二甲酰对苯二胺，具有超高的机械性能，是制作防弹衣的原材料。Kevlar的结构片段如右图所示，则下列说法不正确

的是()A.Kevlar属于聚酰胺类合成高分子材料B.图中虚线表示高分子链之间形成了类似肽链间的多重氢键，增强了材料的机械性能C.Kevlar可以发生完全水解，得到一种单体分子，该分子中既含有-COOH，又含有-NH2D.Kevlar高分子链的结构简式为【答案】C【解析】【分析】根据图所示

Kevlar由对苯二甲酰和对苯二胺发生缩聚反应生成的，Kevlar的结构中含有肽键和氢键。【详解】A.Kevlar由对苯二甲酸和对苯二胺发生缩聚反应生成的，属于聚酰胺类合成高分子材料，A正确；B.图中虚线表示高分子

链之间氢氧之间形成了氢键，类似肽链间的多重氢键，能增强材料的机械性能，B正确；C.Kevlar由对苯二甲酸和对苯二胺发生缩聚反应生成的，可以发生完全水解，得到对苯二甲酸和对苯二胺，C错误；D.根据Kevlar的结构可知，高分子链的结构简式为，D正确

。答案选C。11.下列说法正确的是A.酚醛树脂的结构简式为B.高聚物由3种单体加聚得到C.n→+(n+1)H2是加聚反应D.1mol在碱性条件下完全水解，消耗nmolNaOH【答案】D【解析】【分析】【详解】A．苯酚与甲醛在酸性条件下生成酚醛树脂，酚羟基导致苯环

上与羟基相邻的氢原子较活泼，两个氢原子与甲醛中的氧原子结合生成水，则酚醛树脂的结构简式为，故A错误；B．由聚合物的结构可知，该聚合物是由CH2=CHCH=CH2(1，3-丁二烯)、（苯乙烯）两种单体聚合而成，故B错误；C．该反应生成高分子的同时

，生成小分子氢气，属于缩聚反应，不是加聚反应，故C错误；D．1mol在碱性条件下完全水解，生成nmol-COOH，消耗nmolNaOH，故D正确；故选：D。12.甲醇可用于合成重要的有机合成中间体3，5—二甲氧基苯酚。反应结束后

，先分离出甲醇，再加入乙醚，将获得的有机层(含少量氯化氢)进行洗涤，然后分离提纯得到产物。有关物质的部分物理性质如下：物质沸点/℃熔点/℃溶解性甲醇64.7－97.8易溶于水3，5—二甲氧基苯酚172~17533~36易溶于甲醇、乙醚，微溶于水下

列说法不正确．．．的是A.该反应属于取代反应B.分离出甲醇的操作是蒸馏C.间苯三酚与3，5—二甲氧基苯酚互为同系物D.洗涤时，可用NaHCO3溶液除去有机层中的氯化氢【答案】C【解析】【分析】【详解】A．该反应方程式为，属于取代反应，A正确；B．从该有

机混合物中分离出某种有机物(甲醇)，常利用沸点的差异，操作方法是蒸馏，B正确；C．间苯三酚与3，5—二甲氧基苯酚的官能团种类及数目都不完全相同，二者不互为同系物，C不正确；D．洗涤时，往混合液中加入NaHCO3溶液，与HC

l反应，生成的NaCl不溶于有机物，便于分离除去，所以可用NaHCO3溶液除去有机层中的氯化氢，D正确；故选C。13.某高分子化合物R的结构简式如图，下列有关R的说法正确的是A.R的单体之一的分子式为C9H10O2B.R可通过加聚和缩聚反应合成，R完全水解后生成两种产物C.R是一种有特殊香味

，难溶于水的物质D.碱性条件下，1molR完全水解消耗NaOH的物质的量为n(m+1)mol【答案】D【解析】【分析】【详解】A．由结构可知，单体为CH2=C(CH3)COOH、OHCH2CH2OH、HOOCCHOHCH2C

6H5，R的单体之一的分子式为C9H10O3，故A错误；B．单体中存在C=C、-OH、-COOH，则通过加聚反应和缩聚反应可以生成R，含-COOC-，完全水解生成乙二醇和两种高分子化合物，故B错误；C．R为高分子化合物，不具有特殊香味，难溶于水，故C错误；D．1mo

lR中含n(1+m)mol-COOC-，则碱性条件下，1molR完全水解消耗NaOH的物质的量为n(m+1)mol，故D正确；故选：D。14.实验室制备溴苯的反应装置如下图所示，关于实验操作或叙述错误的是A.向圆底烧瓶中滴加苯和溴的混合液前需先打开KB.实验中装置b中

的液体逐渐变为浅红色C.装置c中的碳酸钠溶液的作用是吸收溴化氢D.反应后的混合液经稀碱溶液洗涤、结晶，得到溴苯【答案】D【解析】【分析】在溴化铁作催化剂作用下，苯和液溴反应生成无色的溴苯和溴化氢，装置b中四氯化碳的作用是吸收挥发出的苯和溴蒸汽，

装置c中碳酸钠溶液呈碱性，能够吸收反应生成的溴化氢气体，倒置漏斗的作用是防止倒吸。【详解】A项、若关闭K时向烧瓶中加注液体，会使烧瓶中气体压强增大，苯和溴混合液不能顺利流下。打开K，可以平衡气压，便于苯和溴混合液流下

，故A正确；B项、装置b中四氯化碳的作用是吸收挥发出的苯和溴蒸汽，溴溶于四氯化碳使液体逐渐变为浅红色，故B正确；C项、装置c中碳酸钠溶液呈碱性，能够吸收反应生成的溴化氢气体，故C正确；D项、反应后得到粗溴苯，向粗溴

苯中加入稀氢氧化钠溶液洗涤，除去其中溶解的溴，振荡、静置，分层后分液，向有机层中加入适当的干燥剂，然后蒸馏分离出沸点较低的苯，可以得到溴苯，不能用结晶法提纯溴苯，故D错误。故选D。【点睛】本题考查化学实验

方案的设计与评价，侧重于学生的分析能力、实验能力和评价能力的考查，注意把握实验操作要点，结合物质的性质综合考虑分析是解答关键。15.我国科学家在绿色化学领域取得新进展。利用双催化剂Cu和2CuO，在水溶

液中用H原子将2CO高效还原为重要工业原料之一的甲醇，反应机理如图所示。下列有关说法不正确的是A.2CO生成甲醇是通过多步还原反应实现的B.催化剂Cu结合氧原子，催化剂2CuO结合含碳微粒C.该催化过程中涉及化学键的形成和化学键的断裂D.有可能通过调控反应条件获得甲醛等有机物

【答案】B【解析】【分析】【详解】A．二氧化碳生成COOH，为还原反应；CO生成CHO发生还原反应，CHO生成CH2O为还原反应，CH2O生成CH3O为还原反应，CH3O生成甲醇为还原反应，所以CO2生成甲醇是通过多步还原反应实现的，故A正确；B．根据图知，催化剂Cu

结合H原子，催化剂Cu2O结合含CHO微粒，所以催化剂Cu结合氢原子，催化剂Cu2O结合含碳微粒，故B错误；C．该催化过程发生化学反应，所以该反应中有化学键的形成和断裂，故C正确；D．CHO和H生成CH2O

，需要Cu2O作催化剂，所以调控反应条件获得甲醛等有机物，故D正确；故选：B。二、填空题16.按要求完成下列各题。(1)从下列物质中选择对应类型的物质的序号填空。①CH3OCH3②HCOOCH2CH3③CH3COCH3④⑤CH3CHO⑥⑦A

.属于羧酸的是________；(填序号，下同)B.属于酯的是________；C.属于醇的是__________；D.属于酮的是________。(2)下列各组物质：①O2和O3；②乙醇和甲醚；③淀粉和纤维素；④苯和甲苯；⑤和；⑥和；

⑦CH3CH2NO2和A．互为同系物的是_________；(填序号，下同)B．互为同分异构体的是________；C．属于同一种物质的是__________；D.互为同素异形体的是________。(3)为了测定芳香烃A的结构，做如下实验：①将9.2g该芳香烃A完全

燃烧，生成标况下15.68LCO2和7.2gH2O；②用质谱仪测定其相对分子质量，得如图所示的质谱图，由图可知该分子的相对分子质量是________，有机物A的分子式为_________。③用核磁共振仪处理该有机物得到四个峰，且四个峰

的面积之比是1∶2∶2∶3，则该有机物A的结构简式为_____________。【答案】(1).④(2).②(3).⑦(4).③(5).④(6).②⑦(7).⑤(8).①(9).92(10).C7H8(11).【解析】【分析】(1)A.

属于羧酸的是含有-COOH的有机物；B.属于酯的是含有-COO-的有机物；C.属于醇的是含有-OH(不与苯环直接相连)的有机物；D.属于酮的是含有-CO-的有机物。(2)下列各组物质：A．互为同系物的是官能团种类和数目分别相同的有机物；B．互为同分异构体的是分子式相同但结构不同的有机物；C．属于同

一种物质的是分子式相同、结构也相同的有机物；D.互为同素异形体的是同种元素组成的不同性质的单质。(3)从质谱图中可提取该有机物的相对分子质量为92；由“将9.2g该芳香烃A完全燃烧，生成标况下15.68LCO2和7.2gH2O”，可计算出

该有机物的分子式；由“用核磁共振仪处理该有机物得到四个峰，且四个峰的面积之比是1∶2∶2∶3”，可确定该有机物A的结构简式。【详解】(1)A.属于羧酸的是含有-COOH的有机物④；B.属于酯的是含有-COO-的有机物②；C.属于醇的是含有-

OH(不与苯环直接相连)的有机物⑦；D.属于酮的是含有-CO-的有机物③。答案为：④；②；⑦；③；(2)下列各组物质：A．互为同系物的是官能团种类和数目分别相同的有机物④；B．互为同分异构体的是分子式相同但结构不

同的有机物②和⑦；C．属于同一种物质的是分子式相同、结构也相同的有机物⑤；D.互为同素异形体的是同种元素组成的不同性质的单质①。答案为：④；②⑦；⑤；①；(3)n(有机物)=9.2g92g/mol=0.1mol，n

(CO2)=15.68L22.4L/mol=0.7mol，n(H2O)=7.2g18g/mol=0.4mol。即0.1mol有机物+xO2→0.7molCO2+0.4molH2O，从而得出1mol有机物+10xO2→7molCO2+4molH2O，有机物A的分子式为C7H8。“用核

磁共振仪处理该有机物得到四个峰，且四个峰的面积之比是1∶2∶2∶3”，则表明该有机物A的分子内有4种氢原子，且个数比为1∶2∶2∶3，由此可得结构简式为。答案为：92；C7H8；。【点睛】如果我们先利用信息“将9.2g该芳香烃

A完全燃烧，生成标况下15.68LCO2和7.2gH2O”，可求出该有机物的最简式为C7H8，然后再利用相对分子质量92，可确定分子式为C7H8；如果先利用相对分子质量92，再利用“将9.2g该芳香烃A完全燃烧，生成标况下15.68LCO2和7.2gH2O”，可直接求出分子式，显然后一方法

更简洁。17.白藜芦醇在保健品领域有广泛的应用。其合成路线如图：回答下列问题：(1)物质B中含氧官能团的名称为_______，B→C的反应类型为_______。(2)1mol有机物D最多能消耗NaOH_______m

ol，白藜芦醇遇足量浓溴水时反应的化学方程式为_______。(3)已知的系统命名为1，3-苯二酚，则A的名称为_______；(4)已知乙酸酐()极易与水反应生成乙酸，是很好的吸水剂。试从平衡移动的角度分析A→B

反应中用乙酸酐代替乙酸的目的：_______。【答案】(1).酯基(2).取代反应(3).6(4).6Br2+→5HBr+(5).5-甲基-1，3-苯二酚(6).吸收反应生成的水，促进平衡正向移动，以提高酯的产率【解析】【分析】根据流程可知，A和乙酸酐反应，

酚羟基中的H被-OCCH3取代，B中的甲基上的H被Cl取代，D在碱性环境下发生水解反应，再酸化，得到白藜芦醇。【详解】(1)根据B的结构简式可知，B中含氧官能团的名称是酯基；B中的甲基上的H被Cl取代，所以B到C为取代反应，故答案为：酯基；取代反应；(2)1mol酚

羟基形成的酯基与NaOH溶液反应时，消耗2molNaOH，1molD中含有3mol酚羟基形成的酯基，因此1molD最多能消耗6molNaOH；酚羟基的邻对位上的H能够被Br取代，碳碳双键能够与Br2发生加成反应，则化学方程式为6B

r2+→5HBr+；(3)根据已知，可知酚羟基的编号为1和3，则A中甲基的编号为5，则A的名称为5-甲基-1，3-苯二酚；(4)A与乙酸发生酯化反应时有水生成，如果用乙酸酐代替乙酸，乙酸酐可以吸收酯化反应生成的水，而且生成

乙酸，有利于反应正向进行，促进酯化反应正向移动以提高酯的产率。18.某实验小组探究过量甲醛与新制氢氧化铜的反应，探究过程如下：(一)提出猜想(1)甲同学通过查阅资料，提出猜想1和猜想2。猜想1：HCHO+Cu(OH)2Δ⎯⎯→Cu+CO↑+2H2O猜想2：HCHO+4Cu(OH)2+2NaOHΔ

⎯⎯→2Cu2O+Na2CO3+6H2O猜想1和猜想2均体现了甲醛的_______性。(2)乙同学类比乙醛与新制氢氧化铜的反应，提出猜想3。用化学方程式表示猜想3：_______。(二)进行实验，收集证据已知：可用银氨溶液检测CO，反应为CO+2Ag(NH3)

2OH=2Ag↓+(NH4)2CO3+2NH3。实验在如图装置中进行。反应结束后，A中生成紫红色固体沉淀物，C中银氨溶液无明显变化，气囊略鼓起。(3)装置B中水的作用是_______。(4)甲同学取A中反应后溶液加入到足量稀盐酸中，无明显现象。乙同学另取该溶液加入到BaC

l2溶液中，产生大量白色沉淀。实验方案明显不合理．．．的是_______(填“甲”或“乙”)，理由是_______。(5)已知Cu2O⎯⎯⎯→稀硫酸Cu+CuSO4。丙同学通过实验证明生成的紫红色固体沉淀物是Cu，其实验方案为_______。(三)得出结论(6)写出过量

甲醛与新制氢氧化铜可能发生反应的化学方程式_______。【答案】(1).还原(2).HCHO+2Cu(OH)2+NaOHΔ⎯⎯→Cu2O↓+HCOONa+3H2O(3).除去挥发的甲醛，防止干扰CO的检验(4).乙(5

).该步骤的目的是检验反应后溶液中是否存在CO23−，因溶液中含有SO24−，如直接加入到BaCl2溶液中，SO24−遇Ba2+会生成白色沉淀BaSO4，干扰CO23−的检验(6).取生成的紫红色固体置于试管中，加入适量稀硫酸，充分振荡，无明显现象(7).HCHO+Cu(OH)2+NaOHΔ⎯

⎯→Cu↓+HCOONa+2H2O【解析】【分析】【详解】(1)由题给方程式可知，猜想1和猜想2发生的反应中碳元素的化合价均升高被氧化，甲醛都是反应的还原剂，表现了还原性，故答案为：还原；(2)由乙醛与新制氢氧化铜的反

应可知，猜想3发生的反应为甲醛与新制氢氧化铜悬浊液共热反应生成甲酸钠、氧化亚铜沉淀和水，反应的化学方程式为HCHO+2Cu(OH)2+NaOHΔ⎯⎯→Cu2O↓+HCOONa+3H2O，故答案为：HCHO+2Cu(OH)2+Na

OHΔ⎯⎯→Cu2O↓+HCOONa+3H2O；(3)由题给信息可知，一氧化碳和甲醛均能与银氨溶液反应，为防止甲醛蒸汽干扰一氧化碳的检验，应用水吸收易溶于水的甲醛，故答案为：除去挥发的甲醛，防止干扰CO的检验；(4)该步骤的目的是检验反应后溶液中是否存在碳酸根离子，若将反应后的

溶液加入到氯化钡溶液中，溶液中的硫酸根离子会与氯化钡溶液反应生成白色沉淀，无法判断溶液中是否存在碳酸根离子，所以乙同学的实验方案明显不合理，故答案为：乙；该步骤的目的是检验反应后溶液中是否存在CO23−，因溶液中含有SO2

4−，如直接加入到BaCl2溶液中，SO24−遇Ba2+会生成白色沉淀BaSO4，干扰CO23−的检验；(5)由题给信息可知氧化亚铜与稀硫酸反应生成铜、硫酸铜和水，溶液会变为蓝色，而铜与稀硫酸不反应，则证明生成的紫红色固体沉淀物是铜的实验方案为

取生成的紫红色固体置于试管中，加入适量稀硫酸，充分振荡，无明显现象，说明紫红色固体沉淀物是铜，故答案为：取生成的紫红色固体置于试管中，加入适量稀硫酸，充分振荡，无明显现象；(6)由实验现象可知，过量甲醛与新制氢氧化铜悬浊液共热反应生成铜、甲酸钠和水，反应的化学方程式为HCHO

+Cu(OH)2+NaOHΔ⎯⎯→Cu↓+HCOONa+2H2O，故答案为：HCHO+Cu(OH)2+NaOHΔ⎯⎯→Cu↓+HCOONa+2H2O。19.巴罗汀(I)可用于治疗急性白血病，其合成研究具有重要意义，合成路线如图所示。已知：i.HCCH+⎯⎯⎯⎯⎯→加压ii.R-NO22H

Ni⎯⎯→R-NH2iii.R-NH2+DMAP⎯⎯⎯→HCl+(1)A中官能团名称是_______。(2)B与足量氢气反应后所得产物名称_______。(3)D→E的化学方程式是_______。(4)试剂a是__

_____。(5)已知H在合成I的同时，还生成甲醇，G→H所加物质L的结构简式是_______。(6)B的一种同分异构体符合下列条件，其结构简式是_______。①能发生银镜反应②核磁共振氢谱只有两组吸收峰(7)D→E的过程中有多种副产物，其中属于高分子化合物的结构

简式是_______。(8)也是合成他米巴罗汀(I)的一种原料，合成路线如图所示。利用题中所给信息，中间产物的结构简式是_______。有机物1DMAP⎯⎯⎯→中间产物3有机物2AlCl⎯⎯⎯→H+i.NaOH甲醇溶液ii.H⎯⎯⎯⎯⎯→【答案】(1).碳碳三键(2).2，5

-二甲基-2，5-己二醇(3).3AlCl⎯⎯⎯→2HCl+(4).浓3HNO，浓24HSO(5).(6).(7).(8).【解析】【分析】A分子式是C2H2，A结构简式为HC≡CH，A与2个分子的发生信息i反应生成B，根据B分子式可知B结构

为：，B与H2在Ni作催化剂条件下发生加成反应生成C，C与浓盐酸加热，发生取代反应生成D为，D与苯在AlCl3作用下发生取代反应生成E：，由G的结构简式和信息ii可知，E与浓硝酸、浓硫酸混合加热发生硝化反应生成F：，F与氢气在Ni催化下发生还原反应

生成G：，G与L在DMAP条件下反应，发生iii的反应生成H，H与NaOH甲醇溶液共热，然后酸化得到I：和CH3OH，逆推可知L是，H是。【详解】(1)A是HC≡CH，则A中官能团名称是碳碳三键；(2)B的结构简式是，与足量氢

气发生加成反应，碳碳三键变为单键，反应后所得产物名称为：2，5-二甲基-2，5-己二醇；(3)D是，D与苯在AlCl3作用下，发生苯环上邻位的2个H原子的取代反应生成E()和HCl，则D→E的化学方程式是3AlCl⎯⎯⎯→2HCl+；(4)E是，E与浓硝酸、浓硫

酸混合加热发生取代反应生成F：，所以试剂a是浓硝酸、浓硫酸；(5)根据上述分析可知G→H所加物质L的结构简式是；(6)B是，不饱和度是2，B的同分异构体符合下列条件：①能发生银镜反应，说明含有醛基；②核磁共振氢谱只有两组吸收峰，说明分子中含有2种不同的H原子，该同分异构体高度对称，符合该

条件的同分异构体结构简式是：；(7)D是，E是，D→E的过程中发生苯环上H的取代反应，H原子位置不同，产物不同，因此有多种副产物，其中属于高分子化合物的结构简式是；(8)采用逆推方法，I是，H是，根据物质在反应

过程中碳链结构不变，中间产物与有机物2在AlCl3作用下反应生成H，结合题干信息可知应该是苯环上2个邻位H原子发生的取代反应，则由H可逆推得知中间产物是，有机物2是，苯胺与有机物1在DMAP条件下反应生成中间产物，根据二者分子结构的不同及题给已知，可知有机物1是，

故答案为：。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com