【文档说明】重庆市第八中学2022-2023学年高考适应性月考卷（四）物理试题 答案.pdf，共(7)页，384.688 KB，由小赞的店铺上传

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物理参考答案·第1页（共6页）重庆市第八中学2023届高考适应性月考卷（四）物理参考答案一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。题号1234567答案DACBBBC【解析】1．以细线、细杆和重物整体作为研究对像，由受力平衡可知手给整体的

力大小为G，由牛顿第三定律，整体对手的作用力大小也为G，故D正确。2．衣物在B点时，加速度指向圆心，竖直向上，处于超重状态，故A正确。衣物中的水在B点时离心效果最好，脱水效果更好，故B错误。衣物在A、B两点时，加速度大小相等，方向不同

，故C错误。衣物在B点所受筒壁的力更大，故D错误。3．设新轨道的半长轴为a，由开普勒第三定律可知33220aRTT，由题意08TT，解得4aR，故最远距离为27aRR，故C正确。4．电流从a流向b，即流向电

容器的负极板，电容器上带电量Q减小，而极板间电压不变，由QCU可知，C变小，熔喷布变薄，故B正确。5．由电势分布图像可知，OA间存在沿x轴负向的匀强电场，OB间存在沿x轴正向的匀强电场，电子先做匀加速直线运动到O点，再做匀减速直线运动到B点时

速度减为零，之后反向返回A点时速度为零。设OA之间的距离为L，电子在OA间运动的加速度为a，从AO的时间为t，则212Lat；当粒子从OA中点释放时，设到达O点的时间为t，则2122Lat，解得22tt，由运动对称性可知B正确。6．A向右运动

的加速度为零时速度最大，对A有mgqEmg，带入数据解得00.1，由图乙可知此时0.5mx，由功能关系可得201222mgmgxqExmxv，带入数据解得0.5m/sv，故B正确。物理参

考答案·第2页（共6页）7．由左手定则，直导线所受安培力方向平行于纸面，设当直导线通有电流I时，其在磁场中所受安培力水平分量为Fx，竖直分量为Fy；当直导线通有电流2I时，其在磁场中所受安培力水平分量为2xF，竖直分量

为2yF。由直导线的平衡条件可得1sinxFT，1cosyFTmg，1T为电流为I时，细线施于直导线的拉力；2sin2xFT，2cos2yFTmg，2T为电流为2I时，细线施于直导线的拉力，又22xyIBLFF，解得mgBIL，故C正确。二、多项选择题：本大题

共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。题号8910答案BCBDBC【解析】8．整个过程重力的冲量为mgt，方向竖直向下，故A错误。设阻力冲量为fI，取竖直向下为

正方向，由动量定理21()fmgtImmvv，带入12tgvv，可得0fI，故B正确。整个过程小石子位移为零，重力做功为零，故C正确。设阻力对小石子做功为fW，由动能定理22211122fWmmvv，

故D错误。9．注意线框运动过程中受到恒定摩擦阻力，故B、D正确。10．设BC间的距离为L1，由动能定理1cos(sin)0FLmgFLmgL，解得1cossinFFLLLmg；由题意，当0时，13

LL，带入解得43Fmg；由数学知识可知，当满足0tan时，1L取最大值，则05sin3Fmg，联立以上三式可解得0tan0.75，Fmg，故B、C正确。物理参考答案·第3页（共6页）三、实验、填空题（本大题共2小题，共15分）11．

（每空2分，共6分）（1）BD（2）112PMNmxmxmx（3）PNMxxx12．（除特殊标注外，每空2分，共9分）（1）（1分）（2）2.8(2.7～2.9)1.0(0.9～1.1)（3）3.01.0四、计算题（本题共3小题，共计42分。解答应写出必要的文字说明、方程式和

重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（12分）解：（1）由图丙可知，金属管中的感应电动势200πBErt①感应电流沿剖面圆周流动，金属管的电阻2πrRdL②金属管中的感应电流EIR③解得002BLdrIt④（2）金属管中电

流的热功率为2PIR⑤可得23020π2dLBrPt⑥评分标准：本题共12分。正确得出①～⑥式各给2分。图1物理参考答案·第4页（共6页）14．（12分）解：（1）设滑块到C点时速度为Cv，对滑块从A到C的过程由动能定理2p1[(1cos)]2CEmghRmv①设滑块在C点

时受到的轨道作用力为FC，由牛顿第二定律2CCmFmgRv②解得15NCF，方向竖直向下③由牛顿第三定律，滑块对轨道的作用力大小为15N，方向竖直向上④（2）滑块能静止于AB中点cossinmgmg≥，解得34≥⑤滑块能与E相撞，

则p((1cos))cos0sinhEmghRmg≥，解得53≤⑥假设滑块与挡板首次相碰后第n次通过AB中点时静止，由能量守恒p21cos22sinhnhEmgmg

（1n、2、3、…）⑦当1n时，解得125118，与题干描述不符，舍去当2n时，解得256，满足条件⑧当3n时，解得3253424，舍去即动摩擦因数为56评分标准：本题共12分。正

确得出③、④、⑤、⑥式各给1分，其余各式各给2分。15．（18分）解：（1）对粒子从A到O的过程，由牛顿第二定律qEma①由匀变速运动公式2012yat②解得02mytqE③（2）设粒子射出时初速度大小为0v，第一次到达x轴时距O

点距离为L，速度v方向与x轴负向间的夹角为，在磁场中做圆周运动的半径为R物理参考答案·第5页（共6页）在磁场中运动时2mqBRvv④由题意sin2LR⑤在电场中运动时，水平速度不变，即0cosvv⑥0Ltv⑦沿y轴正方向，sinatv⑧联立解得02EBv⑨（3）设粒子在A点

射出时，沿x轴方向的速度为Axv，沿y轴方向的速度为Ayv，由于粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做圆周运动，几何分析可知，粒子再次返回A点时，沿x轴方向速度Axv不变，沿y轴方向的速度大小不变，方向可

能不变也可能反向。第一种情况，若再次通过A点时，速度不变，可能轨迹如图2所示：则粒子在磁场中做圆周运动时2DDmqBrvv在电场中做类抛体运动时CDAxCDxtv，DyCDatv，qEma由几何关系sinCDrx，sinDDyvv解得DyDyAxmv

qBavv化简解得AxEBv粒子从A到D的过程2012AyADADytatv，0AxADxtv解得2200022AymEyqBxmBxv图2物理参考答案·第6页（共6页）故22222200022AAxAymEyqBxEBmBxvvv⑩第

二种情况，若再次通过A点时，x轴方向速度不变，y轴方向速度反向，则可能的轨迹如图3所示，轨迹关于y轴对称：则粒子在磁场中做圆周运动时2DDmqvBrv粒子从A到D类抛体过程0AxADxtv，DyAyADatvv，2202D

yAyayvv几何关系0sinrx，sinDDyvv可得0DyqBxmv2002AyqBxqEymmv解得02000()2AxqExqBxqBxqEmyv故222200020002()2AAxAyqBxqEyqExmm

qBxqBxqEmyvvv⑪评分标准：本题共18分。正确得出⑩得5分，得出⑪式各给4分，其余各式各给1分。图3获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com