【文档说明】湖南省长沙市长郡中学2024-2025学年高二上学期第一次月考 化学试卷 Word版含解析.docx，共(20)页，957.078 KB，由小赞的店铺上传

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长郡中学2023级高二上学期模块测试化学时量：75分钟满分：100分得分___________一、单项选择题(本题共14个小题，每小题3分，共42分)1.下列关于活化能和简单碰撞理论说法正确的是A.活化分子的每一次碰撞都能发生化学反应B.活化分子

具有的平均能量与反应物分子具有的平均能量之差，叫做活化能C.催化剂之所以能改变化学反应速率，是因为它能改变反应历程，改变反应的焓变D.增大压强(减小体积)或升高温度，均能增大活化分子百分数，从而加快化学反应速率【答案

】B【解析】【详解】A．活化分子的每一次碰撞不一定都能发生化学反应，只有活化分子碰撞时有合适的取向才能发生化学反应，A错误；B．活化能是指活化分子具有的平均能量与反应物分子具有的平均能量之差值，B正确；C．催化剂之所以能改变化学反应速率，是因为它能改变反

应历程，从而改变反应的活化能，但不能改变反应的焓变，C错误；D．增大压强可以增大单位体积内活化分子的数目，但活化分子百分数不变，D错误；故选B。2.下列事实不能用勒夏特列（平衡移动）原理解释的是A.开启啤酒瓶后

，瓶中马上泛起大量泡沫B.晒自来水养小金鱼C.工业上生产硫酸的过程中使用过量的空气以提高二氧化硫的利用率D.合成氨时采用铁触媒作反应催化剂【答案】D【解析】【详解】A．存在平衡H2CO3H2O+CO2，打开瓶盖时，压强减小，平衡向右移动，二氧化碳气体溶解度减小，逸出二氧化碳，可以用勒

夏特列原理来解释，A不符合题意；B．用少量氯气消毒的自来水中，发生反应：Cl2+H2OHCl+HClO；次氯酸见光分解反应为：2HClO=2HCl+O2↑，HClO浓度减小，促进化学平衡正向移动，减少了氯气的含量，所以可以用勒夏特列原理解释，B不符合题意；C．增大反应物浓度，平衡向正

反应方向移动，使用过量的空气以提高二氧化硫的利用率，可以用勒夏特列原理来解释，C不符合题意；D．催化剂只能加快反应速率，不能改变平衡移动，D符合题意；故选D。3.工业上由CO2和H2合成气态甲醇的热化学方程式为CO2(g)＋3H2(g)=CH3OH(g)＋H2O(g)ΔH＜0。已知该反应

是放热反应。下列表示合成甲醇的反应的能量变化示意图正确的是A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】由热化学方程式可知，反应物、生成物均为气态，焓变为负，为放热反应，且生成物为液态时放出热量更多，选项A中图符合。故答案选A。

4.在一定条件下发生如下反应：反应I：()()()()242222HSOl2SOg2HOgOg=++11551kJmolH−=+反应II：()()()22SsOg=SOg+12297kJmolH−=

−反应III：()()()()22343SOg2HOg2HSOlSs+=+3ΔH下列说法正确的是A.反应I中各物质的化学计量数既可表示物质的量，又可表示分子个数B.3ΔH的数值为254−C.反应II中()

Ss和()2Og的总能量低于()2SOg的总能量D.H的数值大小与物质的状态无关【答案】B【解析】【详解】A．热化学方程式中化学计量数只表示物质的量，不表示分子的个数，故A错误；B．反应Ⅰ：2H2SO4(l)═2SO2(g)+2H2O(g)+O2(g)

△H1=+551kJ•mol-1，反应Ⅱ：S(s)+O2(g)═SO2(g)△H2=-297kJ•mol-1，反应-I-II得反应Ⅲ：3SO2(g)+2H2O(g)═2H2SO4(l)+S(s)△H3=(-551+297)kJ/

mol=-254kJ/mol,故B正确；C．反应II为放热反应，则反应Ⅱ中S(s)和O2(g)的总能量高于SO2(g)的总能量，故C错误；D．如完全燃烧相同质量的S(g)、S(s)放出的热量前者大于后者，所以△H与反应

物的状态有关，故D错误；故选：B。5.已知断开()21molHg中H—H键需要吸收436kJ能量，根据能量变化示意图，下列说法或热化学方程式错误的是A.断开1molHCl(g)中H—Cl键要吸收432kJ能量B.生成()21molClg中的Cl—Cl键放出243kJ

能量C.()()()2211HClg=Hg+Clg22Δ92.5kJ/molH=+D.()()()22Hg+Clg=2HCllH(1Δ185kJmol−−H)【答案】D【解析】【分析】【详解】A．根据图示可知，2molH(g)和2molC

l(g)结合成()2molHClg放出864kJ能量，则断开2molHCl(g)中H—Cl键需要吸收864kJ能量，由此推出断开1molHCl(g)中H—Cl键要吸收432kJ能量，A项正确；B．根据图示可知，断裂1molH2(g)中的H—H键和1

molCl2(g)中Cl—Cl键吸收679kJ能量，断裂1molH—H键吸收436kJ能量，则断裂1molCl—Cl键吸收679kJ-436kJ=243kJ能量，即生成()21molClg中的Cl—C

l键放出243kJ能量，B项正确；C．根据图示知，()()()22HgClg=2HClg+1679/864/185kJmolHkJmolkJmol−=−=−，则()()()2211HClg=HgClg22+192.5kJmolH−=+，C项正确；D．HCl由

气态变为液态要放出热量，所以生成2mol液态HCl放出的热量大于185kJ，即()()()22Hgg2l185/ClHClHkJmol+=−，D项错误；故选D。6.利用如图所示装置进行中和热测定实验，下列说法不正确的是A.X为隔热层，能有效减少

实验过程中的热量损失B.向盛装酸溶液的内筒中加碱溶液时要小心缓慢C.使用玻璃搅拌器既可以搅拌又可以避免损坏温度计D.测定酸溶液温度后的温度计要用蒸馏水清洗、干燥后再测碱溶液的温度【答案】B【解析】【详解】A．X为隔热层能隔热，作用是减少实验过

程中的热量损失，从而减小实验误差，A正确；B．向盛装酸溶液的内筒中加碱溶液时应迅速，减少热量的散失，B错误；C．中和热测定实验中若使用温度计搅拌，会使温度计水银球破损，会造成实验安全隐患，使用玻璃搅拌器既可以搅拌又

避免损坏温度计，C正确；D．为防止温度计上沾有的酸溶液与碱溶液反应导致所测碱溶液温度偏高，所以测定酸溶液后的温度计要用蒸馏水清洗、干燥后再测碱溶液的温度，D正确；故选B7.根据如图分析，下列说法不正确的是。A.30HB.1mol()2HOg能量高于1mol()2HOl

C.123HHH=+D.常温下反应()()()2222HOg2HgOg=+的化学平衡常数的数值很小【答案】C【解析】【详解】A．H2和O2反应生成液态水的过程中放热，3H0，A正确；B．()2HOg转化为()2HOl会放出热量，则1mol()2HOg能量高于1mol，B正

确；C．由图可知，()()()2221HOgHgOg2=+1ΔH，()()()2221HgOgHOl2+=3ΔH，()()22HOlHOg=2ΔH，由盖斯定律可知，123-HHH=+，C错误；D．常温下H2O(g)很难分解为H2(g)和O2

(g)，反应()()()2222HOg2HgOg=+的化学平衡常数的数值很小，D正确；故选C。8.下列物质按纯净物、强电解质、弱电解质、非电解质的组合正确的是纯净物强电解质弱电解质非电解质A盐酸硫酸冰醋酸CuB液氯硫酸钡224HCO3NHC火碱氯化钠氨水三氧化硫D冰醋酸苛性钾氯化镁乙醇A.AB.

BC.CD.D【答案】B【解析】【分析】电解质是溶于水或在熔融状态下能够导电的化合物；非电解质是溶于水或在熔融状态下不能够导电的化合物；酸、碱、盐、金属氧化物等均属于电解质；强电解质是指在水溶液中或熔融状态下，能够完全

电离的化合物，即溶于水的部分或者熔融状态时，可以完全变成阴阳离子的化合物，一般是强酸、强碱和大部分盐类；【详解】A．盐酸为混合物；铜诶单质，不是非电解质，故A错误；B．液氯、硫酸钡、草酸、NH3分别属于纯净物、强电解质、弱

电解质、非电解质，故B正确；C．氨水为溶液，是混合物，不是弱电解质，故C错误；D．氯化镁为强电解质，D错误；故选B。9.25℃时，将10.1molL−醋酸溶液加水稀释，下列数值变大的是A.()3cCHC

OO−B.()()33CHCOOHCHCOOcc−C.aKD.()3CHCOOn−【答案】D【解析】【详解】A．将10.1molL−醋酸溶液加水稀释，()3cCHCOO−减小，A不选；B．将10.1molL−醋酸溶液加水稀释，溶液中c(H+)减小，醋酸的电离平衡常数Ka是定值，()()(

)+3-a3cHcCHCOOH=KcCHCOO减小，B不选；C．醋酸的电离平衡常数Ka只受温度影响，将10.1molL−醋酸溶液加水稀释，醋酸的电离平衡常数Ka不发生变化，C不选；D．将10.1molL−醋酸溶液加水稀释，醋酸

的电离平衡正向移动，溶液中()-3nCHCOO增大，D选；故选D。10.已知25℃时，三种酸的电离常数为Ka(CH3COOH)=1.75×10-5，Ka(HCN)=6.2×10-10，Ka1(H2CO3)=4.5×10-7，Ka2(H2CO3)=4.7×10-11。下列说法正确的是A.醋酸滴入Na

CN溶液的离子方程式为H++CN-=HCNB.NaHCO3在水溶液中的电离方程式为NaHCO3=Na++H++2-3COC.Na2CO3溶液中滴加HCN的离子方程式为2-3CO+2HCN=2CN-+H2O+CO2↑D.结合质子的能力：CH3C

OO-<-3HCO<CN-<2-3CO【答案】D【解析】【分析】电离平衡常数越大，酸性越强，根据表中数据可知酸性：CH3COOH>H2CO3>HCN>-3HCO；【详解】A．因为酸性CH3COOH>HCN，由于醋酸是弱酸不可拆，反应的离

子方程式是：CH3COOH+CN-=HCN+CH3COO-，故A错误；B．NaHCO3在水溶液中电离出钠离子和-3HCO，电离方程式为NaHCO3=Na++-3HCO，故B错误；C．酸性：H2CO3>HCN>-3HCO，则Na2CO3

溶液与HCN反应只能生成NaHCO3，不能生成H2CO3，离子方程式为2-3CO+HCN=CN-+-3HCO，故C错误；D．酸性越弱，其对应酸根结合氢离子的能力越强，所以等浓度的结合质子的能力：CH3COO-<-3HCO<CN-<2-3CO，故D正确

；故选D。11.Ni可活化26CH制得4CH，其反应历程如图所示：下列关于活化历程的说法正确的是A.总反应的H0B.Ni不是该反应的催化剂C.该反应历程中没有非极性键的断裂和生成D.总反应的速率由“中间体1→中间体2”决定【答案】B【

解析】【详解】A．由图可知，总反应为反应物的能量大于生成物的能量的放热反应，反应的焓变小于0，A错误；B．由图可知，反应的生成物为NiCH2和甲烷，则镍是反应的反应物，不是催化剂，B正确；C．由图可知，该反应历程中有C-C非极性键的断裂，没有非极性键的生成，C错误；D．反应的活

化能越大，反应速率越慢，总反应速率取决于慢反应，中间体2→中间体3的活化能最大，反应速率最慢，则总反应的速率由中间体2→中间体3的反应速率决定，D错误；故选B。12.已知：A(g)+2B(g)3C(g)ΔH＜0，向一恒温恒容的

密闭容器中充入1molA和2molB发生反应，t1时达到平衡状态I，在t2时改变某一条件，t3时重新达到平衡状态Ⅱ，正反应速率随时间的变化如图所示。下列说法正确的是A.t2时改变的条件：向容器中加入AB.平衡时B的体积分数φ：φ(II)=φ(I)C.t2~t3时反应向正

方向移动D.平衡时A(g)的物质的量浓度：c(I)＞c(II)【答案】B【解析】【分析】根据图示可知：反应从正反应方向开始，至t1时刻反应达到平衡状态，在t2时刻正反应速率瞬间不变，然后逐渐增大，说明改变的外界条件应该是向容器中加

入生成物C，然后根据问题逐一分析解答。【详解】A．t2时刻正反应速率瞬间不变，然后逐渐增大，说明改变的外界条件应该是向容器中加入生成物C，A错误；B．根据上述分析可知：在t2时刻改变的外界条件是加入生成物C。该

反应是反应前后气体体积不变的反应，加入生成物C，体系压强增大，化学平衡不移动，最终平衡与原平衡等效，则平衡时B的体积分数φ：φ(II)=φ(I)，B正确；C．根据上述分析可知：在t2时刻改变的外界条件是加入生成物C，生成物浓度突然增大，v逆突然增大，v逆大于v正，则t2~t3时反应向逆方向移动，直

至建立新的化学平衡状态，C错误；D．该反应一恒温恒容的密闭容器中进行，由于t2时刻改变的外界条件是向容器中加入生成物C，生成物C发生反应产生反应物A(g)、B(g)，故重新达到平衡时A(g)、B(g)的浓度比原平衡时要大

，故平衡时A(g)的物质的量浓度：c(II)＞c(I)，D错误；故合理选项是B。13.电离度是描述弱电解质电离程度物理量,电离度=(已电离的电解质的物质的量/原有电解质总的物质的量)×100%。现取20mLc(H+)=1×10-3mol/L的CH3COOH溶液,加入0.2mol·L-1

的氨水,测得溶液导电能力随加入的氨水体积变化的趋势如图所示,则加入氨水前CH3COOH的电离度为A.0.5%B.1.5%C.0.1%D.1%【答案】D【解析】【详解】根据图象，当加入10mL氨水时，导电能力最大，说明NH3·H2O和CH3COOH恰好完全反应。起始时n(CH3COO

H)=10×10－3×0.2mol=2×10－3mol，醋酸溶液中n(H＋)=20×10－3×1×10－3mol=2×10－5mol，根据电离度的定义，醋酸的电离度为2×10－5/2×10－3×100%=1%，故选项D正确。14.一定温度下，反应()()()

223Ng+3Hg2NHg在密闭容器中达到平衡时，测得c(N2)=0.10mol/L、c(H2)=0.20mol/L、c(NH3)=0.20mol/L。相同温度下，按下列4组初始浓度进行实验，下列说法不正确的是①②③④C(N2)/(mol·L-1)0.400.200.200.20C(

H2)/(mol·L-1)1.000.400.200.50C(NH3)/(mol·L-1)00.400.200A.平衡时NH3的体积分数：①=②B.③中：v正>v逆C.④中反应达到平衡时，N2的转化率为50%D.该温度下，③

中反应的平衡常数K=5的【答案】D【解析】【分析】一定温度下，反应()()()223Ng+3Hg2NHg在密闭容器中达到平衡时，测得c(N2)=0.10mol/L、c(H2)=0.20mol/L、c(NH3)=0.20

mol/L，则平衡常数()()()2233322cNH0.2K=50cNcH0.10.2==，据此分析。【详解】A．反应②相当于加入0.4molN2与1.0molH2，则实验①与实验②互为等效平衡，则平衡时NH3的体积分数

：①=②，A正确；B．③中，()()()223c3322cNH0.2Q=25KcNcH0.20.2==，则平衡正向移动，即v正>v逆，B正确；C．设氮气的变化量为xmol/L，根据题中信息列出三段式：()()()()()()223Ng+3Hg2NHgmol/L0.20.50mol/Lx

3x2xmol/L0.2-x0.5-3x2x起始量变化量平衡量，由于温度不变，则平衡常数不变，则()()()()()()2233322cNH2xK=50cNcH0.2-x0.5-3x==，解得x=0.1mol/L，则N2的转化率为0.1mo

l/L100%=50%0.2mol/L，C正确；D．由分析可知，该温度下，③中反应的平衡常数K=50，D错误；故选D二、非选择题(本题共4个小题，共58分)15.将0.4mol24NO气体充入某密闭容器中发生反应：()()24

2NOg2NOgH。温度为1T和2T时，在体积为2L的恒容容器中，测得2NO的物质的量随时间变化的曲线如图1所示；在温度为3T和4T时，平衡体系中2NO的体积分数随压强变化的曲线如图2所示。。回答下列问题：（1）由图可知，1T

___________2T(填“>”“<”“=”或“无法判断”)，H___________0(填“>”“<”“=”或“无法判断”)。（2）1T时，40~80s内用2NO表示的平均反应速率为___________。（3）A、C两点的反应速率：A______

_____C(填“>”“<”“=”或“无法判断”)。（4）由A点到B点可采取的方法是___________，由A点到C点可观察到的实验现象是___________。（5）已知A点2NO的体积分数是B、C点的2倍，其数值为0.5，则A

、B、C三点的平衡常数大小关系为___________。【答案】（1）①.>②.>（2）0.0025mol/(L·s)（3）<（4）①.降低温度②.容器中气体颜色变深（5）KA=KC>KB【解析】【小问1详解】根据图象曲线变化可知，T1℃时

反应先达到平衡，T1℃时反应速率大于T2℃，则温度大小为：T1℃>T2℃，而在T1℃达到平衡时二氧化氮的物质的量大于T2℃，说明升高温度，平衡向着正向移动，则该反应为吸热反应，H>0。【小问2详解】1T时，40~80s内用2NO表示平均反应速率为0.6mol-

0.4mol2L40s=0.0025mol/(L·s)。【小问3详解】由图可知，A、C两点平衡时温度相同，C点对应的压强大，反应速率大，A、C两点的反应速率：A<C。的【小问4详解】反应()()242NOg2NOg的正反应为吸热反应，温度升高

，平衡向正反应方向移动，NO2的体积分数增大，由图可知：AB两点平衡时压强相同，温度不同，A点NO2的体积分数大于B点NO2的体积分数，故T4>T3，由A点到B点可采取的方法是降低温度，由A点到C点压强增大，NO2的浓度增大，可观察到的实验

现象是：容器中气体颜色变深。【小问5详解】A、C两点为相同温度不同压强下的平衡，故化学平衡常数相等，B点温度低于A，C两点，该反应正反应为吸热反应，则降低温度，K减小，则三点平衡常数大小关系为KA=KC>KB。16

.某校化学小组探究酸性4KMnO溶液与22HO溶液反应速率的影响因素。（1）邹邹进行了实验Ⅰ：常温下，向4mL不同浓度的22HO溶液中滴入1滴(0.04mL)10.05molL−4KMnO溶液()1H5.0molLc+−=，记录如下：()22HOc

/(1molL−)0.00130.00150.01250.03120.04400.0620完全褪色时间/s2515122360370无色气体体积一样多①将4KMnO溶液调成酸性所用的酸是___________(填“盐酸”“硫酸

”“硝酸”或“都行”)，该反应的离子方程式为___________。②对于()22HOc增大引起的速率异常现象，伟伟认为可能是22HO分解造成的，你对此结论的正误判断及理由是___________。③为了解释(

)22HOc增大到一定浓度后反应速率减小，波波查得了如下资料。资料显示，()122HO0.02molLc−，22HO溶液中存在平衡：22442HOHO。请用平衡移动原理解释()122HO0.0312molLc−=时反应速率忽然减小的原因：___________。（2）龙龙继续

进行实验Ⅱ，并记录如下：操作现象实验Ⅱ第1~9滴溶液滴下，完全褪色所需时间很长；第10滴溶液滴下迅速褪色。整个过程中温度几乎不变①对于第10滴溶液与22HO溶液反应速率剧烈变化的原因，飞飞提出如下假设：___________。②杰杰设计

实验方案证实了上述假设合理，请补全他的方案：操作现象实验Ⅲ滴入4KMnO溶液前，先加少量___________固体，第1~9滴溶液滴下，完全褪色所需时间大大缩短（3）综合上述实验，对于酸性4KMnO溶液与22

HO溶液反应速率，臧臧进行了总结。下列因素一定能加快反应速率的是___________。a．增大4KMnO溶液浓度b．增大22HO溶液浓度c．增大24HSO浓度d．适当升高温度e．加入合适的催化剂【答案】（1）①.硫酸②.222

4225HO26H25O8HOMnOMn−++++=++③.错误；向不同浓度的过氧化氢溶液中滴入高锰酸钾溶液不足量，产生的气体一样多，说明过氧化氢浓度增大引起的速率异常现象一定不是过氧化氢分解的缘故④

.22HO转化为44HO，溶液中的过氧化氢浓度减小，导致速率减小（2）①.可能是高锰酸钾与双氧水反应后生成的2Mn+，对双氧水分解起到了催化作用②.硫酸锰（3）acde【解析】【分析】酸性高锰酸钾作为常见氧化剂，其配制加入的酸不能具有氧化性和还原性，所以不能加入硝酸的

和盐酸。高锰酸钾与过氧化氢反应，过氧化氢作还原剂，产生氧气。在对双氧水分解实验开展探究的时候，要充分考虑催化剂对反应速率带来的变化。开展对比探究实验的时候，使用控制变量法，除探究的因素是变量外，其它条件都必须相同。据此分析作答。【小问1详解】①高锰酸钾作为经常使用的氧化剂

，将4KMnO溶液调成酸性所用的酸是硫酸，不能使用盐酸和硝酸，因为盐酸易被高锰酸钾氧化，产生氯气，而硝酸自身具有氧化性，对高锰酸钾的氧化性带来干扰。高锰酸钾与过氧化氢反应，高锰酸钾作氧化剂，锰元素化合价降低，还原为2M

n+；而双氧水中的氧元素化合价升高，生成2O。②根据表中数据分析，()22HOc增大，向不同浓度的过氧化氢溶液中滴入高锰酸钾溶液不足量，产生的气体一样多，说明过氧化氢浓度增大引起的速率异常现象一定不是过氧化氢分解的缘故。③由于()122HO0.02molLc−，22HO溶液中存在平衡：224

42HOHO，当()122HO0.0312molLc−=10.02?Lmol−，22HO转化为44HO，溶液中的过氧化氢浓度减小，导致速率减小。故答案为：硫酸；2224225HO26H25O8HOMnOMn−++++=++；错

误，向不同浓度的过氧化氢溶液中滴入高锰酸钾溶液不足量，产生的气体一样多，说明过氧化氢浓度增大引起的速率异常现象一定不是过氧化氢分解的缘故；22HO转化为44HO，溶液中的过氧化氢浓度减小，导致速率减小。【小问2详解】①由于第10滴溶液与22HO溶液反应速率剧烈变化，分析可能是高锰酸钾与双氧

水反应后生成的2Mn+，对双氧水分解起到了催化作用。②杰杰设计实验方案证实上述假设合理，因为推测2Mn+对双氧水分解起到了催化作用，所以考虑开始就加入少量的硫酸锰固体，以提供2Mn+，观察双氧水分解速率情况，验证猜想。故答案为：可能是高锰酸钾与双氧水反应后生成

的2Mn+，对双氧水分解起到了催化作用；硫酸锰。【小问3详解】a．增大4KMnO溶液浓度，单位体积内有效碰撞的几率增大，一定能加快反应速率，故a正确；b．由题给信息可知，当()122HO0.02molLc−时，22HO转化为44HO，若增大双氧水溶液浓度，会导致更多的22HO转转化为44

HO，不一定能加快反应速率，故b错误；c．增大24HSO浓度，()cH+增大，4KMnO的氧化性增强，一定能加快反应速率，故c正确；d．加热适当温度，反应的活化分子数增多，一定能加快反应速率，故d正确；e．加入合适的催化剂，降低反应活化能，反应的活化分子数和百分

数均增多，一定能加快反应速率，故e正确；故答案为:acde。17.我国力争于2030年前做到“碳达峰”，2060年前实现“碳中和”。2CO捕获与2CO重整是2CO利用的研究热点。其中4CH与2CO重整反应体系涉及部分反应如下：a．()()()()422CHgCOg2COg

2Hg++1ΔHb．()()()()222COgHgCOgHOg++2ΔHc．()()()42CHgCs2Hg+3ΔH（1）已知3H0，则反应c在___________(填“高温”“低温”“任意温度”或“不能”)自发进行。（2）上述反应体系在

一定条件下建立平衡后，下列说法正确的有___________。A.增大2CO与4CH的浓度，反应a、b、c的正反应速率都增大B.移去部分()Cs，反应c，b的平衡向右移动，反应a向左移动C.加入反应a的催化剂，可提高4CH的平衡转化率D.降低反应温度，反应a、b、c的

正、逆反应速率都减小（3）雨水中含有来自大气的2CO，溶于水中的2CO会进一步和水反应，发生电离：①()()22qCOgCOa②()()()()223COaqHOlHaqHCOaq+−++25℃时，反应②的平衡常数为2K。溶液中2CO的浓度与其在空气中的分压成正比(分压=总压×物质

的量分数)，比例系数为11molLkPay−−，当大气压强为kPap，大气中()2COg的物质的量分数为x时，溶液中H+浓度为___________1molL−(写出表达式，忽略水和3HCO−的电

离)。（4）105℃时，将足量的某碳酸氢盐(3MHCO)固体置于真空恒容容器中，存在如下平衡：()()()()32322Δ2MHCOsMCOsHOgCOg++。上述反应达平衡时体系的总压为46kPa．保持温度不变，开始时在体系中先通入一定量

的()2COg，再加入足量()3MHCOs，欲使平衡时体系中水蒸气的分压小于5kPa，()2COg的初始压强应大于___________kPa。(已知：体系中某气体的分压=该气体的体积分数×总压)（5）2CO

可以被NaOH溶液捕获。若所得溶液()()233HCO:CO2:1cc−−=，溶液()cH+=___________。(室温下，23HCO的7a1410K−=；11a2510−=K)（6）CaO可在较高温度下捕集2CO，在更高

温度下将捕集的2CO释放利用，请从化学反应原理角度分析其原因是___________。与3CaCO热分解制备的CaO相比，242CaCOHO热分解制备的CaO具有更好的2CO捕集性能，其原因是________

___。【答案】（1）高温（2）AD（3）2wpxyK+K（4）100.8（5）10（6）①.CaCO3分解生成CaO和CO2是吸热反应，在更高温度下促进分解反应正向进行，释放出二氧化碳②.CaC2O4∙H2O热分解放出更多的气体，制得的氧化钙更加疏松多孔【解析】【小问1详解】反

应c的正反应是气体体积增大的反应，体系混乱度增大，则∆S>0，已知3H0，由自发进行的综合判据∆G=∆H-T∆S<0，则反应c在高温自发进行；【小问2详解】A．增大CO2与CH4的浓度，增大浓度，对应的反应a、b、c的正反应速率都增加，故A正确；B．移去部分C(s)，因为其

为固体，对平衡无影响，故B错误；C．加入反应a的催化剂，能改变反应速率，但不影响平衡，不能提高CH4的平衡转化率，故C错误；D．降低反应温度，所有反应速率都减小，故反应a、b、c的正、逆反应速率都减小，故D正确；故答案为：AD；【小问3详解】由题可知，①CO2(g)⇌CO2(aq)，②

CO2(aq)+H2O(l)⇌H+(aq)+-3HCO(aq)，K2=-+32-3c(HCO)c(H)c(CO)，又因为p(CO2)(aq)=p(kPa)•x，则c(CO2)=y(mol•L-1•kPa-1)•p(CO2)=p•x•y，在忽略-3HCO的电离时，c(H+)-c(OH-)=

c(-3HCO)，而c(H+)•c(OH-)=Kw，所以K2=2+++w22c(H)-Kc(H)[c(H)-c(OH)]c(CO)c(CO)−=，可得c(H+)=2wpxyK+Kmol•L-1；【小问4详解】105°C时，达到平衡状态时生成的两种气体的物质的量相

等，则p(H2O)=p(CO2)=23kPa，化学平衡常数Kp=p(H2O)×p(CO2)=(23kPa)2=529(kPa)2；温度不变化学平衡常数Kp不变，设平衡时，平衡体系中CO2的分压为x，则Kp=p(H2O)•p(CO

2)=529kPa2，p(CO2)=5295kPa=105.8kPa，CO2的初始压强等于平衡压强减去碳酸氢盐分解产生的CO2的分压，即CO2(g)的初始压强应大于105.8kPa-5kPa=100.8kPa，故答案为：100.8；【小问5详解】室温下，2

3HCO的7a1410K−=；11a2510−=K，若所得溶液()()233HCO:CO2:1cc−−=，代入K2=-+32-3c(HCO)c(H)c(CO)=12×c(H+)=5×10-11mo

l/L，c(H+)=10-10mol/L，溶液的pH=10，故答案为：10；【小问6详解】CaO可在较高温度下捕集2CO反应生成CaCO3，高温条件下CaCO3分解生成CaO和CO2是吸热反应，在更高温度下促进分解反应正向进

行，释放出二氧化碳；CaC2O4∙H2O热分解制备的CaO具有更好的CO2捕集性能，其原因是：CaC2O4∙H2O热分解放出更多的气体，制得的氧化钙更加疏松多孔。18.“低碳经济”备受关注，研究和深度开发2CO的应用对构建生态文明

社会具有重要的意义。（1）2TiO是一种性能优良的光催化剂，能有效地将有机污染物转化为2CO等小分子物质。下图为在2TiO的催化下，3O降解3CHCHO的示意图，则该反应的化学方程式为___________

。（2）化学链燃烧技术是目前能源领域研究的热点之一，用NiO作载氧体的化学链燃烧的相关热化学方程式如下：()()()()()42CHgNiOsCOg2HgNis+=++1208.6kJmolH−=+()()()()()422CHg2NiOsCOg2Hg2Nis+=++1169.9kJmol

H−=+则2CO和4CH反应生成CO和2H的热化学方程式为___________。（3）用稀氨水喷雾捕集2CO最终可得产品43NHHCO。①在捕集时，气相中有中间体24NHCOONH(氨基甲酸铵)生成。现将一定量纯

净的氨基甲酸铵置于恒容密闭真空容器中，分别在不同温度下进行反应：()()()2432NHCOONHs2NHgCOg+。实验测得的有关数据如表(123ttt)：温度/℃气体总浓度/(1molL−)时间/min15253500001t3910−22

.710−28.110−2t2310−24.810−29.410−3t2310−24.810−29.410−氨基甲酸铵的分解反应是___________(填“放热”或“吸热”)反应。在15℃，此反应的化学平衡常数K=___________。②将一定量纯

净的氨基甲酸铵置于恒温恒容的真空密闭容器中，发生反应：()()()2432NHCOONHs2NHgCOg+。Ⅰ．能判断该反应达到化学平衡状态的是___________(填标号)。a．()()32NH2

COvv=b．气体的总压强不变c．气体的总质量不变d．混合气体的平均相对分子质量不变e．2CO的体积分数不变f．24NHCOONH的物质的量浓度恒定不变g.混合气体的密度不变达到平衡状态后，如将原容器容积压缩为原来的一半，则平衡___________(填“正向”“逆向”或“

不”)移动，再次达到平衡时，2CO的浓度与原平衡相比___________(填“增大”“减小”或“不变”)。Ⅱ．某实验在恒容条件下，发生上述反应，根据实验测得数据绘制图像如图。已知：pΔHRlnK=-+CT(C为常数，pK表示用气体平衡分压代替平

衡浓度计算，分压=总压×气体的物质的量分数)。根据上图计算该反应H=___________1kJmol−(保留2位小数)。【答案】（1）5O3+3CH3CHO2TiO⎯⎯⎯→紫外线6CO2+6H2O（2）CO2(

g)+CH4(g)=2CO(g)+2H2(g)H=+247.31kJmol−（3）①.吸热②.6410−③.bcg④.逆向⑤.不变⑥.+144.18【解析】【小问1详解】由图可知，臭氧降解乙醛的反应为在二氧化钛的催化下，臭氧和乙醛在紫外光照射下反应生成二氧化碳和水，反应的化学方程式为5O3+

3CH3CHO2TiO⎯⎯⎯→紫外线6CO2+6H2O。【小问2详解】已知：①()()()()()42CHgNiOsCOg2HgNis+=++1H208.6kJmol−=+；②()()()()()422CHg2NiOsCOg2H

g2Nis+=++1H169.9kJmol−=+；根据盖斯定律可知，2×①-②可得CO2(g)+CH4(g)=2CO(g)+2H2(g)11H208.6kJmolkm2-1Jol69.9−−=+=+247.31kJmol−。【小问3详

解】①由图表可知，升高温度，气体总浓度变大，则反应正向移动，故氨基甲酸铵的分解反应是吸热反应；在15℃反应达到平衡时，气体总浓度为2310−mol/L，列出“三段式”()()()()()()2432NHCOONHs2NHg+COgmol/L00mol/L2xxmo

l/L2xx起始转化平衡2x+x=2310−，x=0.01，此反应的化学平衡常数()()()2222623Kcc21010410CONH−−−===；②a．()()32vNH=2vCO，没有体现是正反

应速率还是逆反应速率，不能判断是否平衡，a不符合题意；b．反应是气体分子数改变的的化学反应，物质的量与压强成正比，则混合气体的压强不随时间的变化而变化，达到平衡状态，b符合题意；c．反应是气体分子数改变的的化学反应，反应中固体生成气体，气体的总质量不变，达到平衡状

态，c符合题意；d．反应为固体生成气体的反应，生成物的比例是固定的，混合气体的平均相对分子质量为定值，故不能说明反应达到平衡，d不符合题意；e．反应为固体生成气体的反应，生成物的比例是固定的，CO2的体积分数不变不能说明反应达到平衡，e不符合

题意；f．24NHCOONH为固体，没有浓度这个概念，不能说明反应达到平衡，f不符合题意；g．容器体积不变，反应中生成气体总质量改变，则混合气体的密度不变说明达到平衡状态，g符合题意；故选bcg；该反应过程中气体体

积增大，如将原容器容积压缩为原来的一半，压强增大，平衡逆向移动，该反应的平衡常数()()()232324KcCOcNHcCO==在温度不变时为定值，则再次达到平衡时，2CO的浓度与原平衡相比不变。由图中数据代入公式pHRInK=-+CT可知，369.50H3.1910

C−=−+，353.64H3.310C−=−+，解得H=+144.18kJ/mol。