【文档说明】广西三新学术联盟2023-2024学年高三上学期11月联考试题+物理+含解析.docx，共(15)页，1.576 MB，由小赞的店铺上传

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2023年广西三新学术联盟高三年级11月联考物理本卷满分100分，考试用时75分钟注意事项：1．答题前，考生先在答题卡上用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、学校、班级、准考证号填写清楚，然后贴好条形码。请认真核准条形码上的准考证号、姓名和科目。2

．答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净，再选涂其他答案标号，回答非选择题时，请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，在试题卷上作答无效。一、单项选择题：本题共7小题，每小题

4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．据统计，我国发射的卫星已近600颗，位居世界第二位，这些卫星以导航、遥感、通信为主要类别，尤其是北斗导航卫星的发射使我国具备了全球精确导航定位、授时和短报文通信等能力。如图，A、B、C为我国发射的3颗圆轨卫星，另有D为赤

道上的待发卫星。其中卫星A、B的轨道在赤道平面内，且B为地球静止卫星，卫星C的轨道为极地轨道，轨道半径CABrrr，下列说法正确的是（）A．卫星C的线速度大小可能为8km/sB．卫星A的周期大于卫星B的周期C．卫星A的向心加速度大于卫星D的向心加速度D．从B轨道变到A轨道，需要点火加速2．如图

甲所示为安装在某特高压输电线路上的一个六分导线间隔棒，图乙为其截面图。间隔棒将6条输电导线分别固定在一个正六边形的顶点a、b、c、d、e、f上，O为正六边形的中心。已知通电导线在周围形成磁场的磁感应强度与

电流大小成正比，与到导线的距离成反比，某瞬时，6条输电导线中通过垂直纸面向外，大小相等的电流，其中a导线中的电流对b导线中电流的安培力大小为F，该时刻（）A．O点的磁感应强度方向垂直于cf向上B．c导线所受安培力方向沿Oc指向c

C．d导线中电流对a导线中电流的安培力为2FD．a导线所受安培力为2.5F3．如图所示为某透明介质制成的棱镜的截面图，其中30A=、60C=，由两种色光组成的细光束从空气垂直AB边射入棱镜，第一次到达AC边时，色光1恰

好发生全反射，色光2由AC边射出时与AC边的夹角为45。则下列说法正确的是（）A．色光1、2的折射率之比为1:2B．色光2在真空中的波长较短C．改变入射光的角度，两种色光由空气进入棱镜时，可能在AB边发生全反射D．色光2比色光1更容易发生衍射现象4．如图甲所示是目前市面上流

行的手摇手机充电器，它体型小，携带方便，可以在紧急状态下给手机临时充电，其示意图如图乙所示。若某人摇动手柄给手机充电时，其内部线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，下列说法正确的是（）A．线圈转动的快慢程度不会影响回路中的电流大小B．当线圈转到图乙所示位置时，电流方向将发生改变C．若

从图乙位置开始计时，线圈中的电流瞬时值表达式为sinmiIt=D．当线圈转到图乙所示位置时，穿过线圈磁通量的变化率最大5．某“核电池”衰变方程为238234942PuXYnm→+，23894Pu的半衰期为87.7年，下列说法正确的是（）A．2Yn为粒子

，穿透能力很强B．23894Pu原子核衰变时产生的新核处于低能级要向高能级跃迁并放出射线C．衰变时会放出能量，衰变过程中的质量亏损等于放出的能量与真空中光速平方的比值D．66个23894Pu原子核经

过87.7年后还有33个未衰变6．某建筑工地用一可以移动的升降机来吊装重物，原理简图如图所示，轻绳穿过下方吊着重物的光滑圆环，A、B两点分别固定在建筑和升降机上，升降机的平台缓慢上升或下降过程底座C不动。下列说

法正确的是（）A．升降机的平台缓慢上升时，绳中的张力变大B．升降机缓慢向左移动时，绳中的张力不变C．升降机的平台缓慢上升时，地面对升降机的摩擦力不变D．升降机缓慢向左移动时，升降机对地面的压力变大7．如图所示，动靶射击训练时，质量为0.5kg的动靶从地平面下方5m处的

A点竖直上抛，B点为动靶可到达的最高点，高出地平面15m。已知动靶在地平面以上被击中为“有效击中”。忽略空气阻力及子弹的飞行时间，210m/sg=。则动靶（）A．可被“有效击中”的时间为3sB．在经过地平

面附近时更容易被击中C．从A点抛出的初速度为25m/sD．从A上升到B过程中，重力的冲量大小为10Ns二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．10月17日

，2023年环广西公路自行车世界巡回赛在“山水甲天下”的桂林收官，珍宝—斯玛车队的奥拉夫·库伊获得本赛段冠军。在某次训练中，甲、乙两名运动员从相距6mx=的两个位置同时启动朝同一个方向骑行，8st=时两车第二次并排骑行，两车的vt−图像如图所示。在0~8s时间内，下列说法正确的是（）

A．4st=时，两车第一次并排骑行B．0~4s内，乙始终在甲前面C．乙的最大速度为9m/sD．甲的加速度为22.25m/s9．如图所示，真空中同一平面内固定两点电荷4Q+和Q+，以点电荷Q+为圆心的圆上有A、B、C、D四点，其

中C点为两点电荷连线与圆的交点且场强为零，AB和CD为两条互相垂直的直径。关于A、B、C、D四点，下列说法正确的是（）A．C处电势最高B．A、B两处电场强度相同C．C、A两点的电势差等于B、D两点的电势差D．电子从A点沿着圆

弧顺时针运动到B点过程中，电势能先减小后增大10．如图所示，在同一竖直平面内，光滑的小滑轮D（可视为质点）固定，质量均为m的物体A和B用轻弹簧连接，一根不可伸长的轻绳一端与物体A连接，另一端跨过定滑轮与质量为M的小环C连接。小环C穿过

竖直固定的光滑均匀细杆，小环C位于R处时，绳与细杆的夹角为，此时物体B与地面刚好无压力。图中SD水平，位置R和Q之间高度差为h，R和Q关于S对称。现让小环从R处由静止释放，环下落过程中绳始终处于拉直状态，环到达Q处时获得最大速度。在小环从R处下落到Q处的过程中，下列说法正

确的是（）A．小环C机械能最大的位置在S点B．弹簧弹力和地面支持力对物体B的冲量之和为零C．小环C的最大动能为22cosMghMm+D．小环C到达位置Q时，物体A的加速度大小为cosMggm−三、非选择题：本

题共5小题，共54分。11．（6分）某同学用如图所示装置研究平抛运动，将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上，钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从Q点水平飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，

钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。（1）为得到钢球平抛运动的轨迹，下列做法正确的是________。A．用一条折线把各个

痕迹点连接起来B．用一条平滑的曲线把各个痕迹点连接起来C．画出一条平滑的曲线使得各个痕迹点均匀分布在曲线上或曲线附近（2）通过描点法获得了平抛小球的运动轨迹后，为定量研究，取平抛运动的起始点为坐标原点，建立以水平方向为x轴、竖直方向为y轴的坐标系。在轨迹上确

定了一系列测量点，测出各点的坐标(,)xy，2yx−做图像，能说明小球的运动轨迹是抛物线的是下列几幅图中的________图。A．B．C．（3）该同学在轨迹图上取A、B、C三点，测出其y坐标值分别为5.0cmAy=，45.0cmBy=，80.0cmCy=，又测得A、B两点间水

平距离是60.0cm，那么小球过C点时的速度大小是________m/s。（结果保留两位有效数字，取210m/sg=）12．（8分）电动自行车的蓄电池由三组完全一样的独立电池串接构成，电动自行车电机的

电压维持在42V到45V之间时，电机即可正常工作。图甲所示为某同学测量一组蓄电池电动势和内阻的电路图，其中虚线框内为用毫安表改装成双量程电压表的电路。（1）毫安表mA的内阻为50，满偏电流为2mA，1R和2R为定值电阻，其中1

7950R=，若单刀双掷开关置于位置2，电压表的量程为________V；若单刀双掷开关置于位置1，电压表量程为32V，则2R=________。（2）实验主要步骤如下：①将开关2S拨向位置2，将滑动变阻器R的滑片移到最左端，

然后闭合开关1S；②多次调节滑动变阻器的滑片，记下相应的电流表的示数1I和毫安表的示数2I；③根据所记录的数据，用描点法在图乙坐标纸上作出了12II−图像。（3）由乙图可得，电源的电动势E=________V，内阻r=________。（结果均保留

3位有效数字）该电动自行车的电机________（选填“能”或“不能”）正常工作。13．（10分）“自嗨锅”是一种自热火锅，其原理类似于体积不变的密闭加热容器。假设该锅内含有气体（视为理想气体）的体积为0V，密度为，加热前，气体的温度为27℃，初

始压强为0p（0p为外界大气压），使用加热包后，气体的温度达到77℃。（1）求此时封闭气体的压强1p；（2）该锅可以导热。经过一段时间的冷却后，气体的温度降低了30℃，此时打开排气口，让气体排出，锅内气压和外界气压一致，求排出气体的质量

m。14．（14分）如图所示，虚线MN沿竖直方向，其左侧区域内有匀强电场（图中未画出）和方向垂直纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场，虚线MN的右侧区域有方向水平向右的匀强电场。水平线段AP与MN相交于O点。在A点有一质量为m，电量为q+的带电质点，以

大小为0v的速度在左侧区域垂直磁场方向射入，在左侧区域内做匀速圆周运动，已知A与O点间的距离为03mvBq，虚线MN右侧电场强度为3mgq，重力加速度为g。求：（1）MN左侧区域内电场强度的大小和方向；（2）带电质点在A点的入射方向与AO间的夹角为多大时，质点在磁场中刚好运动到O点；（3）在第（2

）问中，带电质点从O点进入虚线MN右侧区域后刚好能经过P点，求运动到P点时的速度大小pv。15．（16分）如图所示，半径0.4mR=的四分之一光滑圆弧轨道固定在地面上，质量1kgm=的滑块B（可视为质点）从圆弧轨道顶端正上方高为0.85mh=处自由落下，质量为2kg

M=的木板A静止在光滑水平上，其左端与固定台阶相距x，右端与圆轨道紧靠在一起，圆弧的底端与木板上表面水平相切。B从A右端的上表面水平滑入时撤走圆弧轨道，A与台阶碰撞无机械能损失，不计空气阻力，AB间动摩擦因数0.1=，B始终不会从A

表面滑出，取210m/sg=，求：（1）滑块B运动到圆弧底端时对轨道的压力；（2）若A与台阶碰前，已和B达到共同速度，求从B滑上A到达到共同速度的时间；（3）若要使木板A只能与台阶发生一次碰撞，求x应满

足的条件以及木板A的最小长度。2023年广西三新学术联盟高三年级11月联考物理试题参考答案1．C【详解】A．第一宇宙速度7.9km/s为围绕地球做圆周运动的最大速度，则卫星C的线速度大小不可能为8km/s，故A错误；B．由开普勒

第三定律，A的周期小于B的周期，故B错误；C．由万有引力提供向心力有2GMmmar=解得2GMar=由于B轨道半径大于A轨道半径，则有BAaa，B为地球静止卫星，则B与D转动的角速度相等，由公式2ar=可

得BDaa，整理可知，卫星A的向心加速度大于卫星D的向心加速度，故C正确；D．从B轨道变到A轨道为高轨变低轨，需减速做近心运动，故D错误。2．D【详解】A．由题意可知，a与d、b与e、c与f在O点的

磁场大小相等、方向相反，故O点的磁感应强度为零，A错误；B．根据安培定则，其他5根输电线在c处产生的磁场方向垂直fc向上，根据左手定则，c导线所受安培力方向沿Oc指向O，B错误；CD．由题意可知，b、f对a的安培力大小为F，c、e对a的安

培力为33F，d对a的安培力为2F，则a导线所受安培力为32sin302sin602.532aFFFFF=++=，C错误，D正确。3．D11【详解】A．由于色光1在AC边发生了全反射，则色光1的折射率为1112sinsin30nC===由折射定律得色光

2的折射率为2sin452sin30n==则色光1，2的折射率之比为2:1，A错误；全反射的条件是光由光密介质向光疏介质传播，且入射角大于临界角，C错误；D．由于色光1的折射率大，则色光1的频率大，色光1的波长较短，色光2更容易发生衍射现象，B错误

，D正确。4．D【详解】AC．A．线圈转动得越快，通过线圈的磁通量变化越快，电路中电流越大，故A错误；当线圈转到图乙所示位置时，线圈中电流最大，表达式应为cosmiIt=，故C错误；B．线圈转到中性面时，电流方向才会发生改变，故B错误；D．线圈转到图乙所示位置时电流最大，穿过线圈磁通

量的变化率最大，故D正确。故选D。5．C【详解】根据质量数和核电荷数守恒可得2382344n=−=，94292m=−=因此2Yn为粒子，23894Pu发生的是衰变，它的电离能力很强，穿透能力很弱，故A错误；B项中是原子核衰变时产生的新核处于高能级要向低能级跃迁并放出射线

，故B错误；C．由质能方程可知C正确；D．原子核的半衰期是针对大量原子核得出的统计规律，对少数原子核衰变不适用，故D错误。6．C【详解】A．光滑圆环受力情况如图所示设绳长为l，升降机和建筑间距离为d，根据几何知识可知sin

dl=，根据平衡条件有2cosFmg=解得2221mgFdl=−，升降机缓慢上升时，d和l不变，绳中的张力不变，故A错误；B．升降机缓慢向左移动时，d变大，绳中的张力变大，故B错误；C．根据平衡条件可知地面对升降机的摩擦力为1tan2fmg=，升降机缓慢上

升时，d和l不变，夹角不变，则地面对升降机的摩擦力不变，故C正确；D．根据平衡条件可知，升降机对地面的压力为2mgNNMg==+，升降机缓慢向左移动时，升降机对地面的压力不变，故D错误。7．D【详解】A．由B到地平面的时间为1123shtg==，可被“有效击中”的时间

为1223stt==有，所以A错误；B．在经过地平面附近时动靶的速度较大，不容易被击中，所以B错误；C．从A点抛出的初速度为220m/sAvgH==，所以C错误；D．从A上升到B过程中所用时间为2sAvtg==，从A上升到B过

程中，重力的冲量大小为10NsGImgt==，所以D正确；故选D。8．AC【详解】A．vt−图像与横轴所围成的面积表示位移，可知4~8s时间内，两车的位移相等，4st=时，两车第一次并排骑行，故A正确；B．0~4s时间内，乙车的位移大于甲车的位移，

因为4st=时两车第一次并排行驶，所以0~4s内乙车始终在甲车后面，故B错误；D．设乙车的最大速度为mv，4st=时甲车的速度为1v，0~4s时间内两车位移差为6mx=，由运动学公式11122mvvttx−=，解得13m/smvv−=，所以图线甲的斜

率为32，vt−图像的斜率表示加速度，可知甲车的加速度21.5m/sa=，故D错误；C．6st=时甲车的速度229m/svat==，乙车的最大速度29m/smvv==，故C正确。故选AC。9．AD【详解】A．若只有Q+存在，则A、B、C、D四点电势相同，此时加

上4Q+，由于C离4Q+最近，所以叠加后，C处电势最高，A正确；B．由于电场强度是矢量，又A、B两处电场强度大小相等，方向不同，故A、B两处电场强度不相同，B错误：C．由C沿圆移到A，和由B沿圆移到D，Q+不做功，只有4Q+做功，CA位移和BD相同，但A

C段离4Q+更近，4Q+做功更多，所以C、A两点的电势差大于B、D两点的电势差，C错误；D．由A顺时针沿圆到B，而离4Q+先近后远，电势先增后减，所以电子电势能先减小后增大，D正确。故选AD。10．AC【详解】A．非重力做功等于机械能的

变化量，小环C下落过程受重力、杆的支持力和细线的拉力。到位置S前的过程中，非重力（细线的拉力）做正功，机械能增加。经过S的位置，非重力（细线的拉力）做负功，机械能减小。因此，小环C的机械能先增加再减小，下落到位置S时，小环C的机械能最大，故A正确；B．小环从R处下落到Q处的过程中，物体B始终静

止在地面上，动量变化量为零，因此物体B所受合力的冲量为零，即重力、弹簧弹力和地面对物体B的支持力的冲量和为零，则弹簧弹力和地面对物体的支持力的冲量和与重力冲量等大反向，由于此过程重力冲量不为零，故B错误；C．环在Q时动能最大。环在R和Q时，弹簧长度相同，弹性势能相同

。Q和A通过细线相连，沿着绳子的分速度相等（如图所示），故cosQAvv=，故A与环的动能之比为2A22Q12cos12kAkQmvEmEMMv==。对小环和A的系统有kAkQMghEE=+，联立可得小环C的最大动能22coskQMghEMm=+，故C正确；D．环在R和Q时，弹簧长度相

同，B对地面的压力为零，说明弹簧处于伸长状态且弹力等于物体B的重力mg。环在Q位置，环速度最大，说明受力平衡，受重力、支持力和拉力，根据平衡条件，有cosTMg=，对A有TmgFma−−=，对B有Fmg=，联立可得2cosMaggm=−，故D错误。故选AC。11．【

答案】（1）C（2分）（2）A（2分）（3）5.0（2分）【详解】（1）实验中得到多个痕迹点，为得到钢球平抛运动的轨迹，由于存在实验误差，不可能使所有的点落在同一曲线上，故应画出一条平滑的曲线，尽量使得各个痕迹点均匀分布在曲线上或曲线附近，选项C正确。（

2）小球做平抛运动，水平方向有：0xvt=，竖直方向有：2220122gxygtv==，可知2yx−图像是一条过坐标原点的直线，选项A正确。（3）小球做平抛运动，竖直方向有：212ygt=可得小球运动至A点的时间为：20.1sAAytg==可

得小球运动至B点的时间为：20.3sBBytg==小球平抛的初速度：00.600m/s3.0m/s0.30.1ABABxvtt===−−小球运动至C点时竖直方向的速度为：24.0m/sCyCvgy==小球过C点时的速度大小为：2205.0m/sCCyv

vv=+=12．【答案】（1）16（1分）8000（1分）（3）12.0（11.7~12.2）（2分）6.53（6.40~6.70）（2分）不能（2分）【详解】（1）单刀双掷开关置于位置2，电压表的量程为：32gg1()210(507950)V16VUIRR−=+=+=单刀双掷开关置于

位置1时电压表量程为32V，则定值电阻：12g1g8000URRRI=−−=（3）由图甲电路可知，电源电动势：2112()()gEIRRIIr=+++整理得：21g1glrEIIRRrRRr=−+++

++在乙图中将图线延长至与坐标轴相交以便读数，由此得图像斜率：31(1.001.49)100.60grkRRr−−=−=++图像截距：31=1.4910AgEbRRr−=++代入数据解得：12.0VE=，6.54r三组蓄电池串联在一起，电动势为36.0V，而电动自行车电机的电压维持在42

V到45V之间时电机才能正常工作，所以该电动自行车的电机不能正常工作。13．解：（1）加热锅时，锅内气体的体积不变，有0101ppTT=（2分）其中0300TK=，1350TK=解得：1076pp=（1分）（2）设排气后气体最终的体积（包括排出部分

）为1V则根据气体状态方程有000102pVpVTT=（2分）其中2320TK=解得：101615VV=（1分）体积的变化量为：01015VVVV=−=（1分）又有：01VV=（1分）排出气体的质量：016VmV==（2分）14．解：（1）质点做匀速圆周运动可

得：1qEmg=（1分）解得MN左侧区域内电场强度1mgEq=（1分）方向竖直向上（1分）（2）质点在左侧区域做匀速圆周运动，故有200mvBvqR=（2分）解0mvRqB=质点经过A、O两点，故质点在左侧区域做匀速圆周运动的圆心在AO的垂直平分线上，且质点从A运动到O的过程O点为

最右侧；所以，粒子从A到O的运动轨迹为劣弧，根据几何关系有2sinAOdR=（1分）3sin2=（1分）根据几何关系可得带电质点在A点的入射方向与AO间的夹角60=（1分）（3）质点在O点的竖直分速度003sin602yvvv==（1分）水平

分速度001cos602xvvv==（1分）质点从O运动到P的过程受重力和电场力作用，故水平、竖直方向都做匀变速运动；质点运动到P点，故竖直位移为零，所以运动时间023yvvtgg==（1分）所以质点

在P点的竖直分速度：032yPyvvv==水平方向：2xqEma=（1分）水平分速度：000137322xPxxvvvatvgvg=+=+=（1分）所以带电质点从O点进入虚线MN右侧区域后运动到P点时速度22013yPPxP

vvvv=+=（1分）15．（1）对滑块B，由初位置到圆弧轨道底端，有211()2mghRmv+=（1分）得：15m/sv=（1分）在圆弧轨道最低点，有21NvFmgmR−=（1分）得：72.5NNF=（1分）由牛顿第三定律滑块对轨道的压力为72.5N，方向竖直向下（1分）（2）对B和A组成的系

统，B滑上A到共速过程系统动量守恒，有1()mvmMv=+（1分）对B：1mgtmvmv−=−（1分）得10s3.3s3t=（1分）（3）①B滑上A到A与台阶刚要发生第一次碰撞时，对A：22102mgxMv=−①（1分）对AB系统：132mvmvMv=+②（1分）且A与台阶只碰一次，

需满足：23Mvmv（1分）得25m1.6m16x（1分）②设最终AB共速为ABv，两者相对位移为L，由能量守恒得22111()22ABmgLmvMmv=−+③（2分）分析可知：ABv越小，L越大。若刚要发生第一次碰撞前，若有23Mvmv=，则有0ABv=，由①②式求得2

5m16x=，即x取25m16时，AB的末速度0ABv=。（1分）由③式解得：12.5mL=（1分）所以木板A的至少长度为12.5m。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com