【文档说明】四川省雅安中学2021-2022学年新高一上学期入学考试（初升高）数学试题答案.doc，共(6)页，153.500 KB，由小赞的店铺上传

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高一入学摸底考试数学试题答案一．选择题1.解：m+n个数的平均数=，故选C．2.解：∵cosα=sin（90°﹣α），∴sinα＜cosα=sin（90°﹣α）．又正弦值随着角的增大而增大，得α＜90°﹣α，∴α

＜45°．又α是锐角，则α的取值范围是0°＜α＜45度．故选B．3.由三视图可知选A.4.答案选择D,还可以互补。5.由题意可得m，n满足x2+3x﹣5＝0方程的两根，由韦达定理可得答案A6.解：∵a

＜b，∴a﹣2b＜b﹣2b，即a﹣2b＜﹣b，故选：D．7.由一次函数、反比例函数性质可知选A.8解：已知实数a满足|2021﹣a|+2022−a=a，可得2022a；故原式化简为：a﹣2008+2022−a=a，即2022−a=2021，平方可得：a﹣2022=20212；整理得，

a﹣20212=2022．故选A．9.选D10.解：如图，设正六边形的中心为D，连接AD，∵∠ADO＝360°÷6＝60°，OD＝AD，∴△AOD是等边三角形，∴OD＝OA＝2，∠AOD＝60°，∴OC＝2OD＝2×2＝4，∴正六

边形的顶点C的极坐标应记为（60°，4）．故选：A．11.解：如图所示：由折叠的性质得：DE是线段AC的垂直平分线，∴DE是△ABC的中位线，∴m＝DE＝BC＝4；∵∠C＝90°，AC＝6，BC＝8，∴AB＝＝＝10，由折叠的性质得：AD＝BD＝AB＝5，∠BDF＝9

0°，∵∠B＝∠B，∴△BDF∽△BCA，∴，即，解得：DF＝，即n＝，故选：A．12.解：开口向下，a＜0；对称轴在y轴的右侧，a、b异号，则b＞0；抛物线与y轴的交点在x轴的上方，c＞0，则abc＜

0，所以①不正确；当x=﹣1时图象在x轴下方，则y=a﹣b+c=0，即a+c=b，所以②不正确；对称轴为直线x=1，则x=2时图象在x轴上方，则y=4a+2b+c＞0，所以③正确；x=﹣=1，则a=﹣b，而a﹣b+c=0

，则﹣b﹣b+c=0，2c=3b，所以④不正确；开口向下，当x=1，y有最大值a+b+c；当x=m（m≠1）时，y=am2+bm+c，则a+b+c＞am2+bm+c，即a+b＞m（am+b）（m≠1），所以⑤正确．故选：A．二．填空13）.114）.3或1215）.D16

）.-1三．解答题17.1）解：原式＝3+1+×﹣1＝4+1﹣1(3分）＝4．(5分）2）解：原式＝＝＝．(3分）已知﹣2＜x＜3的整数有﹣1，0，1，2，∵分母x≠0，x+1≠0，x﹣1≠0，∴x≠0，且x≠1，且x≠﹣1，∴x＝2．

（4分）当x＝2时，原式＝．（5分））18.1）+=2410,200105,2050,102xxxxxy2）恒温系统设定的恒定温度：2003）y=10代入xy200=，解得20=x，所以20-10=10恒温系统最多可以关闭1

0小时，才能使蔬菜避免受到伤害.19.（1）证明：如图，连接OC，（1分）∵OA=OB，CA=CB，∴OC⊥AB，（2分）∴AB是⊙O的切线．（3分）（2）解：BC2=BD•BE．（4分）证明：∵ED是直径，∴∠ECD=90°，∴∠E+∠EDC=90°．又∵∠BCD+∠OCD

=90°，∠OCD=∠ODC（OC=OD），∴∠BCD=∠E．（5分）又∵∠CBD=∠EBC，∴△BCD∽△BEC．（6分）∴．∴BC2=BD•BE．（7分）（3）解：∵tan∠CED=，∴．∵△BCD∽△BEC，∴．（9分）设BD=x，则BC=2x，∵BC2=BD•BE，∴（2x）2=x•（x

+6）．（10分）∴x1=0，x2=2．∵BD=x＞0，∴BD=2．∴OA=OB=BD+OD=3+2=5．（12分）20.解：（1）min{sin30°，cos45°，tan30°}=，如果min{2，2x+2，4﹣2x}=

2，则x的取值范围为0≤x≤1；（2）①∵M{2，x+1，2x}==x+1．法一：∵2x﹣（x+1）=x﹣1．当x≥1时，则min{2，x+1，2x}=2，则x+1=2，∴x=1．当x＜1时，则min{2，x+1，2x}=2x，则x+1=2x，∴x=1（舍去）．综上所述：x=1．法二：∵M{2，x

+1，2x}==x+1∴x+1=min{2，x+1，2x}，∴∴∴x=1．②a=b=c．③﹣4；（3）作出图象．∴最大值是1．21（1）证明：∵菱形ABCD的边长为2，BD=2，∴△ABD和△BCD都为正三角形，∴∠BD

E=∠BCF=60°，BD=BC，∵AE+DE=AD=2，而AE+CF=2，∴DE=CF，∴△BDE≌△BCF；（2）解：△BEF为正三角形．理由：∵△BDE≌△BCF，∴∠DBE=∠CBF，BE=BF，∵∠DBC=∠DBF+∠CBF=60°，∴∠DBF+∠DBE=60°即∠EBF=60°，∴△

BEF为正三角形；（3）解：设BE=BF=EF=x，则S=•x•x•sin60°=x2，当BE⊥AD时，x最小=2×sin60°=，∴S最小=×=，当BE与AB重合时，x最大=2，∴S最大=×22=，∴．22.解：（1）∵抛物线y=ax2+bx+c过点A（﹣3，0），

B（1，0），∴消去b，得c=﹣3a．∴点C的坐标为（0，﹣3a），（2）当∠ACB=90°时，∠AOC=∠BOC=90°，∠OBC+∠BCO=90°，∠ACO+∠BCO=90°，∴∠ACO=∠OBC，∴△AOC∽△COB，，即OC

2=AO•OB，∵AO=3，OB=1，∴OC=，∵∠ACB不小于90°，∴OC≤，即﹣c≤，由（1）得3a≤，∴a≤，又∵a＞0，∴a的取值范围为0＜a≤，（3）作DG⊥y轴于点G，延长DC交x轴于点H，如图．∵抛物线y

=ax2+bx+c交x轴于A（﹣3，0），B（1，0）．∴抛物线的对称轴为x=﹣1．即﹣=﹣1，所以b=2a．又由（1）有c=﹣3a．∴抛物线方程为y=ax2+2ax﹣3a，D点坐标为（﹣1，﹣4a）．于是CO=3a，GC=a，D

G=1．∵DG∥OH，∴△DCG∽△HCO，∴，即，得OH=3，表明直线DC过定点H（3，0）．过B作BM⊥DH，垂足为M，即BM=h，∴h=HBsin∠OHC=2sin∠OHC．∵0＜CO≤，∴0°＜∠OHC≤30°，0＜sin∠OHC≤．∴0＜h≤1，即h的最大值为1，答：

△BCD中CD边上的高h的最大值是1．（4）由（1）、（2）可知，当∠ACB=90°时，，，设AB的中点为N，连接CN，则N（﹣1，0），CN将△ABC的面积平分，连接CE，过点N作NP∥CE交y轴于P，显然点P在OC的延长线上，从而NP必与AC相交，设其交点为F，连接EF，因为NP∥CE，

所以S△CEF=S△CEN，由已知可得NO=1，，而NP∥CE，∴，得，设过N、P两点的一次函数是y=kx+b，则，解得：，即，①同理可得过A、C两点的一次函数为，②解由①②组成的方程组得，，故在线段AC上存在点满足要求．答：当∠ACB=90°，在线段AC上存在

点F，使得直线EF将△ABC的面积平分，点F的坐标是（﹣，﹣）．