【文档说明】重庆市八中2022-2023学年高二上学期第一次月考物理试题 含答案.docx，共(17)页，726.062 KB，由小赞的店铺上传

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重庆市第八中学2022-2023学年高二上学期第一次月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列说法正确的是（）A．在静电场中，电场线越密的地方，电场强度越大B．在静电场中，电场

线可以相交C．某正电荷在电场中由静止释放，其运动的轨迹必定与电场线重合D．静电场中某点电场强度的方向，就是放在该点的电荷所受电场力的方向2．关于电场强度、电阻，下说法正确的是（）A．FEq=只适用于点电荷产生的电场B．电势差为U的

两点沿电场线方向的距离为d，两点之间的电场强度E大小一定恒为UdC．用URI=可以计算R的大小，但是R与U、I无关D．由关系式URI=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比3．某太阳能电池，不接负载时的短路电流是30μA，当负载为30的纯电阻时，路端电压为300μV，这块太

阳能电池的电动势和内阻分别为（）A．1200μV40B．1200μV15C．450μV15D．450μV404．如图所示，电荷量q−，质量为m的滑块，沿固定绝缘斜面匀速下滑，现加一竖直向上的匀强电场，电场强度为E，以下判断中正

确的是（）A．物体将沿斜面减速下滑B．物体将沿斜面加速下滑C．物体仍保持匀速下滑D．物体可能静止5．电子式互感器是数字变电站的关键装备之一．如图所示，某电子式电压互感器探头的原理为电阻分压，ac间的电阻是cd间电阻的（n-1）倍，某次测量中输出端数字电压表的示数为U，则输入端的电压为A．nUB．U

nC．(nU1)−D．1Un−6．如图所示电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化。电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号，则当振动膜片向左振动时（）A．电容器电容值

增大B．电容器带电荷量增大C．电容器两极板间的场强增大D．电阻R上电流方向自左向右二、多选题7．关于闭合电路、电源电动势下列说法正确的是（）A．电源电动势等于电源正负极之间的电势差B．用电压表直接测量电源两极得

到的电压数值，实际上总略小于电源电动势的准确值C．电源电动势等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D．电源电动势等于电路中通过1C的正电荷时外电路消耗的电能8．如图所示为一保温箱温度报警器的简化电路图，电源电动势为E，内

阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡（电阻保持不变）均能发光。1R为热敏电阻（阻值随温度的升高而减小），下列说法正确的是（）A．当保温箱的温度开高时，电流表A的读数变大B．当保温箱的温度升高时，灯泡1L、2L均变暗C．小灯泡

1L变亮，说明保温箱的温度降低D．电压表V的读数变小，说明保温箱的温度降低9．多级串线加速器原理如图甲所示，多个横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上，圆筒的长度依照一定的规律依次增加。圆筒和交变电源两极交

替相连，交变电压变化规律如图乙所示，在0=t时，奇数圆筒相对偶数圆筒的电势差为正值，此时位于序号为0的金属圆板中央的一个电子，在电场中由静止开始加速，沿中心轴线冲进圆筒。若已知电子的质量为m、电子电荷量为e、电压的绝对值为u，周期为T，电子通过圆筒间隙的时间忽略不计。为使

其能不断加速，下列说法正确的是（）A．金属导体内部场强处处为零，电子在圆筒内匀速运动B．2tT=时，电子刚从3号圆筒中心出来C．第n个圆筒的长度正比于2nD．第1n+个圆筒的长度正比于1n+10．在如图甲所示的电路

中，电源的UI−图像如图乙中图线a所示。定值电阻0R的UI−图像如图乙中的图线b所示，滑动变阻器xR的总电阻为1Ω，下列说法正确的是（）A．定值电阻0R的阻值为4ΩB．电源的内阻为0.5ΩC．当0.5ΩxR=时定值电阻0R消耗的功率最大，最大

功率为36W49D．当0.25ΩxR=时电源输出的功率最大，最大输出功率为4.5W三、实验题11．写出下列测量仪器所测得的数据___________mm；___________mm12．为了描绘一个“12V6W”的小灯泡的伏安

特性曲线，现提供以下器材进行实验：直流电源E：电动势15V，内阻不计；电流表A：量程分别0~0.6A和0~3A，内阻分别约为0.5Ω和0.1Ω；电压表V：量程0~3V，内阻为3kΩ；定值电阻R0：阻值为12kΩ；滑动变阻器R：最大阻值20Ω，允许通过的最大电流1A；开

关一个；导线若干．由于电压表的量程偏小，要用所给电压表V和定值电阻R0改装成一个较大量程的电压表V′，改装后的电压表量程为___________；(2)在方框里画出符合本实验要求的电路图；_____(3)根据测得的电压表

V的示数和电流表A的示数，描出I-U曲线如图甲所示．某次测量时，电流表指针位置如图乙所示，则电流表读数为___________A，此时小灯泡的电阻为___________Ω四、解答题13．在与x轴平行的匀强电场中，一电荷量为71.010Cq−=+、质量为32.51

0kgm−=的物体在绝缘水平面上沿着x轴正方向从A点以初速度01.6m/sv=做直线运动，经时间t=4s物体的速度刚好为0。已知物体与水平面的动摩擦因数为0.01=，重力加速度取210m/sg=；（1）求匀强电场的场强大小；（2）若取A点的电

势为零，则从A点出发经12st=时物体的电势能为多少？14．如图所示为汽车启动电路原理图，汽车电动机启动时车灯会瞬间变暗。在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表的示数为10A；电动机启动时电流表的示数为58A。已知电源的电动势为12.5V，内阻为0.05，直流电动机M线圈的电阻M

0.02R=，设电流表的内阻不计、车灯的电阻不变。现在打开车灯、电动机启动时，求：（1）流过电动机电流；（2）电动机的机械功率；（3）电源的工作效率。15．如图，在Oxy平面的ABCD区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场I和Ⅱ，两电场的边界均是边长为L的正方形，图中

OEFG区域也为边长为L的正方形且无电场。已知电子的质量为m，电荷量为e，不计电子所受重力。求：（1）在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子离开ABCD区域的位置坐标（x，y）；（2）在电场I区域内适当位置由静止释

放电子，电子恰能从ABCD区域左下角D处离开，求所有释放点的位置坐标x、y间满足的关系；（3）若将左侧电场Ⅱ整体水平向右移动3L，仍使电子从ABCD区域左下角D处离开（D不随电场移动），求在电场I区域内由静止释放电子的所有位置x、y满足的关系。重庆市第八中学

2022-2023学年高二上学期第一次月考物理试题参考答案：1．A【详解】A．电场线疏密表示电场的强弱，电场线越密的地方，电场强度越大，故A正确；B．在静电场中，电场线不可能相交，因为电场线的切线表示电场强度的方向，若两电场线相交，交点处电场线的切线方向两

个，说明电场强度方向有两个，而电场中某一点的电场强度是唯一确定的，故B错误；C．荷的运动轨迹与所受的合力与初速度都有关，正电荷在静电场中，只有电场线是直线，而且正电荷从静止或初速度与电场线共线时，其运动的轨迹才与电场线重合，否则，不重合，故C错误；D．静电场中某点电场强度的方向，就是

放在该点的正电荷所受电场力的方向，与放在该点的负电荷所受电场力的方向相反，故D错误。故选A。2．C【详解】A．电场强度FEq=是用比值定义法得出的物理量，是从力角度研究电场的物理量，适用于任意电场，A错误；B．匀强电场中沿场强方向电势降低最快，

且每前进相同距离电势的降低相等，故匀强电场中任意两点的间的电势差与两点沿电场线的距离成正比，即UEd=只适用于匀强电场，B错误；CD．阻值是导体本身所具有的性质，导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过电流无关。欧姆定律URI=可以

计算阻值的大小，电阻大小与电压电流无关，C正确，D错误。故选C。3．C【详解】设电源电动势为E，内阻为r，负载纯电阻为R，根据不接负载时的短路电流是30μA，得30μAEr=当负载为30的纯电阻时，路端电压为300μV，可得此时电路中电流为300μV10μA3

0I==根据闭合电路欧姆定律EUIr=+联立三式，得30μA30010rVAr=+解得15Ωr=代入可得450μVE=故选C。4．C【详解】若滑块匀速下滑时，则有mgsinθ=μmgcosθ当加上竖直向上的电场后，在沿斜面方向，(mg-F)sinθ=μ(mg-F)cosθ受力仍保持平衡

，则滑块仍匀速下滑．故选C正确．【点睛】判断物体运动的状态，关键是分析受力情况，确定合力是否为零或合力与速度方向的关系．若滑块匀速下滑，受力平衡，沿斜面方向列出力平衡方程．加上竖直方向的匀强电场后，竖直方向

加上电场力，再分析物体受力能否平衡，判断物体能否匀速运动．5．A【详解】试题分析：acR和cdR串联，电流adaccdUIRR=+，对输出端电压adcdadcdaccdURUUIRRRn===+，即输入电压为adUnU=，对照选项A对．考点：

串并联电路6．D【详解】A．振动膜片向左振动时电容器两极板间的距离变大，由4SCkd=可知电容器的电容减小，A错误；BD．由QCU=可知，在U不变的情况下，C减小则Q减小，电容器处于放电状态，R中电流方向自左向右，B错误，D正确；C．依据UEd=可知，电容器两极板间的场强减小，C错误。故

选D。7．BD【详解】A．电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压，A错误；B．电压表是有内阻的，跟电源连接后构成

一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势，B正确；C．电动势反映电源的特性，与外电路的结构无关，C错误；D．根据电动势的定义式WEq=非可知电源电动势总等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量，D正确；故选BD。8．AC【详解】A．当保温箱的温度升高时

，1R的阻值减小，则外电路总电阻121L1LL1RRRRRR=++减小，干路电流EIRr=+增大，电流表A的读数变大，A正确；B．灯泡2L实际功率222LLPIR=变大，灯泡2L变亮。小灯泡1L的电压()12LLUEIRr=−+变小，灯泡1L实际功率1112L

LLUPR=变小，灯泡1L变暗，B错误；C．由上述分析，灯泡1L变亮，保温箱温度降低，C正确；D．电压表V的读数变小时，即路端电压变小，又UEIr=−干路电流变大，又EIRr=+外电路总电阻变小，又121

L1LL1RRRRRR=++1R的阻值变小，保温箱的温度升高，D错误。故选AC。9．AD【详解】A．因一个筒只接一个电极，所以金属筒内部场强处处为0，电子在筒内不受力做匀速运动，A正确；B．因为筒长是按一定的规律增加的，那么电子在每个筒内运动的时间必须为交变电流周期的一半，即2T。所以当0=t时，

电子进入1号筒；当2Tt=时，电子从1号筒中心飞出；当tT=时，电子从2号筒中心飞出；由此类推可得，当32Tt=时，电子从3号筒中心飞出，B错误；CD．设粒子进入第n个筒时的速度为nv，由动能定理可得2n12neumv=解得n2eunvm=所以第n个筒的长度为nn2222eunT

TLvtmeunmm===即LnC错误，D正确。故选AD。10．BD【详解】A．由定值电阻0R的UI−图像可得0001Ω4URI==A错误；B．由电源的UI−图像可得，图线斜率的绝对值为电源内阻3

Ω0.5Ω6UrI===B正确；C．由电源的UI−图像可得，电源电动势为3V，0R消耗的功率200000xEPUIRRRr==++所以，当0xR=时，0R消耗的功率最大，为04WP=C错误；D．输出功率()200xxEPUIRRRRr==+++所以，

当0xRRr+=即0.25ΩxR=电源输出的功率最大，为4.5WP=D正确。故选BD。11．5.544~5.54631.35【详解】[1]螺旋测微器的读数为：固定刻度的读数+可动刻度的读数0.01mm故图①测得的数据为5.5mm+4.50.01mm=5.545mm（5.544~5.5

46均正确）[2]游标卡尺的读数为：主尺的读数+游标尺的读数故图②测得的数据为31mm+70.05mm=31.35mm12．15V0.4018.75【分析】（1）由于电压表量程较小，所以要利用所给的电阻

改装大量程电流表，并根据串联电路分压原理求出改装后电压表的量程（2）测小灯泡伏安特性曲线一般选用了分压电路，且要考虑电流表的内外径方法．【详解】（1）已知电压表V：量程0~3V，内阻为3kΩ；当在电压表上串联一个定值电阻R0

：阻值为12kΩ；根据串联电路分压原理，可知改装表的量程变为15V．（2）根据所选仪器及电路要求设计电路如图所示：（3）电流表量程为0.6A，最小刻度为0.02A，根据读数规则可知电流表的读数为0.40A，结合小灯泡的伏安特性曲线可求出此时灯泡两端的电压为1.55

7.5VV=所以灯泡的电阻为7.518.750.40URI===【点睛】本题在计算灯泡电阻时要注意电压表曾经扩大过量程，图标上所读的电压不是小灯泡两端的实际电压，要充分利用此知识点来解题．13．（1）37.510N/CE=；（2）3p1.810JE−=【详解

】（1）物体运动的加速度大小为200.4m/svat==而qEmgma+=解得37.510N/CE=（2）从A点出发经12st=时物体的位移为201112.4m2xvtat=−=所求电势能为3p()1.810JEWqEx−=−=−−=14．（1）50A；（2）430W；（3）76.

8％【详解】（1）根据题意，设车灯电阻为R，由闭合回路欧姆定律，电动机未启动时有()1EIrR=+解得1.2R=电动机启动后有2UEIr=−解得路端电压为9.6VU=由欧姆定律可得，流过车灯的电流为L8AUIR==则流过电动机的电流为M2L50AIII=−=（2）由公式

PUI=可得，电动机的电功率为480WP=电由公式2PIr=可得，电动机的热功率为50WP=热则电动机的机械功率为430WPPP=−=电热机（3）根据题意可知，电源的工作效率为100UE=％=76.8％15．（1）（-2L，

14L）；（2）24Lyx=；（3）2512Lyx=【详解】（1）设电子的质量为m，电量为e，在电场Ⅰ中释放后将做出速度为零的匀加速直线运动，出区域I时的速度为v0，2012eELmv=接着进入电场Ⅱ做类平抛运动，假设电子从CD边射出，出射

点纵坐标为y，2211222LeEyattm−==0Lvt=以上三式联立解得14yL=所以原假设成立，即电子离开ABCD区域的位置坐标为（-2L，14L）（2）设释放点在电场区域I中，其坐标为（x，y），在电场I中电子被加速到v1，然后进入

电场Ⅱ做类平抛运动，并从D点离开，有2112eExmv=221122eEyattm==1Lvt=以上两式联立解得24Lyx=（3）设电子从（x，y）点释放，在电场I中加速到v2，进入电场Ⅱ后做类平抛运动，在高度为y′处离开电场Ⅱ时的情景与（2）中类似，然后电子做匀速直线运动，经过D

点，则有2212eExmv=221122eEyyattm−==2Lvt=yeEvattm==23yLyvv=以上各式解得2512Lyx=即在电场I区域内满足方程的点即为所求位置。获得更多资源请扫码加入享学资源网微

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