【文档说明】【精准解析】山东省济宁市泗水县2017-2018学年高一下学期期中考试物理试题.pdf，共(13)页，419.660 KB，由小赞的店铺上传

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以下为本文档部分文字说明：

-1-《课程标准》阶段性达标测试高一物理试题（考试时间：90分钟，满分：100分）第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本题共12小题，1~7题为单项选择题，8~12题为多项选择题，每小题4分，选对4分，不全2分，

选错或不答0分，满分头48分）1.根据电场强度的定义式FEq，在国际单位制中，电场强度的单位是A.N/CB.N/JC.J/CD.C/N【答案】A【解析】【详解】在国际单位制中，电场强度的单位是N/C，故选A.2.在电场中的某点放入电荷量为q的试探电荷时，测得该点的电场强度为E

；若在该点放入电荷量为2q的试探电荷，此时测得该点的电场强度为（）A.大小为E，方向和E相同B.大小为2E，方向和E相同C.大小为E，方向和E相反D.大小为2E，方向和E相反【答案】A【解析】【分析】电场强度是由

电场本身决定，与试探电荷无关，故放入电荷量为+2q的试探电荷时的电场强度与放入电荷量为-q的试探电荷时的电场强度相同．【详解】电场强度是描述电场强弱和方向的物理量，是试探电荷所受的电场力F与试探电荷所带的电荷量q的比值，由

电场本身决定，故与试探电荷的有无、电性、电量的大小无关．故在该点放入电荷量为-q的试探电荷时电场强度为E，改放电荷量为+2q的试探电荷时电场强度大小仍为E，方向和E相同．故A正确．故选A．【点睛】解决本题的关键是理解

电场强度的物理意义：电场强度是由电场本身决定，与试探电荷无关．3.两个放在绝缘架上的相同金属球相距d，球的半径比d小得多，分别带q和3q的同种电荷，-2-相互斥力为3F．现将这两个金属球先充分接触然后分开，仍放回原处，则它们的相互斥力将变为（）A.0B

.FC.3FD.4F【答案】D【解析】【详解】初始状态下，根据库仑定律有1233qqFFkL接触后，两电荷均分总电量，分别带上2q的电量2222qqFkL解得24FF则ABC错误，D正确。故选D。4.如图所示，在水平放

置的已经充电的平行板电容器之间，有一带负电的油滴处于静止状态，若某时刻油滴的电荷量开始减小，为维持该油滴原来的静止状态，应()A.给平行板电容器充电，补充电荷量B.给平行板电容器放电，减小电荷量C.使

两金属板相互靠近些D.使两金属板相互远离些【答案】A【解析】【详解】A．根据平行板电容器的电容公式和电容的定义式有4QSCUkd油滴处于静止状态，电场力与重力等大反向qUmgd-3-给电容器充电，电荷

量增大，电容不变，电势差增大，油滴电荷量减少，可以使电场力不变，故A正确；B．让电容器放电，电量减小，电容不变，电势差减小，油滴电荷量减少，电场力一定减小，故B错误；CD．电容器与电源断开，电荷量不变，两

极板间电场强度4UkQEdS与板间距离d无关，所以电容器两极板靠近和远离时，电场强度不变，电荷的电量减小，则电场力减小，电荷不能平衡，选项CD错误。故选A。5.如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两

点，一带电粒子（不计重力）以速度vM经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度vN折回N点．则A.粒子受电场力的方向一定由M指向NB.粒子在M点的速度一定比在N点的大C.粒子在M点的电势能一定比在N点的大D.电场中M点的电势一定高于N点的电势【答案】B

【解析】【详解】由于带电粒子未与下板接触，可知粒子向下做的是减速运动，故电场力向上，带电粒子从M点运动到N点的过程中，电场力做负功，动能减小，电势能增加，AC错误，B正确；由于题中未说明带电粒子及两极板的电性，故无法判断M、N两点的电势

高低，选项D错误．6.生活中常用的铅蓄电池的电动势为2V，下列说法正确的是（）A.蓄电池能在1s内将2J的化学能转化为电能B.蓄电池将化学能转化为电能比一节干电池（电动势为1.5V）转化的多C.电路中每通过1C的电荷量，电源就把2J的化学

能转化为电能-4-D.以上说法都不对【答案】C【解析】【详解】AC．铅蓄电池的电动势为2V表示电路中每通过1C的电荷量，电源就把2J的化学能转化为电能，选项A错误，C正确；BD．电源的电动势是表示电源将其它

形式的能转化为电能的本领，铅蓄电池的电动势比一节干电池的电动势大，表示蓄电池将化学能转化为电能的本领比一节干电池大，故BD错误。故选C。7.一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动v－t图像如

图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是下图中的（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】AD．负电荷受到的电场力与电场强度的方向相反，A、D选项图中，负电荷在A点受到的电场力背离AB方向，负电荷做减速运动，与速度图像不符，，AD错误；BC．负电荷受

到的电场力从A指向B，vt图像斜率的物理意义为加速度，根据图像可知，负电荷从A到B的过程中加速度越来越大，根据牛顿第二定律-5-qEma可知A点场强小于B点场强，则A处电场线的稀疏程度较大，B错误，C正确。故选C。8.如图所示是某

一电阻R的IU-图象，根据图象以下说法正确的是（）A.通过电阻的电流与其两端的电压成正比B.电压增加，电阻随之增加C.在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0CD.电阻=0.5ΩR【答案】AC【解析】【详解】A．由图像可知，通过电阻的电流与

其两端的电压成正比，选项A正确；B．导体的电阻与其两端电压无关，选项B错误；C．由图像可知，在R两端加上6.0V的电压时，电流为3A，则根据q=It可知，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C，选项C正确；D．电阻10===2Ω5URI选项D错误。故

选AC。9.在图所示的电路中，通过电阻R1的电流I1是()-6-A.11UIRB.111UIRC.1112UIRRD.212UIR【答案】BD【解析】【详解】由于是串联电路，所以干路电流等于通过1R的电流为112UIRR根据欧姆

定律可知1R的电流等于其两端的电压与电阻的比值，故111UIR由于两者串联，所以和通过2R的电流相等，212UIR故选BD。10.在x轴上存在与x轴平行的电场，x轴上各点的电势随x点位置变化情况如图

所示．图中－x1～x1之间为曲线，且关于纵轴对称，其余均为直线，也关于纵轴对称．下列关于该电场的论述正确的是()A.x轴上各点的场强大小相等B.从-x1到x1场强的大小先减小后增大C.一个带正电的粒子在x1点的电势能大于在-x1点的电势能D.一个带正电的粒子在－x1点的电势能小于在-x

2点的电势能【答案】BD【解析】试题分析：φ-x图象的斜率大小等于电场强度，故x轴上的电场强度不同，故A错误；从-x1到x1场强斜率先减小后增大，故场强先减小后增大，故B正确；由图可知，场强方向均指向-7-O，根据对称性可知

，一个带正电的粒子在x1点的电势能等于在-x1点的电势能，故C错误；电场线指向O点，则负电荷由-x1到-x2的过程中电场力做正功，故电势能减小，故带负电的粒子在-x1点的电势能大于在-x2的电势能，故D正确；故选BD．考点：电场强度；电势及电势能【名师点睛】

本题关键要理解φ-t图象的斜率等于场强，由电势的高低判断出电场线的方向，来判断电场力方向做功情况，并确定电势能的变化．11.如图（a）所示，在两平行金属板中央有一个不计重力的静止电子，当两板间所加的的

电压分别如图（b）中甲、乙、丙、丁所示时，关于电子在板间的运动（假设不与两板相碰），下列说法正确的是（）A.电压是甲图时，在0~T时间内，电子的电势能先减少后增加B.电压是乙图时，在0~2T时间内，电子的电势能先增加后减少C.电压是丙图时，电子在板间做往复运动D.电压

是丁图时，电子在板间做往复运动【答案】AD【解析】【详解】A．若是甲图，0〜T时间内粒子先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，即电场力先做正功后做负功，电势能先减少后增加，故A正确；B．电压是乙图时，在0〜2T时

间内，电子先加速后减速，即电场力先做正功后做负功，电势能先减少后增加，故B错误；C．电压是丙图时，电子先做加速度先增大后减小的加速运动，过了2T做加速度先增加后减小的减速运动，到T时速度减为0，之后继续朝同一方向加速减速，故粒子一直朝

同一方向运动，C错误；D．电压是丁图时，电子先加速，到4T后减速，2T后反向加速，34T后反向减速，T时减为零，之后又加速…；故粒子做往复运动，D正确。-8-故选AD。12.如图所示，不带电物体A和带电的物体B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接，A、B的质量分别

是2m和m．劲度系数为k的轻质弹簧一端固定在水平面上，另一端与物体A相连，倾角为θ的绝缘斜面处于沿斜面向上的匀强电场中．开始时，物体B受到沿斜面向上的外力F=3mgsinθ的作用而保持静止，且轻绳恰好伸直．现撤去外力F，直到物

体B获得最大速度，且弹簧未超过弹性限度，不计一切摩擦．则在此过程中（）A.物体B所受电场力大小为sinmgB.B的速度最大时，弹簧的伸长量为3sinmgkC.撤去外力F的瞬间，物体B的加速度为singD.物体A、弹簧和地球组成的系统机械能增加量等于物体B和地球组成的

系统机械能的减少量【答案】BC【解析】撤去外力F前，对B分析可知sin0EFmgF，解得2sinEFmg，A错误；撤去外力后，在沿斜面方向上B受到电场力，重力沿斜面方向的分力以及弹簧的弹力，当B受到的合力为零时，加速度为零，速度最大，由sin0EF

mgkx，解得3sinmgxk，B正确；当撤去外力瞬间，弹簧弹力还来不及改变，即弹簧的弹力仍为零，此时B受到的合外力为sinEFmgma，解得3sinag，C正确；假如没有电场力，物体A、弹簧和地球组

成的系统机械能增加量等于物体B和地球组成的系统机械能的减少量，而现在电场力对B做正功，减小的电势能转化为B和地球组成的系统机械能，物体A、弹簧和地球组成的系统机械能增加量不等于物体B和地球组成的系统机械能的减少量，D错误．第Ⅱ卷（非选择题共52分）二、实验题（本题共2小题，共14分）13

.一个未知电阻，无法估计其电阻值，某同学用伏安法测量此电阻，用图（a）（b）两种电路各测一次，用（a）图所测数据为3.0V，3.0mA，用（b）图测得的数据是2.9V，4.0mA，由-9-此可知，用________图测得Rx的误差较小，测量值Rx=________．【答案】(

1).（a）(2).1000Ω【解析】【详解】电压变化：（3-2.9）/3，电流变化（3-4）/3，可知电流变化较大，所以电流表侧真实值，即电流表内接，用（a）图测得Rx的误差较小，测量值Rx=U/I

=14.一灵敏电流计，允许通过的最大电流(满刻度电流)为Ig＝50μA，表头电阻Rg＝1kΩ，若改装成量程最大值为Im＝10mA的电流表，应________（填“串联”或“并联”）的电阻阻值为________Ω.若将此电流计改装成量程最大值为Um＝15V的电压表，应再________（填“

串联”或“并联”）一个阻值为________Ω的电阻．【答案】(1).并连(2).5(3).串连(4).299000【解析】表头两端的电压为IgRg=5×10-5×1000Ω=0.05V，改装大量程的电流表时，此时流过并联电路部分的总电流为10mA，则流过并联

电阻的电流I=Im-Ig=1mA-50μA=9950μA，则并联电阻0.0550.0995VRA若改装成电压表，串联电阻两端的电压U=Um-Ug=15V-0.05V=14.95V，则应串联的电阻514.95=299000510AvR三、解答题（本题共3小题

，共38分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）15.如图所示，轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角37。已知小球所

带电荷量61.010Cq，匀强电场的场强33.010N/CE，取重力加速度210m/s,sin370.6,cos370.8g，求：（1）小球所受电场力F的大小；（2）小球的质量m；（3）剪断细线，求剪断细线后2s末的速度。

-10-【答案】（1）3.0×10-3N；（2）4.0×10-4kg；（3）25m/s【解析】【详解】（1）根据电场强度定义式可知，小球所受电场力大小为F＝qE＝1.0×10-6×3.0×103N＝3.0×10-3N（2）小球受重力mg，绳的拉力T和电场力F作用，如图所示根

据共点力平衡条件和图中的几何关系有mgtanθ=F解得m=4.0×10-4kg（3）根据题意，剪断细线后电场力和重力的合力方向沿细绳延长线方向F合=cos37mg=ma得a=1.25g=12.5m/s2s后的速度v=at=25m/s16.如图所示，在匀强电场中，将带电荷量q＝－6×10－6C的

负电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做了2.4×10－5J的功，再从B点移到C点，电场力做了1.2×10－5J的功．求：-11-(1)A、B两点间的电势差UAB和B、C两点间的电势差UBC；(2)如果规定B点的电势为零，则A

点和C点的电势分别为多少？(3)作出过B点的一条电场线(只保留作图的痕迹，不写做法)．【答案】(1)UAB＝4V,UBC＝－2V(2)φA＝4V，φC＝2V(3)如下图所示【解析】（1）根据WUq可得562.410V4V610A

BABWUq；561.210V2V610BCU；（2）由于ABABBCBCUU，，又0B，解得4V2VAC，；（3）取AB的中点D，D点的电势为2V，连接CD，为等势线，电场线与等势线垂直，

由高电势指向低电势，如图所示．【点睛】解决本题的关键知道电场力做功与电势差的关系WUq，电势差与电势的关系-12-ABABU．知道电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势．17.在真空中水平放置平行板电容器，两极板间有一个带电油滴，电容器两板间距为d，当平行板电容器

的电压为U0时，油滴保持静止状态，如图所示．当给电容器突然充电使其电压增加ΔU1时，油滴开始向上运动；经时间Δt后，电容器突然放电使其电压减少ΔU2，又经过时间Δt，油滴恰好回到原来位置．假设油滴在运动过程

中没有失去电荷，充电和放电的过程均很短暂，这段时间内油滴的位移可忽略不计．重力加速度为g.求：（1）带电油滴所带电荷量与质量之比；（2）)第一个Δt与第二个Δt时间内油滴运动的加速度大小之比；（3）ΔU1与ΔU2之比.【答案】（1）0dgU（2）1∶3（3）1∶4【解析】【详解】（1）

油滴静止时，根据平衡条件有：0Umgqd解得：0qdgmU（2）设第一个△t内油滴的位移为x1，加速度为a1，第二个△t内油滴的位移为x2，加速度为a2，则21112xat221212xvtat根据题意有：11vat21xx联立解得：12

:1:3aa-13-（3）油滴向上加速运动时，根据牛顿第二定律有：011UUqmgmad即：11Uqad①油滴向上减速运动时，根据牛顿第二定律有：0122UUUmgqmad即：212UUqad②联立①②则有：1

2113UUU解得：1214UU