【文档说明】陕西省榆林市五校联考2023-2024学年高二上学期12月月考试题+物理+含解析.docx，共(14)页，1.159 MB，由小赞的店铺上传

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榆林市高二年级五校第一次调研考试物理考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分．满分100分，考试时间75分钟．2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚．3．考生作答时，请将答案答在答题

卡上．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．4．本卷命题范围：必修第三册，选择性必修第一册第一、二章

．一、选择题（本题共10小题，共43分．在每小题给出的四个选项中，第1~7题中只有一项符合题目要求，每小题4分，第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．下列说法中正确的是（）

A．电场中任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向B．电流是矢量，其方向就是正电荷定向移动的方向C．磁通量的大小为BS，方向为磁感应强度的方向，故磁通量为矢量D．电磁波是一份一份的，麦克斯韦用实验证明了电

磁波的存在2．洗衣机的脱水桶正常工作时非常平稳，当切断电源后，发现洗衣机先是振动越来越剧烈，然后振动逐渐减弱，下列说法中正确的是（）A．洗衣机做的是振幅不变的简谐运动B．正常工作时，洗衣机脱水桶运转的频率与洗衣机的固有频率相等C．正常工作时，洗衣

机脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率小D．当洗衣机振动最剧烈时，脱水桶的运转频率恰好等于洗衣机的固有频率3．如图所示，空间内存在匀强磁场，磁感应强度大小4TB=，方向与墙面和水平面均成45角，墙角处有边长1mL=的正方形线框abcd，初始时线框与水平面间夹角为60角，ab边与墙底边平行，线框

ab边沿墙角下滑到地面过程中，已知62cos154+=，以下说法不正确．．．的是（）A．磁通量先增加后减小B．线框能产生感应电流C．磁通量最大值为4WbD．磁通冒最小值为()62Wb+4．一弹簧振子做简谐运动，周期为T，

下列叙述正确的是（）A．若ΔtT=，则t时刻和()Δtt+时刻的速度一定相同B．若Δ2Tt=，则t时刻和()Δtt+时刻弹簧长度一定相等C．若t时刻和()Δtt+时刻的动能相等，则Δt一定等于2T的整数倍D．若t时刻和()Δtt+时刻的位移大

小相等，方向相同，则Δt一定等于T的整数倍5．随着城市高层建筑的增多，高空坠物不时发生，威胁着人们的安全，《中华人民共和国刑法修正案（十一）》新增高空抛物罪．假设一小球的质量约为25g，从高楼的窗户自由

下落到地面，小球与地面接触时间约为0.01s后减速为零，下落到地面的瞬时速度约为20m/s．小球可视为质点，不计空气阻力，重力加速度大小g取210m/s．试估算小球对地面平均作用力的大小约为（）A．25NB．50NC．75ND．100N6．劲度系数为20N/m的水平弹

簧振子，它的振动图像如图所示，则图像上的P点反映出此时刻（）A．弹簧振子的运动方向沿x轴负方向B．振子所受弹力为50N，其方向沿x轴负方向C．由0t=到图像上P点所示时刻振子所经过的路程为37.5cmD．由0t=到图像上P点所示时刻的这段时间内，振子运动

的位移为2.5cm7．如图所示，在足够长的光滑水平滑杆的正上方某点固定正的点电荷，带正电的小球穿过滑杆，从a点以速度06m/sv=向右运动，小球在a点的加速度大小为223m/s，已知无穷远处电势为零、a点、b点的电势分别为10

V20V、，小球的比荷1C/kgqm=，不计小球与滑杆间的摩擦，小球运动过程电量不变，以下说法正确的是（）A．小球运动到b点时速度大小为5m/sB．小球运动到c点加速度大小为26m/sC．小球最终速度大小为8m/sD．小球最大电势能为20J8．

三个点电荷形成的电场如图所示，,,ABC是电场中的三个点，设三点电场强度的大小分别为ABCEEE、、，三点的电势分別为ABC、、．下列说法正确的是（）A．三个点电荷中有两个带负电荷B．ABC、、三点电场强度大小CBAEEEC．AB、两点电势ABD．若将一带正电的试探电荷从B移动到

A，电场力做正功9．如图所示，电源电动势为10VE=，内阻为4Ωr=，定值电阻为02ΩR=，滑动变阻器R（最大阻值为10ΩR=），闭合开关S，现将滑动变阻器滑片由最右端向最左端滑动，三个电压表读数分别为12UU、、3U，电表均为理想

电表，下列说法正确的是（）A．电压表1U变大，2U变大，3U变小B．电压表1U变小，2U变大，3U变小C．电源最大输出功率为6.25WD．滑动变阻器消耗的功率先减小后增大10．如图所示，质量3kgM=、上表面粗糙的长木板静止在光滑的水平面上，0t=时，质量3kgm=表面粗糙

的物块（可视为质点）以初速度04m/sv=滑上长木板，经过时间Δ2st=物块和长木板达到共同速度，此后以共同速度匀速运动，重力加速度大小为210m/sg=，则（）A．长木板做匀加速运动的加速度大小为22m/sB．物块与长木板之间动摩擦因数为0.1C．长木板长度至少为6mD．物块与长木板组成的

系统损失机械能为12J二、实验题（本题共2小题，共15分）11．（7分）某同学做《用单摆测定重力加速度》实验的装置如图甲所示，请回答下面的问题：（1）在实验中，为了使测量误差尽量小，下列说法正确的是______

______．（填正确答案标号）A．为了便于测量周期，可适当缩短摆线，从而减小测量周期的绝对误差B．组装单摆需选用轻且不易伸长的细线，密度大而直径较小的摆球C．测摆长时，摆线应接好摆球，使摆球处于自然下垂状态，摆长是摆线长度和小球半径之和D．测量周期时，当单摆经过平

衡位置时开始计时，测量经过30~50次全振动的总时间算出周期（2）如图乙所示，用游标卡尺测得小钢球的直径d=____________mm．（3）除了已测摆球直径d，还已知细线长98.99cm，完成35次全振动的时间是70s，由这些数据计算得出重力加速度大小g=____________2m/

s．（取3.14，结果保留三位有效数字）12．（8分）兴趣小组要测量两节干电池组成的电池组的电动势和内阻，实验室提供了以下实验器材：A．两节干电池组成的电池组B．电流表1A：量程g1100mAI=，内阻g14ΩR=C．电流

表2A：量程B2I200mA=，内阻B22ΩR=D．定值电阻11ΩR=E．定值电阻22ΩR=F．定值电阻313ΩR=G．滑动变阻器()010ΩRH．导线与开关（1）实验时设计了如图甲所示电路，需要先将电流表2A改装成量程为3V的电压表，将电流表

1A量程扩大为0.5A，另一定值电阻作为保护电阻，则定值电阻选择为：a____________；b（均填器材前面的字母）．（2）在图示乙器材中按照电路图用笔画线代替导线连接成测量电路．（3）电路连接准确无误后，闭合开关K，移动滑动变阻器，得到多组电流表12A

A、的示数，作出了21II−图像如图丙所示，则电池组电动势0E=____________V；内阻0r=____________Ω．（小数点后均保留两位）三、计算题（本题共3小题，共计42分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只

写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（12分）2022年7月15日至17日，第十届万魅·北方礼品玩具展在山东临沂举办．如图是一参展玩具起重机的电路示意图．电源电动势为6V，内阻为0.5Ω，电阻2.5ΩR=，闭合开关S后，当电动机以1m

/s的速度匀速向上提升一质量为0.16kg的物体时（不计一切摩擦阻力，重力加速度g取210m/s），标有“3V0.6W”的灯泡恰好正常发光．求：（1）电动机两端的电压；（2）通过电阻R的电流；（3）电动

机的内阻．14．（14分）如图所示，质量为m的子弹，以速度v水平射入用轻绳悬挂在空中的木块，木块的质量为M，绳长为L（远大于木块大小），子弹停留在木块中，重力加速度为g，求：（1）子弹射入木块后的瞬间绳子受到木块拉力的大小；（2）子弹射入木块的过程中，系统机械能损失多少；（3）子弹射入木块后

木块向上摆动的最大高度．15．（16分）在如图所示的装置中，电源电压U保持不变，定值电阻阻值和滑动变阻器的最大阻值均为R，置于真空中的平行板电容器水平放置，板长为L，板间距离为d且右侧有一竖直挡板，挡板与电容器中轴线的交点为O，挡板与电容器

右端距离也为L．闭合开关，当滑动变阻器的滑片移到最右端时，一质量为m的带正电微粒．（不计重力）以初速度0v沿水平方向从电容器的正中间进入电容器，恰从电容器下板右侧边缘离开电容器．求：（1）带电微粒所带的电荷

量q；（2）当滑动变阻器的滑片移到最右端时，带电微粒打到挡板上的点距离O点的距离1Δy；（3）当滑动变阻器的滑片移到最左端时，带电微粒打到挡板上的点距离O点的距离2Δy．榆林市高二年级五校第一次调研考试·物理参考答案、提示及评分细则1．A电场中任一点的电场强度方向总是和电场线方向一致，

而沿电场线的方向是电势降落最快的方向，A正确，规定正电荷定向运动方向为电流方向，但电流运算时遵守代数加减法则，电流是标量不是矢量，B错误；磁通量大小cosBS=，磁通量是标量，C错误；电磁波是不连续的

，而是一份一份的，麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验验证了电磁波的存在，D错误．2．D洗衣机的振动先剧烈后减弱，说明振幅改变，A错误；当洗衣机脱水桶正常工作时，转速较快，洗衣机脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率大，故B，C错误；当振动最剧烈时，洗衣机发生了共振，脱水桶运转频率等于洗衣机

的固有频率，故D正确．3．D线框沿墙边下落到地面过程，磁通量先增大后减小，A正确；磁通量变化时，线框中能产生感应电流，B正确；当线框平面与磁场方向垂直时，通过线框磁通量最大，2mΦ4WbBL==，C正确；

初始时线框磁通量()21Φcos1562WbBL==+，线框在地面上时磁通量2Φcos4522WbBL==，磁能量最小值为22Wb，D错误．4．A经过ΔtT=，则t时刻和()Δtt+时刻的速度一定相同，A正确；Δ2Tt=，质点位移大小相等，方向相反，但弹簧的长度不

一定相等，B错误；当质点经过同一位置或关于平衡位置对称位置时，动能相等，Δt不一定等于2T的整数倍，C错误；t时刻和()Δtt+时刻的位移大小相等，方向相同，表示质点通过同一位置，但Δt不一定等于T的整数倍，D错误．5．B设向

上为正方向，根据动量定理可知，对小球()()Δ0Fmgtmv−=−−，解得0.50.02510N50.25NΔ0.01mvFmgt=+=+=，由牛顿第三定律可知小球对地面平均作用力的大小50.25NF=，只有选项B正确．6．CP点处斜率为正值，故运动

方向沿x轴正方向，A错误；此时22.510mx−=，由Fkx=有0.5NF=，方向指向平衡位置，即沿x轴负方向，B错误；由图像知，在03.5s这段时间内，振子所通过的路程为745cm35cm,3.5s

4=末到Pt的这段时间Δt内再通过2.5cm，所以路程37.5cms=，C正确；由0t=到图像上P点所示时刻的这段时间内，振子从位移正向最大，到位移为正的2.5cm，则该过程振子的位移应为负方向2.5cm，D错误．7．B

小球带正电，小球由a点到b点，由动能定理，有()22012abbUqmvv=−，得4m/sbv=，A错误；设点电荷到滑杆间距为L，小球在a点加速度22cos3023m/s(2)akQqaL==，小球在c点加速度22cos606m/ssin60ckQqaL==

，B正确；小球最终的速度大小为v，由动能定理，()22012aqmvv=−，得214m/sv=，C错误；b点的电势最高，其电势能pbEq=，由于小球带电量未知，不能确定最大电势能大小，D错误．8．ACD由图中电场线分布可知，三个

点电荷的中有两个带负电荷，故A正确；由电场线疏密可判断，ABC、、三点电场强度大小ABCEEE，故B错误；大致作出过AB、两点的等势面，沿着电场线方向电势逐渐降低，则AB、两点电势AB，故C正确；由于AB，则有0BABAU=−，则电场力做功为BAB

AWqU=，则带正电的试探电荷从B移动到A，电场力做正功，故D正确．9．BC三个电压表的示数分别为123UUU、、，滑动变阻器滑片由左向右滑动，根据闭合电路欧姆定律，电流I增大，1UEIr=−，电压表1V变小；202,VUIR=变

大；()30UEIRr=−+变小；A错误，B正确；当0RRr+=时，电源输出功率最大2m6.25W4EPr==，C正确；定值电阻0R归到电源内阻上，因为06ΩRRr+=，当滑动变阻器滑片由右向左滑动时，滑动变

阻器的功率随滑动变阻器阻值R的变化规律如图所示，滑动变阻器的功率先增大后变小，D错误．10．BD由动量守恒定律得()0,2m/smvmMvv=+=，长木板做匀加速运动的加速度大小2Δ1m/sΔΔvvatt==

=，选项A错误；根据牛顿第二定律，对长木板FmgMa==，解得物块与长木板之间动摩擦因数为0.1=，选项B正确；前2s内由xvt=，长木板的位移1002Δ2m2m22vxt++===，物块的位移0242

2m6m22vvxt++===，所以长木板最小长度214mLxx=−=，选项C错误；物块与长木板组成的系统损失的机械能()22011Δ12J22EmvmMv=−+=，选项D正确．11．（1）BCD（2）20.2（3）9.86解析：（1）由2LTg=，可得

224LgT=适当加长摆线，可增加单摆的周期，便于测量周期，从而减小测量周期的相对误差，故A错误；为减小实验误差，组装单摆须选用轻且不易伸长的细线，为减小空气阻力对实验的影响，组装单摆需选用密度大而直径较

小的摆球，故B正确；测摆长时，摆线应接好摆球，使摆球处于自然下垂状态，否则，摆长的测量不准确，摆长是摆线长度和小球半径之和，故C正确；当单摆经过平衡位置时开始计时，经过30～50次全振动后停止计时，求出平均周期，故D正确．（2）用游标

卡尺测得小钢球的直径20mm0.1mm220.2mmd=+=．（3）由单摆的周期公式2LTg=和tnT=，有222249.86m/snLgt=．12．（1）FD（2）见解析图（3）2.911.35解析：（1）将电流表2A改装成3V，则有()g2g23VaUIR

R=+=，即2A与定值电阻a串联；故a应选3R；电流表1A量程扩大到0.5A，扩大倍数g15InI==，并联电阻gl1Ω1bRRn==−，故b应选1R，保护电阻c应选2R．（2）实物连线如图所示．（3）扩大量程后电

压表内阻g2315ΩVRRR=+=，电流表内阻g1A0.8ΩRRn==，由闭合电路欧姆定律，有()()()g1121g10121g11221g111CrVVRRRrIREUUUUIRIRIRrIRIRRR++=+++=++++=++

，即002110001451515ErII+=−，得00942.91V,,1.35Ω68Ekr===．13．解：（1）由图可知，灯泡与电动机并联，灯泡正常发光，电压为L3VU=并联电压相等LMUU=故电动机两端的电压为ML3VUU==（2）R

和电源内阻r两端的总电压为13VLUEU=−=由欧姆定律可得，总电流为13A1A2.50.5UIRr===++（3）电流为LLL0.6A0.2A3PIU===电动机的电流为ML1A0.2A0.8AIII=−=−=电动机的输出功率为2MMMMPmgvUIIr

==−代入数据解得M1.25Ωr=14．解：（1）以子弹与木块组成的系统为研究对象，子弹击中木块的过程系统水平方向动量守恒，选子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：()mvmMv=+得mvvMm=+子弹击中木块后，它们一起做圆周运动在最低点

，由牛顿第二定律得：()()2vFMmgMmL−+=+得()()2vFMmgMmL=+++由牛顿第三定律，解得绳子的张力：()()22mvFFMmgMmL==+++（2）据能量守恒定律可知，损失的机械能为()()2222111Δ12222mM

mvEmvmMvmvmMmM=−+=−=++（3）子弹和木块一起上升过程中，只有重力做功机械能守恒()()212MmvMmgh+=+解得2222()mvhmMg=+15．解：（1）闭合开关，当滑动变阻器的滑片移到最

右端时，滑动变阻器接人电路电阻为0，电容器两板间的电势差为U，电容器两板之间的场强大小UEd=电容器上极板带正电，带电微粒在电容器中做类平抛运动，则水平方向：0Lvt=竖直方向：21122qEqUdatammd===解得带电微粒所带的电荷量2202mdvqUL=（2

）带电微粒恰从电容器下板右侧边缘离开电容器时竖直方向的速度10ydvatvL==带电微粒离开电容器后做匀速直线运动，则011yvLvy=解得带电微粒离开电容器后，打到挡板上的点离电容器下板水平线的距离1yd=打到挡板上的点距离O点的距离13Δ22dydd=+=（3）开关闭合后，调节滑动变阻器

的滑片移到最左端且电路稳定后，电容器两端的电压22UUURRR==+带电微粒离开电容器时20221,,22qULvtdatamd===解得4dd=离开电容器时竖直方向的速度2202ydvatvL==带电微粒离开电容器后做匀速直线运动，则02

2yvLvy=解得带电微粒离开电容器后，打到挡板上向下偏移的距离22dy=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com