【文档说明】四川省自贡市田家炳中学2019-2020学年高二下学期开学考试物理试题【精准解析】.doc，共(13)页，484.500 KB，由小赞的店铺上传

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2019-2020学年高二年级下学期入学考试物理试题第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。1-9题为单选，选对的4分，选不对的0分。10-12题有多个选项正确，全部选

对的得4分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。）1.某磁场的磁感线如图所示，则下列说法中正确的是（）A.M点的切线方向和该点的磁场方向垂直B.M点的磁场比N点的磁场弱C.M点的磁场比N点的磁场强D.M点的磁场方向和N点的磁场

方向相同【答案】C【解析】【详解】A．M点的切线方向和该点的磁场方向相同，选项A错误；BC．磁感线越密集的地方磁场越强，则M点的磁场比N点的磁场强，选项B错误，C正确；D．磁感线的切线方向是磁场的方向，因M点切线方向与N点的切线方向不同，则M点的磁场方向和N点的磁场方向不相同，选项D错误

。故选C。2.两个分别带有电荷量Q−和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为2r，则两球间库仑力的大小为A.112FB.34FC.43FD.12

F【答案】C【解析】【详解】本题考查库仑定律及带电体电量的转移问题．接触前两个点电荷之间的库仑力大小为23QQFkr=，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的12，库仑力为224432QQQQFkkFrr===

，所以两球间库仑力的大小为43F，C项正确．3.如果闭合电路中的感应电动势很大，那一定是因为（）A.穿过闭合电路的磁通量很大B.穿过闭合电路的磁通量变化很大C.穿过闭合电路的磁通量变化很快D

.闭合电路的电阻很小【答案】C【解析】【详解】闭合电路中的感应电动势很大，根据法拉第电磁感应定律得知，穿过闭合电路的磁通量变化率很大，则磁通量变化很快，故C正确，ABD错误。4.由磁感应强度的定义式FBIL=可知，磁场中某处的磁感应强度的大小（）A.随通电导线中的电流I的减小而增大B.随I

L乘积的减小而增大C.随通电导线所受磁场力F的增大而增大D.跟F、I、L的变化无关【答案】D【解析】【详解】磁场中某处磁感应强度的大小之和磁场本身的性质有关，和外界因素无关，故D正确5.如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地．若极板B稍向上

移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是（）A.两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B.两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C.极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D.极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大【答案】D

【解析】【详解】由图分析可知电容器极板上的电荷量几乎不变，将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据公式4SCkd=，电容减小，由公式QCU=可判断出电容器极板间电压变大，静电计张角增大，故D正确，ABC错误．【点睛】本题要抓住电荷量不变的条件，根据电容的定义式QCU=分析电容

如何变化．6.下列关于电阻率的叙述，正确的是（）A.半导体材料的电阻率会随温度、光照等发生变化B.常用的导线是用电阻率较大的铝、铜材料做成的C.各种材料的电阻率取决于导体的电阻、横截面积和长度D.各种材料的电阻率不会随温度的变化而变化【答案】A【解析】【详解】A．半导体材料

的电阻率会随温度、光照等发生变化，选项A正确；B．常用的导线是用电阻率较小的铝、铜材料做成的，选项B错误；C．各种材料的电阻率取决于导体的材料，与导体的电阻、横截面积和长度无关，选项C错误；D．很多材料的电阻率会随温度的变化而变化，例如金属材料的电阻率随温度升高而

增大，选项D错误。故选A。7.如图所示，一闭合直角三角形线框abc以速度v匀速向右穿过匀强磁场区域，磁场宽度大于ac边的长度．从bc边进入磁场区，到a点离开磁场区的过程中，线框内感应电流的情况（以逆时针方向为电流的正方向）是

下图中的（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】线框从开始进入到全部进入磁场时，磁通量向里增大，则由楞次定律可知，电流方向为逆时针，产生的电动势：E=BLv，随有效长度的减小而减小，所以感应电流i随有效长度的减小而减小；线框全部在磁场中运动的过程中，

没有磁通量的变化，所以没有电动势和感应电流；线框离开磁场的过程中，磁通量不断减小，由楞次定律可知，电流沿顺时针方向；感应电流i随有效长度的减小而减小．A．该图与结论相符，选项A正确；B．该图与结论不相符，选项B错误；C．该图与结论不相符，选项C错误；D．该图与结论不相

符，选项D错误；8.如图所示的电路电源的电动势和内阻一定，当变阻器的滑动触头向上端移动时，电压表V和电流表A的读数分别为（）A.增大、减小B.减小、增大C.都减小D.都增大【答案】A【解析】【详解】当R2的滑动触点向上滑移动时，R2变大，

外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律知，总电流变小，路端电压变大，则电压表V读数减大。电路中并联部分电压变大，通过R1的电流变大，而总电流减小，则电流表A的读数减小。故选A。9.在一点电荷Q产生的电场中，一个带正电粒子通过时的轨迹为图中实线所示,图中虚线表示电场中a、b所在的

两个等势面，以下说法中正确的是（）A.点电荷Q可能为正电荷，也可能为负电荷B.运动中粒子总是克服电场力做功C.粒子在a点时的电势能一定比在b点时的大D.粒子在a点时的动能一定比在b时的大【答案】D【解析】【详解】A、曲线运

动的合力一定指向曲线的内侧，由图可知，粒子的轨迹向左弯曲可知，受到了斥力，而粒子带正电，说明Q一定是正电荷，故A错误；B、由图可知，运动中粒子在靠近正点电荷时，电场力做负功，而远离时，电场力做正功，故B错误；C、D、从a等势面向b等势面运动过程中，粒子在靠近正点电

荷，电场力做负功；电势能增加；粒子在a点时的电势能一定比在b点时的小，故C错误；从a等势面向b等势面运动过程中，由于只有电场力做负功，根据动能定理，动能减小，粒子在a点时的动能一定比在b时的大，故D正确

；故选D．10.如图所示电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略不计。下列说法中正确的是（）A.合上开关K接通电路时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮B.合上开关K接通电路时，A2先亮，A1后亮，

最后A2较亮C.断开开关K切断电路时，A2立即熄灭，A1过一会才熄灭D.断开开关K切断电路时，A1和A2都要过一会儿才熄灭【答案】AD【解析】【详解】AB．合上开关K接通电路，A2立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过A1的电流慢慢变大，最

后两灯泡的电压一样大，所以一样亮。故A正确，B错误；CD．断开开关K切断电路时，通过A2的原来的电流立即消失，线圈对电流的减小有阻碍作用，所以通过A1的电流会慢慢变小，并且通过A2，所以两灯泡一起过一会儿熄灭。故

C错误，D正确。故选AD。11.某一电源的电动势为E，内阻为r，外电路（纯电阻电路）的电阻为R，这此电路（）A.短路电流为ERB.短路电流为ErC.正常工作时的电流为ErD.正常工作时的电流为ERr+【答案】BD【解析】【详解】AB．

短路是指外电路电阻为零，则短路电流为EIr=短，选项A错误，B正确；CD．根据闭合电路欧姆定律，则正常工作时的电流为EIRr=+，选项C错误，D正确。故选BD。12.如图所示，一质量为m、电量为q的粒子以竖直向上的速度v从P点进入水平向右的匀强电场E中，已知mg=qE，粒子在P

与最高点相比（）A.电势能更小B.电势能更大C.动能更小D.动能不变【答案】BD【解析】【详解】AB、粒子上升到最高点的过程中，电场力做正功，电势能减小，所以粒子在P点的电势能大于最高点的电势能。故A错误，B正确。CD

、因为mg=qE，可知粒子在竖直方向上的加速度大小和水平方向上的加速度大小相等，当到达最高点时，竖直方向上的速度为零，采用逆向思维知，在竖直方向上的位移与水平方向上的位移相等，所以克服重力做功与电场力做功相等，可知合力做功为

零，动能不变。故C错误，D正确。故选BD。第Ⅱ卷（非选择题共52分）二、实验题（共17分）13.有一电流表的内阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=1mA，要把它改装成量程0-3V的电压表，要串联______

__Ω的电阻，改装后电压表的内阻是_______Ω。【答案】(1).2.97×103(2).3000【解析】【详解】[1]．把电流表改装成电压表，需要串联电阻的阻值33302.97100.001ggURRI=−=−=[2]．

改装后电压表内阻330000.001VgURI===14.将以铜片和一锌片分别插入一只苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约为1.5V，可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5V，额定电流为0.3A的手电筒上的小灯泡。原因是流过小

灯泡的电流太小了，经实验测得电流约为3mA。现要较精确地测定“水果电池”的电动势和内电阻，提供的仪器如下：A、电流表A1（量程0~3mA，内阻约0.5Ω）B、电流表A2（量程0~0.6A，内阻约0.1Ω）C、电压表V（量程0~1.5V，电阻约3KΩ）D、滑动变阻器R1

（阻值0~30Ω，额定电流为1A）E、滑动变阻器R2（阻值0~3KΩ，额定电流为0.5A）F、以及开关、导线等实验器材G、待测“水果电池”①本实验中电流表应该选用_________，滑动变阻器应该选_________（均用序号字母表示）；②请在虚线

框中画出实验原理图________；③在实验中根据电压表的示数U与电流表的示数I的值，经描点、连线得到U—I图像，如图所示，根据图中所给数据，则“水果电池”的电动势与内阻分别为E=_________V；r=______Ω

。【答案】(1).A(2).E(3).(4).1.35(5).450【解析】【详解】①[1][2]．电路电流约为3mA，则电流表应选A；电源的内阻大约1.55000.003ErI===，若选用0～10Ω的滑动变阻器，移动滑片，电流基本不变，因此滑动变阻器应选

E；②[3]．由题意可知水果电池内阻较大，为减小实验误差，相对于电源来说，电流表应采用内接法，实验电路图如图所示③[4][5]．由图示电源U-I图线可知，图象与纵轴截距为1.35，则电源电动势E=1.35V电池内阻1.354500.003U

rI===三、计算题（本题共35分。解答时要求写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，若只有最后答案而无演算过程的不得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）15.如图所示，竖直平行直线

为匀强电场的电场线，电场方向未知，A、B是电场中的两点，AB两点的连线长为l且与电场线所夹的锐角为θ。一个质量为m，电荷量为－q的带电粒子以初速度v0。从A点垂直进入电场，该带电粒子恰好能经过B点。不考虑带电粒子的重力大小。根据你学过的物理学规律和题中所给的信息求：(1)带电粒子加

速度的大小；(2)匀强电场的电场强度；(3)A、B两点间的电势差。【答案】(1)2022cossinval=；(2)2022cossinmvEql=；(3)2022tanmvq−【解析】【详解】(1)

(2)(3)粒子带负电且向下偏转，故电场方向竖直向上；设从A到B经历的时间为t，AB两点间电压为U，则由类平抛运动规律有lsinθ=v0tlcosθ=12at2由牛顿第二定律有qE=macosUEl=A、B两点间的电势差UAB=-U由以上各式解得

电场强度大小2022cossinmvEql=加速度大小2022cossinval=A、B两点间的电势差ABU=2022tanmvq−16.在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中，有一倾角为θ，足够长的光滑绝缘斜面，磁感应强度为B，方向垂直纸面向外，

电场方向竖直向上，有一质量为m，带电量为+q的小球静止在斜面顶端，这时小球对斜面的正压力恰好为零，如图所示，若迅速把电场方向反转竖直向下，小球能在斜面上连续滑行多远？所用时间是多少？【答案】2222cossinmgsqB=，tanmtqB=【解析】【详解】设电场强度

为E，则：电场反转前mg=qE电场反转后，设小球离开斜面时的速度为v，则：qvB=（mg+qE）cosθ加速度()sin2sinmgqEagm+==由匀变速规律有v2=2asv=at由以上各式解得小球能沿斜面连续滑行的距离：2222cossinmgsqB=所用时间tanmtqB=1

7.如图所示，光滑平行金属导轨相距L=30cm，电阻不计．ab是电阻为0.3Ω的金属棒，可沿导轨滑动．电阻R为0.1Ω.与导轨相连的平行金属板A、B相距d=6cm，.全部装置处于垂直纸面向里的匀强磁场中．当ab以速度v向右匀速运动时，一带电微粒在A、B板间做

半径为r=2cm的匀速圆周运动，速率也是v.试求速率v的大小．【答案】0.4m/s【解析】设磁感应强度为B，平行板AB间距为d，ab杆的有效长度为L，带电粒子质量为m，带电荷量为q，做圆周运动的半径为r．感应电动势为：E=BLv

金属板A、B间电压：UAB=abRERR+粒子能做匀速圆周运动，重力和电场力平衡，洛伦兹力提供向心力，则：mg=ABqUdqvB=2mvr由以上各式解得：440.06100.02/0.4/0.3dgrvmsmsL===