江苏省扬州市江都区高级中学2022届高三上学期10月月考数学试题答案

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【文档说明】江苏省扬州市江都区高级中学2022届高三上学期10月月考数学试题答案.docx,共(9)页,486.184 KB,由管理员店铺上传

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以下为本文档部分文字说明:

江都中学2021-2022学年度第一学期月考测试高三数学2021.10一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.A2.A3.B4.D5.D6.B7.B8.A二、多项选择题

:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分。9.BCD10.AD11.AD12.AC三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13.sinx+114.1315.98ln212,2

−−16.116)222,−+.四、解答题:本题共6小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17.(本小题满分10分)已知集合121284xAx=,21log,,328Byy

xx==.(1)若122Cxmxm=+−,()CAB,求实数m的取值范围;(2)若61Dxxm=+,且()ABD=,求实数m的取值范围.【答案】(1)7,2−

;(2))1,+【详解】12128272,74xAxxx==−=−21log,,32353,58Byyxxyy===−=−(1)

2,5AB=−当C=时,122+−mm,解得:3m,满足()CAB当C时,12212225mmmm+−+−−,解得:732m综上所述:实数m的取值范围为7,2−(不讨论=C扣3分)------------

---------------6分(2)3,7AB=−()ABD=617m+,解得:m1实数m的取值范围为)1,+(边界不取等号扣2分)---------------------------10分18.(本小题满分12分)已知关于x的不等式22

10kxkxk+−+的解集为M.(1)若MR=,求k的取值范围;(2)若存在两个不相等负实数,ab,使得()(),,Mab=−+,求实数k的取值范围;(3)若恰有三个整数1n、2n、3n在集合M中,求k的取值范围.【答案】(1)10,2k;(2

)1,12k;(3)12k−【详解】(1)不等式2210kxkxk+−+,其解集MR=①当0k=时,10恒成立,符合题意;②当0k时,则00k,即()204410kkkk−−+解得10,2k综上所述:10,2k--

-------------------------4分(2)因为不等式()(),,Mab=−+2210kxkxk+−+的解集为,且,ab为两个不相等负实数,可得12120000kxxxx+,即()2044102010kkkkkk−−+−

−+解得010201kkkkRk或综上可得,1,12k.---------------------------8分(3)解集中恰有3个整数,可得k0设()221fxkxkxk=+−+,开口向下,

对称轴为1x=−,可得()010fk=−+,()1210fk−=−+可知解集中的三个整数一定有0和1−,根据二次函数的对称性得到,还有一个整数一定为2−,此时已满足解集中恰有三个整数,则要求()()1030ff

−,即2109610kkkkkk+−+−−+解得12k−---------------------------12分19.(本小题满分12分)在ABC中,内角A,B,C所对的边分别是a,b,c,S

为ABC的面积.请在①()22234Sbca=+−;②cos3sintancBbCaC−=;③()sinsinsinCBAB+−=三个条件中选择一个,完成下列问题:(1)求出角A的大小;(2)若3a=,求2bc−的取值范围.(注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.)【

详解】(1)方案一:选条件①∵()22231sin42SbcabcA=+−=,∴2223sin2bcaAbc+−=,即3cossinAA=,∴tan3A=,即π3A=.------------------

---------6分方案二:选条件②∵cos3sintancBbCaC−=,∴sincos3sinsinsintanCBBCAC−=,即()3sinsincoscossinBCCBA−=,∴()3cossinBCA−+=,即3cossinAA=,∴ta

n3A=,即π3A=.---------------------------6分方案三:选条件③∵()sinsinsinCBAB+−=,∴()()sinsinsinBABAB++−=,∴2sincossinBAB=,∴1cos2A=,即π3A=.--------

-------------------6分(2)∵2sinsinsinabcABC===,∴()π24sin2sin4sin2sin3sin3cos23sin6bcBCBABBBB−=−=−+=−=−--------------10分∵2π03B,∴πππ662B

−,∴()23,23bc−−.---------------------------12分20.(本小题满分12分)函数()()sinfxAx=+(其中0,0,2A)的部分图象如图所示,把函数()fx的图像向右平移4个单位长度,再向下平移1个单位,得到函数()g

x的图像.(1)当11,412x时,若方程()0gxm−=恰好有两个不同的根12,xx,求m的取值范围及12xx+的值;(2)令()()3Fxfx=−,若对任意x都有()()()22

20FxmFxm−+++恒成立,求m的最大值.【答案】(1)m的取值范围331,02,122−−−−;3102m−时,1223xx+=;3212m−−−时,12

53xx+=;(2)265−.【详解】(1)根据图像可知171,4123AT==−2,2TT===,()()sin2fxx=+代入7,112−得,7sin16+=−,2,3kkZ

=+,,0,23k==()sin23fxx=+---------------------------2分把函数()fx的图像向右平移4个单位长度,再向下平移1个单位,得到函数()gx()sin21sin21436gxxx=−+−=−−

---------------------------3分()gx在,43x单调递增,在5,36x单调递减,在511,612x单调递增,且5314122gg==−,03g

=311314122gg==−−,526g=−方程()0gxm−=恰好有两个不同的根12,xx,m的取值范围331,02,122−−−−

---------------------------5分令262xk−=+()gx对称轴为23kx=+,kZ11,412x0,3kx==或51,6kx==3102m−时,1223xx+=;3212m−−−时,1253xx+=

.--------------------------7分(2)由(1)可知()sin21,13fxx=+−()()3Fxfx=−4,2−−,对任意x都有()()()2220FxmFxm−+++恒成立令()4,2tFx=−−,即()()2220httmt

m=−+++在4,2t−−上恒成立,()ht是关于t的二次函数,开口向上,则()max0ht恒成立而()ht的最大值,在4t=−或2t=−时取到最大值则()()2040hh−−,()()()()42220162420mmmm−

+−++−+−++解得103265mm−−所以265m−,则m的最大值为265−.---------------------------12分21.(本小题满分12分)已知函数1()ln()fxaxax=−R.(1)若曲线()yfx=在点

(1,(1))f处的切线方程为10xy+−=,求a的值;(2)若()fx的导函数()fx存在两个不相等的零点,求实数a的取值范围;(3)当2a=时,是否存在整数,使得关于x的不等式()fx恒成立?若存在,求出的最大值;若不存在,说明理由

.【答案】(1)0a=;(2)()2,0e−−;(3)存在,最大值为1−.【详解】(1)()2111()lnfxxaxxx=+−,因为曲线()yfx=在点(1,(1))f处的切线方程为10xy+−=,所以

(1)11fa=−=−,得0a=;---------------------------2分(2)因为21ln()axxfxx−+=存在两个不相等的零点.所以()1lngxaxx=−+存在两个不相等的零点,则1()gxax=+.①当0a时,()0gx

,所以()ygx=单调递增,至多有一个零点---------------------------3分②当0a时,因为当1(0)xa−,时,()0gx,()ygx=单调递增,当1(+)xa−,时,()0gx,()ygx=单调递减,所以1xa=−时,max11()()ln(

)2gxgaa=−=−−.因为()gx存在两个零点,所以1ln()20a−−,解得2e0a−−.---------------------------5分因为2e0a−−,所以21e1a−.因为(1)10g

a=−,所以()ygx=在1(0)a−,上存在一个零点.因为2e0a−−,所以211()aa−−.因为22111[()]ln()1gaaa−=−+−,设1ta=−,则22ln1(e)yttt=−−,因为20tyt−=,所以22ln1(e)yttt=−−单调递减,所以()2222

lnee13e0y−−=−,所以22111[()]ln()10gaaa−=−+−,所以()ygx=在1()a−+,上存在一个零点.综上可知,实数a的取值范围为2(e,0)−−;---------------------------7分(3)当2a=时,1

()(2)lnfxxx=−,()2211121ln()ln2xxfxxxxxx−+=+−=,设()21lnhxxx=−+,则1()20hxx=+.所以()yhx=单调递增,且11()ln022h=,(1)10h=,所以存在01(1)2x,使得0()0hx=,因为当0(0)xx,

时,()0hx,即()0fx,所以()yfx=单调递减;当0(+)xx,时,()0hx,即()0fx,所以()yfx=单调递增,所以0xx=时,()yfx=取得极小值,也是最小值,--------------------

-------10分此时()0000000111()(2)ln(2)12(4)4fxxxxxxx=−=−−=−++,因为01(1)2x,,所以0()(10)fx−,,因为()fx,且为整数,所以1−,即的最大值为1−.---------------------

------12分22.(本小题满分12分)若函数()yfx=对定义域内的每一个值1x,在其定义域内都存在唯一的2x,使()()121fxfx=成立,则称该函数为“依赖函数”.(1)判断函数()singxx=是否为“依赖函数”,并说明理由;(2)若函数()12xfx−=在定

义域(),0mnm上为“依赖函数”,求mn的取值范围;(3)已知函数()()243hxxaa=−在定义域4,43上为“依赖函数”,若存在实数:4,43x,使得对任意的tR,不等式()()24hxtstx−+−

+都成立,求实数s的最大值.【详解】(1)对于函数()singxx=的定义域R内存在16x=,则()22gx=无解,故()singxx=不是“依赖函数”.---------------------------3分(2)因为()12xfx−=在,mn上递增,故()()1fmfn=,即1122

1mn−−=,2mn+=,由0nm,故20nmm=−,得01m,从而()2mnmm=−在()0,1m上单调递增,故()0,1mn.---------------------------6分(3)①若

443a,故()()2hxxa=−在4,43上最小值为0,此时不存在2x,舍去;②若4a,故()()2hxxa=−在4,43上单调递减,从而()4413hh=,解得1a=(舍)或133a=,----------------------

-----8分从而存在4,43x.使得对任意的tR,有不等式()221343xtstx−−+−+都成立,即2226133039txtxsx++−++恒成立,由22261334039xxsx=−−++,得2532926433

sxx++.---------------------------10分由4,43x,可得265324339sxx++,又53239yxx=+在4,43x单调递减,故当43x=时,max53

2145393xx+=,从而26145433s+,解得4112s,综上,故实数s的最大值为4112.---------------------------12分

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