【文档说明】宁夏银川市贺兰县景博中学2023-2024学年高一上学期第一次月考物理试题 含解析.docx，共(16)页，4.781 MB，由小赞的店铺上传

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银川市景博中学2023-2024学年度高一物理9月月考卷注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、单选题（每题3分，共36分）1.贵州“村超”6月9日的一场比赛中，一名球员踢出了一记“圆月弯刀”直击球门死角，所谓“圆月弯刀”是指足

球的飞行轨迹是一条优美的弧线。以下说法正确的是（）A.研究“圆月弯刀”的踢球技法时可以把足球看作质点B.研究足球的飞行轨迹时可以把足球看作质点C.一名前排观众激动说：“太精彩了，目测最大球速超过120k

m/h”。这里的球速是指平均速度D.该足球的飞行轨迹长度就是它的位移【答案】B【解析】【详解】A．研究“圆月弯刀”的踢球技法时，足球的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故A错误；B．研究足球的飞行轨迹时，足球的大小和形状可以忽略，故可以将足球看作质点，故B正确；C．目测最大球速超过12

0km/h”，这里的球速是指瞬时速度，故C错误；D．该足球的飞行轨迹长度就是它的路程，故D错误。故选B。2.下列物理量属于标量的是（）A.力B.位移C.时间D.加速度【答案】C【解析】【详解】力、位移和加速度均是矢量，时间是标量。故选C。3.女排运动员在原地拍球，球从1.2m处用力拍下

，被地板弹回，最高上升到3.0m高度处。则球通过的路程和位移的大小分别是（）A.4.2m，4.2mB.4.2m，1.8mC.1.2m，3.0mD.3.0m，1.8m【答案】B【解析】【详解】路程为3m1.2m4.2m+=位移为3m1.2m1.8m−=

故选B。4.下列说法正确的是（）A.质量很小的物体一定能看成质点B.研究火车通过站牌所用的时间时，不能把火车看成质点C.列车员说：“火车8时42分到站，停车8分钟。”其中“8时42分”是时间，“8分钟”是时刻D.在描述物体的运动时，必须选择地面为参考系【答案】

B【解析】【详解】A．在所研究的问题中物体的大小、形状可忽略不计时，物体可被看成质点，与质点的实际大小无关，A错误；B．研究火车通过站牌所用的时间时，不能把火车看成质点，B正确；C．列车员说：“火车8时42分到站，停车8分钟。”其中“8时42分”是时刻，“8分钟

”是时间，C错误；D．在描述物体的运动时，必须选择参考系，参考系的选择可以是任意的，一般以地面为参考系，D错误。故选B。5.一游客在武夷山九曲溪乘竹筏漂流，途经双乳峰附近的M点和玉女峰附近的N点，如图所示。已知该游客从M点漂流到N点的路程为5.4km，用时1h，

M、N间的直线距离为1.8km，则从M点漂流到N点的过程中（）A.该游客的位移大小为5.4kmB.该游客的平均速率为5.4m/sC.该游客的平均速度大小为0.5m/sD.若以所乘竹筏为参考系，玉女峰的平均速度为0【答案】C【解析】【详解】A．位移

指的是从M点漂流到N点的有向线段，故位移大小为1.8km，故A错误；B．从M点漂流到N点的路程为5.4km，用时1h，则平均速率为5.4=km/h1svt=率故B错误；C．该游客的平均速度大小为1.8=km/h=0.5m/s1xvt=故C正确；D．以玉女峰为参考系，所乘竹

筏的平均速度为0.5m/s，若以所乘竹筏为参考系，玉女峰的平均速度也为0.5m/s，故D错误；故选C。6.物体在做直线运动时，一定随时间增大的是（）A.位移B.速度C.路程D.加速度【答案】C【解析】【详解】物体做直线运动可以做匀速直线运动或匀加速直线也

可以是一般的变速运动；故速度、加速度均可能不变；物体若做往返运动，则位移也可能不变；只有路程一定会增大。故选C7.做变速直线运动的质点经过A点时的速度为3m/s，这表示（）A.质点在过A点后1s内的位移是3mB.质点在过A

点前1s内的位移是3mC.若质点从A点做减速直线运动，则以后每1s内的位移是3mD.若质点从A点做匀速直线运动，则以后每1s内的位移是3m【答案】D【解析】【详解】AB．因为质点做变速直线运动，在A点前后1s内的速度都不等于3m/s，则质点在过A点前1s内或后1s内的位

移不一定等于3m，故AB错误；C．若质点从A点做减速直线运动，则以后每1s内的速度小于3m/s，所以以后每1s内的位移不是3m，故。C错误；D．若质点从A点做匀速直线运动，速度保持不变，由31m3msvt===即知以后每1s内的位移是3m，故D正确。故选D。8.针对下列几种运动

情景，请你运用所学物理知识进行分析思考，选出正确的一项（）①长征七号遥二运载火箭点火后即将升空；②时速600km的高速磁悬浮列车在直轨道上行驶；③第十三届全运会男子100m短跑决赛中，谢震业以10秒04的成绩取得了冠军；④高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车A.①中火

箭还没运动，所以加速度为零B.②中高速行驶的磁悬浮列车，速度很大，所以加速度很大C.③中谢震业率先冲过终点，所以和其他运动员相比经过终点时其加速度一定最大D.④中轿车紧急刹车，速度很快减为零，所以加速度较大【答案】D【

解析】【详解】A．火箭点火启动时，产生高温高压蒸汽，使火箭获得一个向上的推力，力是产生加速度的原因，与速度无关，所以此时加速度不为零．故A错误；B．高速行驶的磁悬浮列车，速度很大，但是完全可以做匀速直线运动，所以加速度也可以为零．故B错误；C．加速度是速度的变化量与时

间的比值，与速度大小无关，谢震业率先冲过终点，他和其他运动员相比，速度一定最大，但加速度不一定最大．故C错误；D．因为加速度是描述速度变化快慢的物理量，轿车紧急刹车，速度很快减为零，说明速度变化很快，所以加速度很

大．故D正确；故选D。9.甲、乙两物体，沿同一直线运动．甲的加速度是3m/s2，乙的加速度是-4m/s2,则A.甲一定做加速运动B.乙一定做减速运动C.甲的加速度比乙的大D.乙可能做加速运动【答案】D【解析】【详解】因速度方向未知，不能判断甲做什么运动，若加速度方向与速度方向相反时，物

体做减速运动，故A错误．同理，也不能判断乙做什么运动，若加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动，故B错误，D正确．加速度的大小是其绝对值，甲的加速度小，乙的加速度大．故C错误．故选D．10.甲、乙两车

在同一条平直公路上行驶，其x-t图像如图所示，已知甲车做匀变速直线运动，其余数据已在图中标出。根据图中数据可知（）A.t=2s时刻，甲乙两车速度大小相等B.t=2s时刻，甲乙两车相遇C.0~2s内，甲

车位移等于乙车位移D.相遇之前，t=ls时两车相距最远【答案】B【解析】【详解】A．xt−图象的斜率表示速度，可知t=2s时刻，甲车的速度比乙车大，故A错误；B．t=2s时刻，甲乙两车相遇，故B正确；C．0~2s内

，甲车位移的位移为6(2)m8mx=−−=甲0~2s内，乙车位移的位移为60m6mxx=−=乙甲故0~2s内，甲车位移大于乙车位移，故C错误；D．设甲的位移表达式为20012xvtatx=++将（0，2−）（1,0）（2,6

）代入可得00v=，24m/sa=，02mx=−乙的速度为6m/s3m/s2xvt===乙乙乙两车速度相同时，两车相距最远，运动至两车相距最远的时间为10.75svta==乙故D错误。故选B。11.一辆汽车

从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好停止，其速度图象如图所示，那么在0～t0和t0～3t0这两段时间内的（）A.加速度大小之比为3:1B.位移大小

之比为1:4C.平均速度大小之比为1:1D.速度改变量之比为1:2【答案】C【解析】【详解】A．加速度大小之比为0010200213vtavatt==−A错误；B.位移大小之比为0012001121222vtxxvt==B错误

；C.平均速度大小之比为0102012012vvvv+==+C正确；D.速度改变量之比为01200101vvvv−==−−D错误。故选C。12.直线运动物体的位移时间关系x-t图象如图所示，则物体（）A.一直朝某一方向直线运动B.一直做匀速直

线运动C.做往复运动D.不能确定物体的运动情况【答案】C【解析】【详解】试题分析：物体速度时正时负，故物体运动方向变化，做往复运动，故AB错误，C正确；位移-时间图象中，某一点代表此时刻的位移，时间轴上方

位移是正数，时间轴下方位移是负数；切线的斜率表示速度，向右上方倾斜，速度为正，向右下方倾斜速度为负；时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．故可以确定物体的运动情况，故D错误．考点：匀变速直线运动的图像、匀变速直线运动的位移与时间的关系【名师点睛】本题是为位移--时间图象的应用

，要明确斜率的含义，知道在位移--时间图象中图象与的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．二、多选题（每题4分，多选或选错不得分，少选得2分，共16分）13.在距离地面15m高的位置以10m/s的初速度竖直向上抛出一小球，小球

上升5m后回落，最后落至地面。从小球被抛出到落至地面，共历时3s，落地前瞬间小球速度的大小为20m/s。规定竖直向上为正方向。下列说法中正确的是（）A.若以抛出点为坐标原点，则小球在最高点的坐标为5mB.从抛出点到落地点，小球的路程大小为15mC.从抛出点到落地点，小球的位移大小15mD

.从抛出点到落地点，小球的速度变化量为10m/s【答案】AC【解析】【详解】A．若以抛出点为坐标原点，则小球在最高点的坐标为5m，选项A正确；B．从抛出点到落地点，小球的路程大小为5m+5m+15m=25m，选项B错误；C．从抛出点到落地点，小球的位移大小15m，方向向下，选项C正

确；D．从抛出点到落地点，小球速度变化量为∆v=-20m/s-10m/s=-30m/s选项D错误。故选AC。14.梦天实验舱将由长征五号B遥四运载火箭执行发射任务。届时，中国空间站三舱组合体将形成“T”字型的基本构型，完成

中国空间站的在轨建造。关于火箭点火升空的速度和加速度的判断，下列说法正确的是（）A.火箭点火将要升空时，火箭的速度为零，加速度也为零B.火箭的速度增大，加速度也一定增大C.火箭速度变化越来越快时，加速

度越来越大的D.火箭竖直向上升空过程中若速度增大，加速度方向一定向上【答案】CD【解析】【详解】A．火箭点火将要升空时，火箭的速度为零，加速度不为零，故A错误；B．火箭的速度增大时，速度与加速度同向，加速度不一定增大，故B错误；C．加速度反映速度变化的快

慢，火箭速度变化越来越快时，加速度越来越大，故C正确；D．加速度与速度同向时加速，火箭竖直向上升空过程中若速度增大，加速度方向一定向上，故D正确故选CD。15.我国自主研制的复兴号动车组列车，是目前世界上运营时速最高

的高铁列车。最高时速可达350km/h，总长度超过415米，总定员1193人。下表是北京南至上海虹桥的G1次列车运行时刻表，设火车在每个站都能准点到达，准点开出，由此可知（）车站到时发时里程北京南09:000km济南西10:2210:24406km南京南12:2412:261023km上海虹

桥13:281318kmA.列车全程的位移为1318kmB.列车全程的平均速率约为295km/hC.列车在12:24的瞬时速度为295km/hD.列车由济南西到南京南的平均速率约为310km/h【答案】BD【解析】【详解】A．列车运动并不是直线运动，故1318km指的是路程，不是位移，

故A错误；B．平均速率为路程与时间的比值，由表可知，路程为1318km，时间为4小时28分钟，则平均速率约约为1318295km/h26860v=故B正确；C．由表可知，列车在12:24到达南京南，到达后的瞬时速度为零，故

C错误；。D．列车由济南西到南京南的路程为1023406617kms=−=时间为2小时，所以平均速率约为617310km/h2v=故D正确；故选BD。16.大雁在迁徙时整个队伍大部分时间实际上都是匀速

飞行这是为了进行长途迁徙而采取的有效措施，下列说法正确的是（）A.以地面作为参考系，头雁是静止的B.摄影师为了拍摄一张清晰大雁队伍照片，应该以头雁做参考系C.若研究“雁阵”从一处飞往另一处的时间，则可以将“雁阵”看做一个质点D.研究头雁扇动翅膀产生的上

升气流时，可以将头雁看做质点【答案】BC【解析】【详解】A．以地面作为参考系，大雁在匀速飞行，故A错误；B．由于大雁在匀速飞行，摄影师为了拍摄一张清晰大雁队伍照片，应该以头雁做参考系，故B正确；C．若研究“雁阵”从一处飞往另一处的时间，与两地的

距离相比，大雁群则的形状与体积可以忽略，可以将“雁阵”看做一个质点，故C正确；D．研究头雁扇动翅膀产生上升气流时，不能忽略大雁的形状与体积，头雁不能看做质点，故D错误。故选BC。第II卷（非选择题）三、实验题（每空3分，共9分）17.小华同学在做“用打点计时器测速度”的实验时，从打下的若

干纸带中选出了如图所示的一条纸带，已知打点计时器使用的电源频率为50Hz，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，各计数点到0点的距离已在图中标出。的（1）为了达到实验的目的，除了有打点计时器、纸带、小车、细绳、导线、低压交变电源、槽码、长木板外，还需要的仪器有___________；A．刻度尺

B．铁架台C．停表D．天平（2）图中两相邻计数点间的时间间隔为T=___________s；（3）根据纸带提供的信息，小华同学已经计算出了打下1、2、3、4、6这五个计数点时小车的速度，请你帮助他计算出打下计数点5时小车的速

度v5=___________m/s。【答案】①.A②.0.1③.0.53【解析】【详解】（1）[1]A．本实验需要刻度尺测量纸带上的点间距，故A需要；B．该实验在水平桌面上进行实验，不需要铁架台，故B不需要；C．因为打点计时器本身就是计时仪器，所以不需要秒表，故

C不需要；D．该实验不需要测量槽码和小车的质量，故D不需要。故选A；（2）[2]交流电的频率为50Hz，即每隔0.02s打一个点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，所以相邻计数点间的时间间隔为T=0.02×5s=0.1s（3）[3]打下计数点5时小车的瞬时速度为()246

526.5515.9510m/s0.53m/s220.1xvT−−===四、解答题（共41分）18.足球运动员在罚点球时，球获得30m/s的速度并做匀速直线运动。设脚与球作用时间为0.1s，球又在空中飞行0.3s后被守门员挡出，守门员双手与球接触时间为0.1s

，且球被挡出后以10m/s速度沿原路弹回，求：（1）罚点球的瞬间，球的加速度的大小；（2）守门员接球瞬间，球的加速度的大小。【答案】（1）300m/s2；（2）400m/s2【解析】【详解】（1）设初速度的方

向为正方向，罚点球瞬间，球的加速度为2111300m/s0.1vat−==＝300m/s2（2）守门员接球瞬间，球的加速度为222211030m/s400m/s0.1vat−−===−负号表示加速度方向与速度方向相反。19.图为“歼15”舰载机从该航

空母舰甲板上起飞的情景，航空母舰静止在海面上，“歼15”舰载机在航空母舰跑道上做匀加速直线运动，加速度为28m/s，需要达到60m/s的速度才可安全起飞，求：（1）“歼15”舰载机由静止开始加速，滑行5s后，舰载机的速度大小；（2）从静止启动到安

全起飞，“歼15”舰载机在航空母舰上滑行的距离；（3）若“歼15”舰载机能够借助弹射器获得初速度，只需滑行150m便可安全起飞，则“歼15”舰载机至少需要获得多大的初速度。【答案】（1）40m/s；（2）225m；（3）20

3m/s【解析】【详解】（1）由速度公式1vat=代入数据得140m/sv=（2）由22vas=代入数据可得225ms=（3）由22012vvas−=可得2012vvas=−代入数据可得0203m/sv=20.如图所示是药房机器人搬送药瓶的示意图，机器人从一个柜台沿直线运送到另一个

柜台。已知机器人先从一个柜台由静止以0.2m/s2的加速度匀加速移动5s，接着匀速移动15s，然后匀减速移动5s后速度减为0时刚好到达另一柜台。若机器人可以看成质点，求：(1)机器人匀加速移动时的位移大小；(2)机器人匀减速移动时的加速度大小；(3)

整个送药过程中机器人平均速度的大小。【答案】(1)2.5；(2)0.2m/s2；(3)0.8m/s【解析】【分析】【详解】(1)根据均加速运动的规律有211112xat=210.25m2=2.5m=(2)匀减速直线运动的初速度110.25m/s1m/svat===22300.2m/svva

tt−===−加速度大小为20.2m/s；(3)匀减直线运动的位移2211515mxvt===匀减速直线运动的位移331115m2.5m22xvt===整个过程的总位移12320mxxxx=++=平均速度的大小

10.8m/sxvt==21.随着社会的发展，外卖配送也正踏入“无人+”领域。在疫情期间，工作人员通过无人机将医疗药品、食物等物资送至被居家隔离的小明家中，无人机在水平地面上由静止开始竖直向上将物品送到小明窗外，运动过程的vt−图像

如图所示。求：（1）无人机在20s末和35s末的速度；（2）无人机在0~10s、10~25s及25~45s这三段时间内的加速度a；（3）无人机在0~45s这段时间的平均速度大小v；【答案】（1）203m/sv=，竖直向上；351.5m/

sv=,竖直向上；（2）25~45s：210.15m/sa=，竖直向下；10~25s：20a=；0~10s：230.3m/sa=,竖直向上；（3）2m/sv=【解析】【详解】（1）由图可知，取竖直向上为正方向，203m

/sv=，方向竖直向上；25s45s内，加速度为22103m/s0.15m/s4525vat−===−−()35253m/s0.153525m/s1.5m/svvat=+=−−=方向竖直向上；（2）在25~45s2

2103m/s0.15m/s4525vat−===−−负号表示加速的方向竖直向下10~25s内，由于没有速度变化，故20a=在0~10s内22330m/s0.3m/s100vat−===−方向竖直向上（3）在vt−图像中，面积表示位移，0~45s内位移为()115453m90m2

s=+=在获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com