【文档说明】内蒙古赤峰市林东第一中学2019-2020学年高一下学期期中考试物理试题含解析【精准解析】.doc，共(15)页，633.500 KB，由管理员店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-1f6083120ec440ee37761fc17c674682.html

以下为本文档部分文字说明：

高一年级期中考试物理试卷一、选择题1.关于曲线运动和圆周运动，以下说法中正确的是（）A.变速运动一定是曲线运动B.匀速圆周运动是匀速运动C.做曲线运动的物体所受的合外力一定不为零D.做圆周运动的物体受到的合外力方向一定指向圆心【答案】C【解析】试题分析：变速运动不一定是曲线运动

，也可能是直线运动，选项A错误；匀速圆周运动的速度大小不变，方向不断变化，故匀速圆周运动不是匀速运动，选项B错误；做曲线运动的物体速度不断变化，故有加速度，所受的合外力一定不为零，选项C正确；只有做匀速圆周运动的物体受到的合外力方向才一定指向圆心，选项D错误；

故选C．考点：曲线运动和圆周运动2.某人向放在水平地面上正前方的小桶水平抛球，结果球划着一条弧线飞落到小桶的前方，如图所示，为了让水平抛出的小球落入桶中，以下调整可行的是(不计空气阻力)()A.只降低抛出点高度B.增大初速度并提高抛出点高度C.只增大初速度D.只提高抛出点高度

【答案】A【解析】【分析】小球做平抛运动，飞到小桶的前方，说明水平位移偏大，应减小水平位移才能使小球抛进小桶中．将平抛运动进行分解：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式得出水平位移与初速度和高度的关系式，再进行分析选择．【详

解】设小球平抛运动的初速度为0v，抛出点离桶口的高度为h，水平位移为x，则平抛运动的时间为：2htg=，水平位移为：002hxvtvg==由题知，小球做平抛运动，飞到小桶的前方，说明水平位移偏大，应减小水平位移才能使小球抛进小桶中．由上式可知，可只减小初速度或只降低抛出点的高度．故A正确BCD错误

．故选A．【点睛】本题运用平抛运动的知识分析处理生活中的问题，比较简单，关键运用运动的分解方法得到水平位移的表达式．3.将一物体以9.8m/s的初速度水平抛出，经过一段时间后的末速度为初速度的3倍，则这段时间是（g取9.8m/s2）（）A.3sB.2sC.33sD.22s【答案

】B【解析】【详解】已知v=3v0．则竖直分速度为：22002yvvvv=−=．又vy=gt，解得：0229.829.8vtssg===，故选B.4.如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车以速度v匀速向右运动到如图所示位置时，物体P的速度为()A.vB.vcosCvcosD.

vcos2θ【答案】B【解析】试题分析:根据小车的运动情况得出P的运动情况．设绳子与水平方向的夹角为θ，将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于P的速度，根据平行四边形定则得，vP=vcosθ，故B正确，A、C、D错误．

考点：运动的合成和分解5.把甲物体从2h高处以速度v0水平抛出，落地点与抛出点的水平距离为L，把乙物体从h高处以速度2v0水平抛出，落地点与抛出点的水平距离为s，则L与s的关系为A.2sL=B.2Ls=C.22Ls=D.2Ls=【答案】C【解析】【详解】

根据2h=12gt12，得14htg＝则0104hLvtvg=＝同理由2212hgt=，得22htg＝则020222hsvtvg=＝所以22Ls=．A.2sL=，与结论不相符，选项A错误；B.2Ls=，与结论不相符，选项B错误；C.22Ls=，与结论相符，选项C正确

；D.2Ls=，与结论不相符，选项D错误．6.如图所示，转动的跷跷板上A、B两点线速度大小分别为Av和Bv，角速度大小分别为A和B，ABrr，则（）A,ABABvv==B.,ABABvv=C.,ABABvv=D.,ABABvv=【

答案】C【解析】【详解】同轴转动，角速度相等，故ωA=ωB；由图可知，rA＜rB，根据v=rω，vA＜vB；所以选项ABD错误，C正确。故选C。7.日常生活中可以利用离心运动甩干衣物上的水分，如图已知甩干桶直径为0.5m，工作时转速为20πr/s，则甩干过程中衣物和桶壁之间的弹力与衣物

所受重力的比值为（g=10m/s2）（）A.80B.40C.20D.10【答案】B【解析】【详解】衣物转动的角速度20rad/s40rad/sπ22n===则对衣物受力分析，根据牛顿第二定律22N2dFmrm

==衣物和桶壁之间的弹力与衣物所受重力的比值为2N0.54040224010dFmgg===ACD错误，B正确。故选B。8.质量为m的小球，用一条绳子系在竖直平面内做圆周运动，小球到达最高点时的速度为v，到达最低点时的速变为，则两位置处绳子所受的张力之差是（）A.6mgB.5mgC.4m

gD.2mg【答案】A【解析】在最高点，小球受重力和绳子的拉力T1，合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：21vmgTmR+=在最低点，重力和拉力2T，合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：22vTmgmR−=最低点速度为：24vgRv=+两位置处绳子所受的张力之差

为：21TTT=−，联立解得：6Tmg=，故选项A正确．点睛：本题关键是明确在最高点和最低点小球的合力提供向心力，然后根据牛顿第二定律列式求解出两个拉力，得到拉力之差．9.如图所示，下列有关生活中圆周运动实例分析，其中说法正确的是（）A.图

1中汽车通过凹形桥的最低点时，汽车处于超重状态B.图2中“水流星”匀速转动过程中，在最高点处水对碗底压力小于其在最低处水对碗底的压力C.图3中在铁路的转弯处，通常要求外轨比内轨高，目的是利用轮缘与外轨的侧压力助火车转弯D.图4脱水桶的脱水原理是水滴受到的离心力大于它受到的向

心力，从而沿切线方向甩出【答案】AB【解析】【详解】A．图1中汽车通过凹形桥的最低点时，加速度向上，汽车处于超重状态，选项A正确；B．图2中“水流星”匀速转动过程中，在最高点处水对碗底压力21vFmmgl=−在最低处水

对碗底的压力22vFmmgl=+则在最高点处水对碗底压力小于其在最低处水对碗底的压力，选项B正确；C．图3中在铁路的转弯处，通常要求外轨比内轨高，当火车按规定速度转弯时，由重力和支持力的合力完全提供向心力，从而减轻轮缘

对外轨的挤压，故C错误；D．衣机脱水桶的脱水原理是：水滴与衣服间的附着力不足以提供其圆周运动的向心力，所以做离心运动，从而沿切线方向甩出，故D错误。故选AB。10.小船在静水中的速度为4m/s，要渡过宽度为30m，水的流速为3m/s的河流，下列说法正确的是（）A.此船不可能垂直到达河对岸

B.此船能垂直到达河对岸C.渡河的最短时间为7.5sD.此船相对河岸的速度一定为5m/s【答案】BC【解析】【详解】AB．因船的静水速度大于水的速度，则合速度可沿着垂直于河岸方向，即此船能垂直到达河对岸，故A错误，B正确；

C．当静水速的方向垂直于河岸时，渡河的时间最短，根据分运动和合运动具有等时性，最短时间为30s=7.5s4cdtv==故C正确；D．根据平行四边形定则，合速度的大小：最大速度为7m/s，最小速度为1m/s，则此船

相对河岸的速度不一定为5m/s，故D错误。故选BC。11.如图所示，一个倾角为37°的斜面固定在水平面上，在斜面底端正上方的O点将一小球以速度v0＝3m/s水平抛出，经过一段时间后，小球垂直斜面打在P点

处（小球可视为质点，不计空气阻力，取重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），则（）A.小球击中斜面时的速度大小为5m/sB.小球击中斜面时的速度大小为4m/sC.小球做平抛运动的水

平位移是1.2mD.小球做平抛运动的竖直位移是1m【答案】AC【解析】【详解】AB．将球垂直撞在斜面上P点的速度进行分解，如图所示，由图可知θ=37°，β=53°由数学知识得：小球击中斜面时的速度大小为0035m/ssinsin370.6vvv===

=故A正确，B错误；CD．由00tanyvgtvv==则得0tan34s=0.4s103vtg==则小球做平抛运动的水平位移是x=v0t=3×0.4m=1.2m竖直位移是2211100.4m=0.8m22hgt==故C正确，D错误。故选AC。12

.如图所示，质量相等的A、B两个小球悬于同一悬点O，且在O点下方垂直距离h=1m处的同一水平面内做匀速圆周运动，悬线长L1＝3m，L2＝2m，则A、B两小球（）A.周期之比T1：T2＝2：3B.角速度之比ω1：ω2＝1：1C.线速度之比v1：v2

＝8：3D.向心加速度之比a1：a2＝8：3【答案】BC【解析】【详解】AB．小球做圆周运动所需要的向心力由重力mg和悬线拉力F的合力提供，设悬线与竖直方向的夹角为θ。对任意一球受力分析，由牛顿第二定律有：在竖直方向有Fcosθ-mg=0…①在水平

方向有224sinsinFmLT=…②由①②得cos2LθTπg=分析题意可知，连接两小球的悬线的悬点距两小球运动平面的距离为h=Lcosθ，相等，所以周期相等T1：T2=1：1角速度2T＝则角速度之比ω1：ω2=1：1故A错误，B正确；C．根据合力提供向心力得2tantan

vmgmh=解得tanvgh=根据几何关系可知2211tan8Lhh−==2222tan3Lhh−==故线速度之比1283vv=：：故C正确；D．向心加速度a=vω，则向心加速度之比等于线速度之比为1283aa=：：故D错误。故选BC。二、实验题1

3.在做“探究平抛物体的运动”实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹：(1)图是横挡条卡住平抛小球，用铅笔标注小球最高点，确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端点时的________；A.球心

B.球的上端C.球的下端(2)下图是利用上图装置拍摄小球做平抛运动的频闪照片，由照片可判断实验操作错误的是________；A.释放小球时初速度不为0B.释放小球的初始位置不同C.斜槽末端切线不水平(3)如

图是实验中记录小球的轨迹，图中背景方格的边长表示实际长度0.1m，如果取g=10m/s2，那么：①由图判断a点_____________（“是”“不是”）平抛运动的抛出点；②由图可知小球从a运动到b的时间t=_________s；③小球平抛运动的

初速度为________m/s；④小球在b点的速度大小为___________m/s。【答案】(1).A(2).C(3).不是(4).0.1s(5).2.0m/s(6).2.5m/s【解析】【详解】(1)[1]．题

干中指出用铅笔标注小球的最高点作为小球轨迹的记录点。所以坐标原点也应选为球的最高点即球的上端。故选B。(2)[2]．由图可知，小球做斜抛运动，可知斜槽末端切线不水平，故选C。(3)①[3]．因相邻四个点间水平位移相等，可知时间相等，而竖直高度之比为1:2:3，不是1:3:5，则a点不是抛出点；②[

4]．根据△y=L=g△t2得0.1==s=0.1s10Ltg③[5]．小球平抛运动的初速度0220.1=m/s=2.0m/s0.1=Lvt④[6]．b点的竖直分速度30.3=m/s=1.5m/s20.2=ybLvt根据平行四边形定则知，b点的速度220==42.25m/s=2.5m/s

ybvvv++三、计算题14.在80m的高空，有一架飞机以40m/s的速度水平匀速飞行，若忽略空气阻力的影响，取g＝102m/s，求：（1）从飞机上掉下来的物体，经多长时间落到地面；（2）物体从掉下到落地，水平方向移动的距离多大；（3）从掉下开始，第4秒末物体

的速度．【答案】(1)4s；(2)160m；(3)m402s,方向与地面成45o向下．【解析】【详解】(1)由212Hgt=得飞行时间为：24sHtg==；(2)落地点离抛出点的水平距离为：0160mxvt==；(3)第4秒末物体的竖直分

速度：m40syvgt==，速度220m402syvvv=+=，方向与地面成o45向下．15.下图1为游乐场的悬空旋转椅，可抽象为如图2所示模型，已知绳长L=5m，水平横梁L′=3m，小孩质量m=40kg，整个装置可绕竖直轴转动，绳与竖直方向夹角θ=37°，小孩可视为质

点，g取10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：(1)绳子的拉力为多少？(2)该装置转动的角速度多大？(3)增大转速后，绳子与竖直方向的夹角变为53°，求此时装置转动的角速度。【答案】（1）500N；（2）5ra

d/s2；（3）40rad/s21【解析】【详解】（1）小孩受力情况如图所示由于竖直方向受力平衡，有cosFmg=代入数据得500NF=（2）小孩做圆周运动的半径sin376mrLL+==由2sinFmr=代

入数据解得5rad/s2=（3）此时半径为sin537mrLL==+由2tan53mgmr=解得40rad/s21=16.晓明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周

运动，当球某次运动到最低点时，绳突然断掉。球飞离水平距离d后落地，如图所示，已知握绳的手离地面高度为d，手与球之间的绳长为34d，重力加速度为g，忽略手的运动半径和空气阻力。(1)求绳断时球的速度大小v1和球落地时的速度大小v2(2)问绳能承受的最大拉力多大？(3

)改变绳长，使球重复上述运动。若绳仍在球运动到最低点时断掉，要使球抛出的水平距离最大，绳长应为多少？最大水平距离为多少？【答案】(1)v1=2gd，v2=52gd；(2)T=113mg；(3)当l＝2d时，x有极大值xmax＝233d【解析】【详解】

(1)设绳断后球飞行时间为t，由平抛运动规律，竖直方向有：21142dgt=水平方向有：1dvt=联立解得12vgd=从小球飞出到落地，根据机械能守恒定律有：2221113224mvmvmgdd=+−解得252vgd=(2)设绳能承受的最大拉力大小为F，这也是球受到绳的最大拉力大小。

球做圆周运动的半径为34Rd=，根据牛顿第二定律有：21vFmgmR−=解得113Fmg=(3)设绳长为l，绳断时球的速度大小为v3，绳承受的最大拉力不变，根据牛顿第二定律有：23vFmgml−=得383vgl=绳断后球做平抛运动，竖直位移为dl−，水平位移为x，时间为1t，根据平抛

运动规律，竖直方向有：2112dlgt−=竖直方向有：31xvt=联立解得()43ldlx−=根据一元二次方程的特点，当2dl=时，x有极大值，为xmax＝233d