2023届普通高等学校招生全国统一考试·新高考仿真模拟卷数学(六)(解析版)

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2023届普通高等学校招生全国统一考试·新高考仿真模拟卷数学(六)(解析版)
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以下为本文档部分文字说明:

2023年普通高等学校招生全国统一考试·仿真模拟卷数学(六)注意事项:1.本卷满分150分,考试时间120分钟.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置.2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅

笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内.写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一

并上交.一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的.1.已知集合210Axx=−,20Bxxa=−,若ABB=,则实数a取值范围是()A.(,2−−B.)2,−+C.1,2−+D.1,2

−−【答案】C【解析】【分析】求出11Axx=−,2Bxxa=,根据ABB=,得到AB,从而得到不等式,求出实数a的取值范围.【详解】21011Axxxx=−=−,

202Bxxaxxa=−=,因为ABB=,所以AB,故21a−,解得:12a−,故选:C2.如果一个复数的实部和虚部相等,则称这个复数为“等部复数”,若复数()i3iza=−为“等部复数”,则实数a的值为()A

.-1B.0C.3D.-3【答案】C的【解析】【分析】利用复数的乘法法则得到3iza=+,从而得到3a=.【详解】()2i3ii3i3izaaa=−=−+=+,故3a=.故选:C3.双曲线()222210,0xyabab−=的离心率为3,且过点()2,2A,则双曲线方程为

()A.2212yx−=B.22124xy−=C.22142xy−=D.22136xy−=【答案】B【解析】【分析】通过已知得出a与b的两个关系式,即可联立求解,代入双曲线方程即可得出答案.【详解】双曲线()222210,0xyabab−

=的离心率为3,3ca=,222abc+=,2223aba+=,即222ab=,双曲线()222210,0xyabab−=过点()2,2A,22441ab−=,则由222ab=与22441ab−=联立解得:2a=,2b=,双曲线的方

程为:22124xy−=,故选:B.4.高斯是德国著名的数学家,近代数学奠基者之一,享有“数学王子”的称号,设xR,用x表示不超过x的最大整数,yx=也被称为“高斯函数”,例如2.12=,3

3=,1.52−=−,设0x为函数()33log1fxxx=−+的零点,则0x=()A.2B.3C.4D.5【答案】A【解析】【分析】首先判断函数的单调性,再根据零点存在性定理判断0x所在区间,最后根据高斯函数的定义计算可得.

【详解】解:因为3logyx=与31yx=−+在()0,+上单调递增,所以()33log1fxxx=−+在()0,+上单调递增,又()33313log3103144f=−=−=+,()3332log2log21021f=−=

−+,所以()fx在()2,3上存在唯一零点0x,即()02,3x,所以02x=.故选:A5.已知点P是圆()()22:334Cxy−+−=上一点,若点P到直线32yx=−的距离为1,则满足条件

的点P的个数为()A.1B.2C.3D.4【答案】C【解析】【分析】根据圆心到直线的距离即可求解.【详解】由题意可知圆心为()3,3C,所以()3,3C到32yx=−的距离为333212d?-==,故与直线32yx=−平行且过圆心的直线

与圆相交的两个交点即为满足条件的点P,此时有两个,又圆的半径为2,故当过圆心且与32yx=−垂直的直线与圆的下半部分相交的一个点也符合,故共有3个.故选:C6.已知ππ,42,且25cos10sin29+=,则tan=()A.29B.2C.12D.92【答案】B【解

析】【分析】由已知利用二倍角公式,平方关系22sincos1+=代换,可得25209ttaan1n+=+,根据的范围即可求解.【详解】由25cos10sin29+=,得25cos20sincos9+=,则2225c

os20sincos9sincos+=+,即25209ttaan1n+=+,得29tan20tan40−+=,则()()9tan2tan20−−=,得2tan9=或tan2=,又ππ42

,,所以tan1,故tan2=.故选:B7.随着北京冬奥会的开幕,吉祥物“冰墩墩”火遍国内外,现有甲、乙、丙、丁4名运动员要与1个“冰墩墩”站成一排拍照留恋,已知“冰墩墩”在最中间,甲、乙、丙、丁4名运动员随机站于两侧

,则甲、乙2名运动员站“冰墩墩”同一侧的概率为()A.14B.12C.13D.16【答案】C【解析】【分析】先求出甲、乙、丙、丁4名运动员与1个“冰墩墩”排成一排,且“冰墩墩”在最中间的所有排法的所有排法,再求甲、乙2名运动员站“冰墩墩”

同一侧的排法,根据古典概型概率公式求概率.【详解】甲、乙、丙、丁4名运动员与1个“冰墩墩”排成一排,且“冰墩墩”在最中间的所有排法有44A=24种,甲、乙2名运动员站“冰墩墩”同一侧排法有22222AA=8种,由古典概型的概率

公式可得甲、乙2名运动员站“冰墩墩”同一侧的概率:81243P==,故选:C.8.如图,在正方体1111ABCDABCD−中,点P在线段1BD上运动(包含端点),则直线1BP与1CD所成角的取值范围是()A.ππ,32B.ππ,63C.ππ,43D.ππ,

62【答案】B【解析】【分析】要求直线所成角,转化为方向向量所成角,建立如图所示空间直角坐标系,所以1111BPBBBPBBBD=+=+(,,1)=−−−+(01≤≤),又1(0,1,1)DC=,

设则直线1BP与1CD所成角为,则11coscos,BPDC=,结合的范围即可得解.【详解】以1,,DADCDD为,,xyz建立如图所示空间直角坐标系,设正方体的棱长为1,则(1,1,0)B,1(0,0,1)D,1(0,1

,1)C,1(1,1,1)B,所以1111BPBBBPBBBD=+=+(0,0,1)(1,1,1)(,,1)=−+−−=−−−+(01≤≤)的1(0,1,1)DC=,则设直线1BP与1CD所成角为π2

0,则11112111coscos,2321BPDCBPDCBPDC===−+,由01≤≤,所以221223213,2333−+=−+,13cos,22,所以ππ,63,故选:B二

、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分.9.圆柱的侧面展开图是长4cm,宽2cm的矩形,则这个圆柱的体积可能是()A.38πcmB.38cmπC.

316cmπD.34cmπ【答案】BD【解析】【分析】由已知中圆柱的侧面展开图是长4cm,宽2cm的矩形,我们可以分圆柱的底面周长为4cm,高为2cm的和圆柱的底面周长为2cm,高为4cm,两种情况分别由体积公式即可求解.【详解】侧面展开图是长4cm

,宽2cm的矩形,若圆柱的底面周长为4cm,则底面半径2cmπR=,2cmh=,此时圆柱的体积238πcmπVRh==若圆柱的底面周长为2cm,则底面半径1cmπR=,4cmh=,此时圆柱的体积23πcmπ4VRh==故选:BD10.已知随机变量X服从二项分布()4,Bp,其方差()1DX

=,随机变量Y服从正态分布(),4Np,且()()21PXPYa=+=,则()A12p=B.()328PX==C.()38PYa=D.()118PYa−=【答案】AB【解析】【分析】根据二项分布的方差公式得到方

程求出p,再根据独立重复试验的概率公式求出()2PX=,即可判断A、B、C,最后根据正态分布的性质判断D.【详解】解:因为随机变量X服从二项分布()4,Bp,且其方差()1DX=,所以()()411DXpp=−=,解得12p=,故A正确;所以()22241132C122

8PX==−=,又()()21PXPYa=+=,所以()58PYa=,所以B正确,C错误;所以1,42YN,则正态曲线关于12x=对称,因为()11122aa−=−−,

所以()()518PYaPYa−==,故D错误.故选:AB11.已知直线1yx=+交椭圆22:163xyC+=于A,B两点,P是直线AB上一点,O为坐标原点,则()A.椭圆C的离心率为22B.423AB=C.2OAOB=−D.若1F,2F是椭圆C的左,右焦点,则2122P

FPF−【答案】AD【解析】.【分析】根据椭圆方程求出a、b、c,即可求出离心率,即可判断A,设()11,Axy,()22,Bxy,联立直线与椭圆方程,消元、列出韦达定理,根据弦长公式判断B,求出()()121211

yyxx=++,根据数量积的坐标表示判断C,设()13,0F−关于直线AB的对称点为(,)Eef,求出对称点的坐标,再根据221PPFFFE−,即可判断D.【详解】解:因为椭圆22:163xyC+=,所以26a=,23b

=,则6a=,223cab=−=,所以离心率3226cea===,故A正确;设()11,Axy,()22,Bxy,由221163yxxy=++=,消去y得23440+−=xx,显然0,所以1243xx+=−,1

243xx=−,所以2124482224333ABxx=−=−−−=,故B错误;又()()1212121251113yyxxxxxx=++=+++=−,所以12123OAOBxxyy=+

=−,故C错误;设()13,0F−关于直线AB的对称点为(,)Eef,则133122fefe=−+−+=+,解得113ef=−=−,即()1,13E−−,则1PFPE=,2221PFPPFEFEPF=−−,当且仅当P,E,2F三点共线

时取等号,所以21PFPF−的最大值为()()222131322EF=−−+−=,即2122PFPF−,故D正确,故选:AD12.已知函数()()3exfxx=−,若经过点()0,a且与曲线()yfx=相切的直线有两条,则实数a的值为()A.3−B.2−

C.e−D.2e−【答案】AC【解析】【分析】设出切点并根据导函数性质设出过切点的切线方程,参变分离构建新函数,求导画出草图即可根据条件得出答案.【详解】设切点为()(),3ettt−,由()()3exfxx=−,得()()()e3e2exxxfxxx=+−=−,则过切点

的切线方程为:()()()3e2ettyttxt−−=−−,把()0,a代入,得()()()3e2e0ttattt−−=−−,即()2e33tatt−=−+,令()()2e33xgxxx=−+,则()()2exgxxx=−

,则当()(),01,x−+时,()0gx,当()0,1x时,()0gx,()gx的增区间为(),0−与()1,+,减区间为()0,1,做出草图如下:因为过点()0,a且与曲线()yfx=相切的直线有两条,则ea−=或3a−

=,则3a=−或ea=−,故选:AC.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知向量()4,23a=,()1,3b=−,则abb−=______.【答案】0【解析】【分析】根据向量的数量积和向量的模长公式,直接进行计算

即可.【详解】()()()()224,231,3134620abb−=−−−+=−+−=,故答案:014.写出一个同时满足下列条件的非常数函数______.①在)0,+单调递增②值域)1,+③()()=fxfx−【答案】()21f

xx=+(不唯一)【解析】【分析】结合函数的性质选择合适函数即可.【详解】由()()=fxfx−得函数为偶函数,关于y轴对称,结合单调性及值域,可以为()21fxx=+.故答案为:()21fxx=+(不唯一).15.“中国剩余定理”又称“孙子定理”.1852年,英国来华

传教士伟烈亚力将《孙子算经》中“物不知数”问题的解法传至欧洲.1874年,英国数学家马西森指出此法符合1801年由高斯得到的关于同余式解法的一般性定理,因而西方称之为“中国剩余定理”.“中国剩余定理”讲的是一个关于整除的问题,现有这样一个整除问题:将1到2022这2022个数中,

能被3除余1且被4除余1的数按从小到大的顺序排成一列,构成数列na,则此数列的项数为______.【答案】169【解析】【分析】根据题意可知所求数为能被12除余1,得出数列{}na的通项公式,然后再求解项数即可.

【详解】解:因为能被3除余1且被4除余1的数即为能被12除余1的数,故1211,(N)nann=−,又2022na,即12112022n−,解得203312n,又*Nn,所以1169n且*Nn

.故答案为:169.为16.函数()()π2sin0,2fxx=+的部分图象如图中实线所示,A,C为()fx的图象与x轴交点,且1,06A−,M,N是()fx的图象与圆心为C的圆(虚线所示)的交点,且点

M在y轴上,N点的横坐标为23,则圆C的半径为______.【答案】273【解析】【分析】根据函数()2sin()fxx=+的图象以及圆C的对称性可得函数的周期,结合1,06A−可得π()2sin(2π)

3fxx=+,进而求解M的坐标,由勾股定理即可求解半径.【详解】根据函数()2sin()fxx=+的图象以及圆C的对称性,可得M,N两点关于圆心(,0)Cc对称,所以13c=,于是11π12π2622Tc=+===,由2π=及1,06A−,得

ππ0π,Zπ,Z33kkkk−+=+=+,由于π2,所以π3=,所以π()2sin(2π)3fxx=+,(0)3f=,从而(0,3)M,故半径为2127333CM=+=,故答案为:273四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算

步骤.17.已知数列na满足11a=,()()1102nnnanan−−−=.(1)求数列na的通项公式;(2)若2nnnba=,求数列nb的前n项和nS.【答案】(1)nan=(2)()11

22nnSn+=−+【解析】【分析】(1)由题意得数列nan为常数列,可数列na的通项公式;(2)利用错位相减法求数列前n项和.【小问1详解】由()()1102nnnanan−−−=,得()121nnaann

n−=−,所以数列nan为常数列,有111naan==,∴nan=【小问2详解】22nnnnban==,()123122232122nnnSnn−=++++−+,()2341222232122nnnSnn+=++++−+,两式相减,()()12311121

222222212212nnnnnnSnnn+++−−=++++−=−=−−−,所以()1122nnSn+=−+18.如图,在ABC中,4AB=,2AC=,π6B=,点D在边BC上,且21cos7ADB=−.(1)求BD;(2)求ABC的面积.【答案】(1)3(2)2

3【解析】【分析】(1)由21cos7ADB=−求出sinADB,再由正弦定理即可求出BD(2)根据余弦定理可求出BC,进而求出ABC的面积.【小问1详解】在ADB中,21cos7ADB=−,则27sin7ADB=,π6B=,所以12132721sinsin6272714B

ADADB=+=−+=,由正弦定理可得:sinsinBDABBADADB=,则432127147BDBD==.【小问2详解】在ABC中,由余弦定理可得:231

64cos30224BCBC+−==,解得:23BC=.所以ABC的面积112342322S==.19.近年来,师范专业是高考考生填报志愿的热门专业.某高中随机调查了本校2022年参加高考的100位文科考生首选志愿(第一个院校专业组的第一个专业)填报情况,经统计,首

选志愿填报与性别情况如下表:(单位:人)首选志愿为师范专业首选志愿为非师范专业女性4515男性2020假设考生选择每个科目的可能性相等,且他们的选择互不影响.(1)根据表中数据,能否有99%的把握认为首选志愿为师范专业与性别有关?(2)若以上表中的频率代替概率,从该校考生中随

机选择8位女生,试估计选择师范专业作为首选志愿的人数.参考公式:()()()()()22nadbcKabcdacbd−=++++,其中nabcd=+++.参考数据:()20PKk0.100.050.0100.0010k2.7063.

8416.63510.828【答案】(1)没有99%的把握认为首选志愿为师范专业与性别有关;(2)6.【解析】【分析】(1)首先利用数据求得()22100452015206.5936.63560406535K−=,对照表格数据即可得

解;(2)根据人数可得女生中首选志愿为师范专业的概率0.75P=,设该校考生中随机选择8位女生中选择师范专业作为首选志愿的人数为x,所以(8,0.75)xB,利用二项分布即可得解.【小问1详解】根据所给数据求得()22100452015206.5936.635

60406535K−=,所以没有99%的把握认为首选志愿为师范专业与性别有关.【小问2详解】100名高考考生中有60名女生,首选志愿为师范专业有45人,故首选志愿为师范专业的概率0.75P=,设该

校考生中随机选择8位女生,选择师范专业作为首选志愿的人数为x,所以(8,0.75)xB,所以()80.756Ex==,所以随机选择8位女生计选择师范专业作为首选志愿的人数为6.20.如图,四棱锥PABCD−中,PA⊥平面ABCD,底面ABCD是直角梯形,ABCD∥,ABAD⊥,1PA=,2

BCCD==,3AB=,点E在棱PC上.(1)证明:平面AED⊥平面PAB;(2)已知点E是棱PC上靠近点P的三等分点,求二面角CAED−−的余弦值.【答案】(1)见解析(2)4214【解析】【分析】(1)由题意可证得PAAD⊥,又AB

AD⊥,由线面垂直的判定定理可得AD⊥平面PAB,再由面面垂直的判定定理即可得证;(2)以A为原点,AD,AB,AP分别为x,y,z轴,建立如图所示的空间直角坐标系,分别求出平面CAE和平面AED的法向量,再由二面

角公式即可得出答案.【小问1详解】因为PA⊥平面ABCD,AD平面ABCD,所以PAAD⊥,又ABAD⊥,PAABA=,PAABÌ,平面PAB,所以AD⊥平面PAB,又AD平面ADE,所以平面AED⊥平面PAB.小问2详解】以A为原点,AD,A

B,AP分别为x,y,z轴,建立如图所示的空间直角坐标系,过C作//CGAD,交AB于点G,则易知四边形ADCG是矩形,所以2213ADCG==−=,则(0,0,0)A,(3,0,0)B,(0,0,1)P,(23,0)

C,,(0,3,0)D,E是棱PC上靠近点P的三等分点,所以设(),,Exyz,则13PEPC=,所以()()1,,12,3,13xyz−=−,则232,,333xyz===,则232,,333E,232,,,(0,3,0)333AEAD==,设平面ADE的

法向量为(,,)nxyz=,则0nAD=且0nAE=,∴30y=且2320333xyz++=,∴0y=,令1x=,则1z=−,∴平面ADE的一个法向量()1,0,1n=−,设平面ACE的法向量为111(,,)mxyz=,()()0,0,1,2,3,0A

PAC==则0nAC=且0nAP=,∴10z=且11230xy+=,∴令3x=,则=2y−,∴平面ACE的一个法向量()3,2,0m=−,【∴342cos,1427mnmnmn===,二面角CAED−−的余弦值为4214.21.已知直线220xy+−=过

抛物线()2:20Cxpyp=的焦点.(1)求抛物线C的方程;(2)动点A在抛物线C的准线上,过点A作抛物线C的两条切线分别交x轴于M,N两点,当AMN的面积是52时,求点A的坐标.【答案】(1)24xy=(2)()1,1A−或()1,1−−【解析】【分析】(1

)求出焦点坐标为()0,1,从而得到2p=,求出抛物线方程;(2)设出(),1Am−,过点A的抛物线的切线方程设为()1ykxm=−+−,与抛物线方程联立,根据Δ0=得到21616160kmk−−=,设过点A的抛物线的两条切线方程的斜率分别为

12,kk,求出1212,1kkmkk+==−,表达出1221MNxxkk=−=−,2142AMNSm=+,列出方程215422m+=,求出1m=,得到点A的坐标.【小问1详解】220xy+−=中令0x=得:1y=,故焦点

坐标为()0,1,故12p=,解得:2p=,故抛物线方程为24xy=;【小问2详解】抛物线准线方程为:1y=−,设(),1Am−,过点A的抛物线的切线方程设为()1ykxm=−+−,联立24xy=得:

24440xkxkm−++=,由21616160kmk=−−=,设过点A的抛物线的两条切线方程的斜率分别为12,kk,故1212,1kkmkk+==−,令()1ykxm=−+−中,令0y=得:1xmk=+,不妨设121211,xmxmkk=+=+,故2

11221121211kkMNxxkkkkkk−=−=−==−,则()222121121111514422222AMNSMNkkkkkkm==−=+−=+=,解得:1m=,故点A的坐标为()1,1A−或()1,1−−.【点睛】已知抛物线方程22ypx=,点()00,Axy为抛物线上一点,则

过点()00,Axy的抛物线切线方程为()00yypxx=+,若点()00,Axy在抛物线外一点,过点()00,Axy作抛物线的两条切线,切点弦方程为()00yypxx=+.22.已知函数()exfxx=,()2ln22xgx=+.(1)求函数()fx的最值;(2)若关于x的不等式

()()fxgxkx−恒成立,求实数k的取值范围.【答案】(1)最小值为1(1)fe−=−,无最大值.(2)2k【解析】【分析】(1)利用导函数讨论函数的单调性即可求最值;(2)分离参变量,构造函数22()eln2xxgxxx=−−,利用导数结合单调性讨论其最小值即可求解.【小问1

详解】因为()exfxx=,所以()ee(1)exxxfxxx=+=+,令()(1)e0xfxx=+解得1x−,令()(1)e0xfxx=+解得1x−,所以()exfxx=在(),1−−单调递减,在()1,−+单调递增,所以当=1x−时,()fx有最小值为1(1)fe−=−,无最

大值.【小问2详解】由()2ln22xgx=+的定义域可得()0,x+,()()fxgxkx−即e2ln22xxxkx−−,等价于22eln(0)2xxkxxx−−恒成立,令22()eln2xxhxxx=−−,所以222222e2ln22222

()elneln22xxxxxxxhxxxxxx+=−−++=+=,令2()e2ln,02xxFxxx=+,所以()2()2e02xxFxxx=++在()0,x+恒成立,所以2()e2ln,2

xxFxx=+单调递增,1e(1)eln40,()ln16024FF=−=−,所以存在唯一01,12x,使得0()0Fx=,即0200e2ln02xxx+=,所以当()000,xx时,()0Fx,即()0hx,()hx单调递减,()00,xx+时,()0Fx,即()

0hx,()hx单调递增,所以00min00022()()eln,2xxhxhxxx==−−由0200e2ln02xxx+=得00002eln02xxxx+=,也即002ln002elnexxxx=,即002()(ln)fxfx=,由(1)知()fx在()1,−+单调递增,所以002ln

xx=,00002e,ln2xxxx=−=,所以000min00000022222()()elnln222xxxgxgxxxxxx==−−=−−=,所以2k.【点睛】方法点睛:分离参变量是求参数取值范围常用的方法,本题第二问对不等式等价变形为22eln(0)2xxkxxx−−,从

而min22eln2xxkxx−−,构造函数讨论单调性及最值是常用的方法,解决的关键在于利用零点的存在性定理得0200e2ln02xxx+=,再根据(1)得()exfxx=的单调性,进一步得到002lnxx=,00002e,ln2xxxx=−=,等量代换求出最小值.

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