【文档说明】【精准解析】湖北省宜昌市2020届高三下学期4月线上统一调研测试数学（理）试题.pdf，共(25)页，548.403 KB，由小赞的店铺上传

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-1-宜昌市2020届高三年级4月线上统一调研测试数学试题（理科）一、选择题1.已知集合223Axyxx，21,xByyxR，则AB（）A.1,3B.1,C.1,3D.3,【答案】D【解析】【分析】求函数定

义域得集合A，求函数值域得集合B，然后由交集的概念计算．【详解】由题意2{|230}{|1Axxxxx或3}x，{|1}Byy，∴{|3}xABx．故选：D．【点睛】本题考查集

合的交集运算，掌握指数函数性质是解题关键．2.复数z满足122izi，则z（）A.1iB.1iC.22iD.22i【答案】D【解析】【分析】求出复数模22i后由复数除法可求得z．【详解】∵22222222i，∴2222(1)221(1)(1

)iziiii．故选：D．【点睛】本题考查复数的除法运算，考查复数的模的运算，属于基础题．3.设1312x，51log6y，14log3z，则（）A.xyzB.yzxC.zxy

D.zyx【答案】B-2-【解析】【分析】与中间值0，－1比较后可得．【详解】1310()21，551loglog616，144log3log3(1,0)，∴xzy．故

选：B．【点睛】本题考查幂、对数的比较大小，不同类型的数比较大小时可先与中间值0，1，－1等比较后得出它们之间的大小关系．4.运行如图所示的程序框图，则输出的结果为（）A.0B.1C.3D.23【答案】C【解析】【分析】模拟程序运行，利用数列{tan}3n的周期性求和、【详解】模拟程序运行

，此框图的功能是求数列的和：202022020tantantan333S，33T，因此数列{tan}3n是周期数列，周期为3，易得23tantantan0333，

∴20202020tantan333S．故选：C．-3-【点睛】本题考查程序框图，考查循环结构，解题关键是确定程序功能，利用数列的周期性计算．5.已知函数sin3cosfxxx，下列命题：①fx关于点,03对称；②fx的最大值为2；③fx的

最小正周期为2；④fx在区间0,上递增.其中正确命题的个数是（）A.0B.1C.2D.3【答案】C【解析】【分析】把函数化为一个角的一个三角函数，然后结合正弦函数性质判断．【详解】13()sin3cos2(sincos)2sin()223

fxxxxxx，()03f，①正确；最大值是2，②正确；周期为2，③错；函数在5(0,)6上递增，在5(,)6上递减，④错．正确的命题有2个．故选：C．【点睛】本题考查三角函数的图

象与性质，解题时必须把函数化为一个角的一个三角函数形式，掌握正弦函数性质是解题关键．6.设正项等比数列na的前n项和为nS，且119nnnaa，则63SS（）A.2827B.28C.2627D.98【答案】A【解析】【分

析】由已知求出公比q后，结合等比数列前n项和公式可得结论．【详解】因为119nnnaa，所以11119nnnaa，所以212119nnnnaaqaa，又数列是正项数列，所以13q，-4-所以3336333

312811()327SSqSqSS.故选：A．【点睛】本题考查等比数列的通项公式和前n项和公式，考查等比数列前n项和的性质，本题也可直接用基本时法求解．7.已知箱中装有6瓶消毒液，其中4瓶合格品，2瓶不合格品，现从箱中每次取一瓶消毒液，每瓶

消毒液被抽到的可能性相同，不放回地抽取两次，若用A表示“第一次取到不合格消毒液”，用B表示“第二次仍取到不合格消毒液”，则|PBA（）A.16B.15C.14D.13【答案】B【解析】【分析】求出()P

A和()PAB，再由条件概率公式计算．【详解】121621()63CPAC，22261()15CPABC，∴1()115(|)1()53PABPBAPA．故选：B．【点睛】本题考查条件概率，掌握条件概率计算公式是解题基础．8.我国古代数学著作《九章

算术》有如下问题：“今有金箠，长五尺，斩本一尺，重四斤，斩末一尺，重二斤.问次一尺各重几何？”意思是：“现有一根金杖，长5尺，一头粗，一头细.在粗的一端截下1尺，重4斤，在细的一端截下1尺，重2斤.问依

次每一尺各重多少斤？”假定该金杖被截成长度相等的若干段时，其重量从粗到细构成等差数列.若将该金杖截成长度相等的20段，则中间两段的重量和为（）A.65斤B.43斤C.32斤D.54斤【答案】C【解析】【分析】-5-把每段重量依

次用ia（1,2,,20)i表示，数列{}na是等差数列，根据等差数列性质可求解．【详解】把每段重量依次用ia（1,2,,20)i表示，数列{}na是等差数列，由题意12341718192042aaaaaaaa，两式相加得12013(42)42aa，

∴101112032aaaa．故选：C．【点睛】本题考查等差数列的应用，解题关键是从实际问题抽象出等差数列，然后应用等差数列性质解题即可．9.四色猜想又称四色问题、四色定理，是世界近代三大数学难题之一.

四色定理的内容是“任何一张地图最多用四种颜色就能使具有共同边界的国家着上不同的颜色.”如图，一矩形地图被分割成了五块，小刚打算对该地图的五个区域涂色，每个区域只使用一种颜色，现有4种颜色可供选择（4种颜色不一定用完），满足四

色定理的不同的涂色种数为（）A.96B.72C.108D.144【答案】D【解析】【分析】分步涂色，把五块区域编号（如解析中图）后，第一步涂a，第二步涂b，第三步,,cde，,,cde又分类：按,ce同色与不同色分类即可．【详解】如图，把五块区域编号，第一步涂a有4种可能

，第二步涂b有3种可能，第三步,,cde，,,cde又分类：按,ce同色有32种，不同色有321种，共有方法数为43(32321)144．故选：D．-6-【点睛】本题考查分步计数原理和分类计数原理，解题关键是确定事件完成的方法．10.已知抛

物线2:8Cyx的焦点为F，M是抛物线C上一点，N是圆22(6)(3)9xy上一点，则MNMF的最小值为（）A.4B.5C.8D.10【答案】B【解析】【分析】把MF转化为M到准线的距离，

MN通过M到圆心的距离求解．【详解】如图，圆22(6)(3)9xy的圆心为(6,3)C，半径为3r，直线l是抛物线的准线，过M作MHl于H，则MFMH，∴3MFMNMHMNMHMCCNMHMC

，当且仅当,,CMH三点共线时，等号成立．此时MFMN取得最小值为6(2)35．故选：B．-7-【点睛】本题考查抛物线的定义，考查圆外点到圆上点的距离的最值．解题关键是转化思想，抛物线上点到焦点的距离转化为到

准线的距离，圆外点到圆上的的距离转化为圆外点到圆心距离．11.某几何体的三视图如图所示，俯视图为正三角形，1M为正视图一边的中点，且几何体表面上的点M、A、B在正视图上的对应点分别为1M、1A、1B，在此几何体中，平面过点M且与直线AB垂直.则平面截该几何体所得截面图形的面积为（）A.62B.

64C.32D.34【答案】A【解析】【分析】由三视图作出原几何体是一个正三棱柱，如图，利用线面垂直的判定定理确定的位置形状，从而计算出面积．【详解】如图，原几何体是一个正三棱柱ADEFBG，M上AF中点，取AD中点N，连

-8-接,,MNNEEM，连接DF，由三视图知ADBF是正方形，DFAB，又,MN分别是,AFAD中点，∴//MNDF，∴ABMN，正三棱柱中，BD平面ADE，EN平面ADE，故ENBD，又ENAD，ADBDD，

则可得EN平面ADBF，AD平面ADBF，∴ENAB，又MNENN，∴AB平面MNE，MNE即为截面，同理由EN平面ADBF得ENMN，由三视图得2MN，3EN，162322S

．故选：A．【点睛】本题考查三视图，考查棱柱的截面，掌握线面垂直的判定定理与性质定理是解题关键．12.定义在R上的偶函数fx满足53fxfx，且224,012ln,14xxxfxxx

x，若关于x的不等式210fxafxa在20,20上有且仅有15个整数解，则实数a的取值范围是（）A.1,ln22B.2ln33,2ln22C.

2ln33,2ln22D.22ln2,32ln3【答案】B【解析】【分析】-9-由53fxfx得函数图象关于直线4x对称，又函数为偶函数，得函数是周期函数，且周期为8，区间[20,

20]含有5个周期，因此题中不等式在一个周期内有3个整数解，通过研究函数()fx在[0,4]的性质，结合图象可得结论．【详解】∵53fxfx，∴函数图象关于直线4x对称，又函数为偶函数，∴函数是周期函数，且周期为8，区间[20,20]含有5个周

期，关于x的不等式210fxafxa在[4,4]上有3个整数解．[0,1)x时，2()24fxxx是增函数，[1,4]x时，()2lnfxxx，2()1fxx，12x时，()0fx，()fx递减，24x时

，()0fx，()fx递增，2x时，()fx取得极小值(2)22ln2f，(1)1f，(3)32ln31f，利用偶函数性质，作出()fx在[4,4]上的图象，如图．由210fxafxa得[

()1][()]0fxfxa，若0a，则原不等式无解，故0a，1()fxa，要使得不等式1()fxa在[4,4]上有3个整数解，则22ln232ln3a，即2ln332ln22a．故选：B．【点睛】本题考查不等式的整数解问题，考查了

函数的奇偶性、对称性、周期性，用导数研究函数的单调性、极值等，考查的知识点较多，对学生的分析问题解决问题的能力、转化与化归能力要求较高，属于难题．二、填空题13.若向量1,2ar，2,bmr，且(2)aba，则m______________.-10-【答案】14【解析】【

分析】由向量的数量积(2)aba为0可得出m．【详解】2(3,22)abm，∵(2)aba，∴(2)3440abam，14m．故答案为：14．【点睛】本题考查向量的数量积，考查向量垂直的坐标运算．

掌握向量垂直与数量积的关系是解题关键．14.某种品牌汽车的销量y（万辆）与投入宣传费用x（万元）之间具有线性相关关系，样本数据如下表所示：宣传费用x3456销量y2.5344.5经计算得回归直线方程ˆˆˆybxa的斜率为0.7，若投入宣传费用为8万元，则该品

牌汽车销量的预测值为________________万辆.【答案】5.95【解析】【分析】题中已知回归直线方程为的系数b，再由回归直线过中心点(,)xy求出系数a，得回归方程，令8x得预测值．【详解】由已知34564.54x，2.5344.53.54y，又0.7b，

∴3.50.74.50.35a，即0.70.35yx，∴8x时，0.780.355.95y．-11-故答案为：5.95．【点睛】本题考查回归直线方程的应用，解题关键是掌握性质：回归直线一定过中心点(,)xy．15.如图，在四棱锥PABCD中，PA平面ABCD，A

BCD是菱形，3ABC，23PAAB，E是PD上的一动点，当点E满足_____________时，ADEC；在（1）的条件下，三棱锥EACD的外接球的体积为________________.【答案】(1).PEED(2).323【解析】【分析】（1）取AD中点F，

由平面几何的知识得CFAD，从而得AD与平面CEF垂直，因此有ADEF，可得//EFAP，E是PD中点．反之可证明ADEC；ACD的外心就是EACD的外接球的球心，求出半径即可得球体积．【详解】（

1）E是PD中点，证明如下：取AD中点F，连接,CFEF，ABCD是菱形，3ABC，则ABC和ACD是正三角形，∴CFAD，又∵E是PD中点，∴//EFPA，∵PA平面ABCD，AD平面ABCD，∴

PAAD，∴EFAD，又EFCFF，∴AD平面EFC，而CE平面EFC，∴ADCE；（2）由（1）EF平面ABCD，CF平面ABCD，EFCF，而EFADF，∴CF-12-平面PAD，PAD△是等腰直角三角形，E是斜边PD中点，则AEPD，∴F是EA

D的外心，设O是ACD的外心，则O在CF上，∴O是三棱锥EACD外接球球心．其半径为2323232ROC，∴3344322333VR．故答案为：PEED；323．【点

睛】本题考查线面垂直的判定与性质，考查三棱锥的外接球体积，证明线线垂直，一般先要证线面垂直，而要证线面垂直，又要证线线垂直，即中立体几何中垂直问题中必须掌握线线垂直、线面垂直、面面垂直之间的相互转化．三棱锥的外接球问题关键是找到外接球球心，外接球球心一般在过各面外心与该面垂直的直线上．

16.已知双曲线22:12yCx的左，右焦点分别为1F、2F，点G位于第一象限的双曲线上，若点H满足1212(0)||||GFGFOHOGGFGF

，且直线GH与x轴的交点为3,03P，则G点的坐标为_______________.【答案】3,2【解析】【分析】由1212||||GFGFOHOGGFGF

得GH是12FGF的角平分线，根据角平分线性质结合双曲线定义可求得G到焦点的距离，再利用G在双曲线上可得G点坐标．【详解】∵1212||||GFGFOHOGGFGF，

∴1212||||GFGFGHOHOGGFGF，∴GH是12FGF的角平分线，由双曲线方程为2212yx得1,2ab，∴223cab，即1(3,0)F，

2(3,0)F，又3(,0)3P，∴1433PF，2233PF，-13-∴11224332233GFPFGFPF，又由双曲线定义得1222GFGFa，∴22GF，14GF，设000(,)(0)Gxyy

，则220022001234yxxy，解得0032xy．∴(3,2)G．故答案为：(3,2)．【点睛】本题考查直线与双曲线的位置关系问题，解题关键是由向量的线性运算得GH是12FGF的角平分线．三、解答题

17.在ABC中，角A、B、C的对边分别是a、b、c，且3(cos)sinabCcB.（1）求角B的大小；（2）若ABC的面积为23，26b，求ABC的周长.【答案】（1）3B；（2）2643.【解析】【分析】（1）应用正弦定理化边为角，然后由诱导公式、

两角和的正弦公式化简已知式后可求得B；（2）由三角形面积公式得ac，再利用余弦定理可求得ac，从而得三角形周长．【详解】解：（1）由3(cos)sinabCcB，可得3sin3sincossinsinABCBC，即3sin()sinsin3sincosBCBCBC，展开化简得

3cossinsinsinBCBC，又在ABC中，sin0C，所以tan3B，又0B，所以3B.（2）因为ABC的面积1sin232SacB，所以8ac，-14-由余弦定理得222222cos()2()3bacacBacacaca

cac，因为26b，可得2()48ac，所以43ac，所以2643abc，即ABC的周长为2643.【点睛】本题考查正弦定理和余弦定理，考查两角和的正弦公式，三角形面积公式，解题关键是由正弦定理化边为角，利用三角函数恒等变换求得B．18.

如图1，直角梯形ABCD中，//ADBC，ABAD，E、F分别是AD和BC上的点，且//ABEF，2AE，132ABDECF，沿EF将四边形ABFE折起，如图2，使AE与FC所成的角为60°.（1）求证：//BC平面AED；（2）M为CF上的点，01FMF

C，若二面角BMDE的余弦值为77，求的值.【答案】（1）证明见解析；（2）517【解析】【分析】（1）由平面图形//,//BFAECFDE，可证得线面平行，从而得面面平行，然后可得证线面平行；（2）先证得平面CDEF平面A

ED，然后作AOED于点O，则AO平面CDEF，以O为原点，平行于EF的直线为x轴，OD所在直线为y轴，OA所在直线为z轴建立空间直角坐标系Oxyz，写出各点坐标，求出平面的法向量，由法向量夹角的余弦的绝对值等于二面角余弦值，可求得．【详解】（1）证

明：在图1中，//ADBC，ABAD，又//ABEF，所以ABFE是矩形，所以在图2中，//BFAE，又AE平面AED，所以//BF平面AED，-15-因为//EDFC，又ED平面AED，所以//FC平面AED，又因为BFFCF，所以平面//BFC平面AED，而BC平面BFC，

所以//BC平面AED.（2）解：因为//EDFC，所以AED是AE与FC所成的角，所以60AED，∵,EFAEEFDE，AEDEE，∴EF平面AED，故平面CDEF平面AED，作AOED于点O，则AO平

面CDEF，sin603AOAE，1EO，2DO，以O为原点，平行于EF的直线为x轴，OD所在直线为y轴，OA所在直线为z轴建立空间直角坐标系Oxyz，则003A,,，3,0,3B，3,5,0C，0,2,0D，

0,1,0E，3,1,0F.3,2,3BD，0,6,0FC，0,6,0FMFC，0,61,3BMBFFM，设平面BMD的法向量为,,mxyz，则3230(

61)30mBDxyzmBMyz，取3y，得323,3,61m.平面EMD的一个法向量为0,0,1n，设二面角BMDE的平面角为，所

以222|||61||61|7|cos|7||||482473233(61)1mnmn，平方整理得21750，因为01，所以517.【点睛】本题考查证明线面平行，考查用空间向量法求二面角问题．证明线面平行要注意线线平

行、线面平行、面面平行之间的关系，它们之间的相互转化．求空间角问题，空间向量法是常用-16-方法．关键是找到过同一点的两两垂直的三条直线．19.已知1A、2A分别是离心率22e的椭圆2222:1(0)xyEabab的左右项点，P是椭圆E的上顶点，

且121PAPA.（1）求椭圆E的方程；（2）若动直线l过点0,4，且与椭圆E交于A、B两点，点M与点B关于y轴对称，求证：直线AM恒过定点.【答案】（1）2212xy（2）证明见解析【解析】【分析】（1）由向量

数量积的坐标运算可求得1c，再由离心率可得a，然后求得b，得椭圆方程；（2）当直线l的斜率存在时，设直线:4lykx，11,Axy，22,Bxy，则22,Mxy，由直线方程与椭圆方程联立并消元后应用韦达定理得1212,xxxx，然后写出直线AM方程并变形后代入1

212,xxxx，可得定点坐标，再验证直线l斜率不存在时，直线AM也过这个定点即可．【详解】解：（1）由题意得1,0Aa，2,0Aa，0,Pb，则22212(,)(,)1PAPAabababc

，所以1c，又22222ceaabc，所以2a，1b，所以椭圆E的方程为2212xy.（2）当直线l的斜率存在时，设直线:4lykx，11,Ax

y，22,Bxy，则22,Mxy，由22124xyykx，消去y得221216300kxkx.由22(16)120120kk，得2152k，所以1221612kxxk，1223012xxk.-17-12121212121

244AMkxxyykxkxkxxxxxx，直线AM的方程为121112kxxyyxxxx，即1212112121111112121244kxxkxxkxxxkxxxxyyxxkxxxxx

xxxx12121212121212122424kxxxxkxxxkxxkxxxxxxxxx，因为1221612kxxk，1223012xxk

，所以21212230221124416412kkxxkkxxk，直线AM的方程为可化为121214kxxyxxx，则直线AM恒过定点10,4.当直线l的斜率不存在时，直线AM也

过点10,4，综上知直线AM恒过定点10,4.【点睛】本题考查求椭圆的标准方程，考查直线与椭圆相交问题中的定点问题．解题方法是设而不求思想方法．设出动直线l方程4ykx，设交点坐标11,Axy，

22,Bxy，直线方程与椭圆方程联立消元后应用韦达定理得1212,xxxx，利用此结论求出直线AM方程，可确定定点坐标．20.目前，新冠病毒引发的肺炎疫情在全球肆虐，为了解新冠肺炎传播途径，采取有效防控措施，某医院组织专

家统计了该地区500名患者新冠病毒潜伏期的相关信息，数据经过汇总整理得到如下图所示的频率分布直方图（用频率作为概率）.潜伏期不高于平均数的患者，称为“短潜伏者”，潜伏期高于平均数的患者，称为“长潜伏者”.短潜伏者长潜伏者合计60岁及以上9060岁以下140合计300-

18-（1）求这500名患者潜伏期的平均数（同一组中的数据用该组区间的中点值作代表），并计算出这500名患者中“长潜伏者”的人数；（2）为研究潜伏期与患者年龄的关系，以潜伏期是否高于平均数为标准进行分层抽样，从上述500名患者中抽取300人，得到如下列联表，请将列联表补充完整

，并根据列联表判断是否有97.5%的把握认为潜伏期长短与患者年龄有关：（3）研究发现，有5种药物对新冠病毒有一定的抑制作用，其中有2种特别有效，现在要通过逐一试验直到把这2种特别有效的药物找出来为止，每一

次试验花费的费用是500元，设所需要的试验费用为X，求X的分布列与数学期望.附表及公式：20PKk0.150.100.050.0250.0100.0050.0010k2.0722.7063.8415.0246.6357.87910.82822()()()()()nadb

cKabcdacbd【答案】（1）平均数为6，“长潜伏者”的人数为250人（2）列联表见解析,有97.5%的把握认为潜伏期长短与年龄有关（3）分布列见解析,()1750EX【解析】【分析】（1）由频率分布直方图可计算出潜伏期的均值，再由频率分布直方图可得“长潜伏者”的频率

，从而得人数；-19-（2）由所给数据计算出2K后可得结论；（3）由题意知所需要的试验费用X所有可能的取值为1000，1500，2000，分别计算出概率得概率分布列，再由期望公式得期望．【详解】解：（1）平均数0.0210.0

830.1550.1870.0390.03110.011326x，这500名患者中“长潜伏者”的频率为0.180.030.030.0120.5，所以“长潜伏者”的人数为5000.5250人.（2）由题意补充后的列联表如下，短潜伏者长潜伏者合计60岁

及以上907016060岁以下6080140合计150150300则2K的观测值为2300(90806070)755.3575.02415015016014014k，经查表，得25

.0240.025PK，所以有97.5%的把握认为潜伏期长短与年龄有关.（3）由题意知所需要的试验费用X所有可能的取值为1000，1500，2000，因为22251(1000)10APXA，2323351233(1500)10lCCAAPXA，11212332453(2000)

5CAACPXA（或11223335363(2000)605CCAPXA）所以X的分布列为-20-X100015002000P11031035133()100015002000175010105EX

（元）.【点睛】本题考查频率分布直方图、独立性检验、随机变量的概率分布列和数学期望，考查学生的数据处理能力，运算求解能力，属于中档题．21.已知函数lnfxxaxb.（1）求函数fx的极值；（2）若不等式fxex恒成立，求bae的最小值（其中e

为自然对数的底数）.【答案】（1）当0a时，fx无极值；当0a时，fx极大值为ln1ab，无极小值（2）-1【解析】【分析】（1）求出导函数()fx，确定函数单调性，得极值，需分类讨论．（2）()0fxex恒成立

，设()()hxfxex，求出()hx的最大值max()hx，由max()0hx得出,ab满足的不等关系1ln()bae，然后得1ln()()baeaeaeae，求得1ln()()()xeFxxexe的最小值即得结

论．【详解】（1）解11(0)axfxaxxx，-21-当0a时，0fx恒成立，函数fx在0,上单调递增，无极值.当0a时，由0fx，得10xa，函数fx在10,a

上单调递增，由0fx，得1xa，函数fx在1,a上单调递减，fx极大值为11ln1ln1fbabaa，无极小值.综上所述，当0a时，

fx无极值；当0a时，fx极大值为ln1ab，无极小值.（2）由fxex可得lnfxxaxbex，设()ln()hxxeaxb，所以1()hxeax，0

x，当ae时，()0hx，hx在0,上是增函数，所以0hx不可能恒成立，当ae时，由1()0hxeax，得1xae，当10,xae时，()0hx，hx单调递增，当1,xae时，()0hx，

hx单调递减，所以当1xae时，hx取最大值，1ln()10haebae，所以ln()10aeb，即1ln()bae，所以1ln()()baeaeaeae，令1ln()()()xeFxxexe

，221()1ln()ln()()()()xexexexeFxxexe，当1,xe时，()0Fx，()Fx单调递增，当,1xee时，()0Fx，()Fx单调递减，-22-所以当1xe时，()F

x取最小值，即()(1)1FxFe，所以bae的最小值为-1.【点睛】本题考查用导数求函数的极值，用导数研究不等式恒成立问题．考查转化与化归思想．解题关键是把不等式恒成立转化为求函数的最值．本题对学生分析问题解决问

题的能力、运算求解能力要求较高，属于难题．22.在直角坐标系xOy中，直线l的参数方程为222242xtyt（t为参数），以坐标原点O为极点，以x轴的非负半轴为极轴，取相同的单位长度建立极坐标系，曲线C的极坐标方程为2sin2cos.（1）写出直

线l的普通方程和曲线C的直角坐标方程；（2）已知定点2,4M，直线l与曲线C分别交于P、Q两点，求||||||||MQMPMPMQ的值.【答案】（1）l的普通方程为20xy,曲线C的直角坐标方程为22yx（2）3【解析】【分析】（1）

由cossinxy可化极坐标方程为直角坐标方程，用消元法可化参数方程为普通方程；（2）直线l的参数方程为222242xtyt正好是标准参数方程，参数t表示直线上的点到M点距离的绝对值，直接

把直线参数方程代入曲线C的直角坐标方程应用韦达定理易求得结论．【详解】解：（1）由222242xtyt消去参数t得直线l的普通方程为20xy.由2sin2cos得曲线C的直角坐标

方程为22yx.-23-（2）将222242xtyt代入22yx得2522002tt.设方程的两根为1t，2t，则，12102tt，1240tt，故222212121212122||||(102)2403||

||40ttttttMQMPMPMQtttt.【点睛】本题考查参数方程与变通方程的互化，考查极坐标方程与直角坐标方程的互化，考查直线参数方程的应用，属于中档题．23.已知正实数a、b、c满足9abc，且222abc的最小值为t

.（1）求t的值；（2）设23fxxtx，若存在实数x，使得不等式223fxmm成立，求实数m的取值范围.【答案】（1）2t（2）24m【解析】【分析】（1）利用2221222()9abcabcabc可求得22

2abc的最小值t.（2）用分类讨论去掉()fx中的绝对值符号，求得其最大值max()fx，然后解不等式2max()23fxmm可得．【详解】解：（1）因为9abc，所以22212221222222()699bacacbabcabca

bcabacbc1222222622229bacacbabacbc，即2222abc，所以222abc的最小值2t.-24-（2）当2t时，8(3)22334(32)8(2)xxfxx

xxxxx，可得5fx，存在实数x，使不等式223fxmm有解，则2max23fxmm，从而2523mm，即2280mm，解得24m.所

以实数m的取值范围是24m.【点睛】本题考查用基本不等式求最值，考查含绝对值函数的最值问题，考查不等式能成立问题，解题时要注意不等式有解与恒成立的区别．分离参数后不等式有解与恒成立的区别在于一个是求函数

的最小值一个是求最大值．-25-