【文档说明】湖南省2022-2023学年高一下学期开年摸底联考物理试题 含解析.docx，共(18)页，4.255 MB，由小赞的店铺上传

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2023年高一开年摸底联考物理试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写

在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。考试时间为75分钟，满分100分一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.2022年11月8日，月全食遇上“月掩天王星”，罕见天象让天文爱好者大饱眼福

，下次观看的机会要16年以后。国家空间天气监测预警中心利用望远镜和准确的跟踪系统，拍摄了天王星逐渐被月亮挡住的过程。下列关于运动的说法正确的是（）A.以月亮为参考系，天王星是静止的B.由于月亮绕地球做圆周运动，任何情况下都不能把月亮看成质点C.“年”时间单位，在力学范围内，

规定质量、力、时间为三个基本量D.速度、位移、加速度都是矢量，矢量既有大小又有方向【答案】D【解析】【详解】A．以月亮为参考系，天王星是运动的，故A错误；B．在研究月亮绕地球的运动周期时，月亮的大小和形状对研究的问题属于次要因素，可以忽略不计，

可以把月亮看成质点，故B错误；C．“年”是时间单位，在力学范围内，规定质量、长度、时间为三个基本量，故C错误；D．速度、位移、加速度都是矢量，矢量既有大小又有方向，故D正确。故选D。是2.下面关于合力和分力关系的叙述中，正确的是（）A.两个力的合力一定大于其中任意一个分力B.

3N、6N、7N三个共点力的合力的最小值为2NC.两个分力的大小不变，夹角在0~180°之间变化，夹角越大，其合力越小D.两个分力F1和F2的夹角θ不变，F1大小不变，只要F2增大，合力F就一定增大【答案】C【解析】

【详解】A．不在同一条直线上两个力合成时，遵循平行四边形定则，故合力可能大于、小于或等于任意一个分力，故A错误；B．3N、6N合力范围为3~9N，7N在范围内，所以三力合力最小值为0，故B错误；C．根据平行四边形定则，两个共点力的夹角在0~180°之间，其合力随两力

夹角的增大而减小，故C正确；D．若夹角θ不变，F1大小不变，F2增大，当F2与F1反向时且F1大于F2，则合力F会减小，故D错误。故选C。3.已知a、b、c三个物体在0~10s时间内的运动规律如图所示，则下列说法

正确的是（）A.在0~10s时间内，a、b、c三个物体的平均速度相等B.在0~10s时间内，a物体速度先增大再减小C.在0~10s时间内，a的平均速率最大，b的平均速率小于c的平均速率D.10s末，a、b、c三个物体的瞬时速度相等【答

案】A【解析】【详解】A．在0~10s时间内，a、b、c三个物体的初末位置相同，位移相等，所以平均速度相等，故A正确；B．图像斜率表示速度，图线a的斜率先为正值逐渐减小再为负值逐渐增大，a物体先做正方向的减速运动，再做反方向的加速运动，故

B错误；C．在0~10s时间内，a先向正方向运动后向负方向运动，路程最大，b、c一直向正方向运动，路程相等，所以a的平均速率最大，b的平均速率等于c的平均速率，故C错误；D．瞬时速度等于图线的切线斜率，10s末，a、b、c三个物体的图线的斜率不相等，瞬时速度不相等，故D的的错误。故选A。4.北京

时间2022年11月30日，“神舟十五号”载人飞船对接于“天和”核心舱前向端口，形成了中国载人航天史上规模空前的6人6舱（船）百吨级空间站。12月4日20时09分，神舟十四号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。关于火箭发射和返回舱返回过程中的说法正确的是（）A.火箭加速升空过程中

气体对火箭的作用力大于火箭对气体的作用力B.火箭加速上升过程，航天员处于失重状态C.返回舱打开降落伞做减速直线运动时，所受合力方向与运动方向相反D.返回舱距离地面越近，返回舱的惯性越大【答案】C【解析】【详解】A．火箭加速升空过程中气体对火箭的作用

力和火箭对气体的作用力是相互作用力，大小相等，故A错误；B．火箭加速上升过程，航天员处于超重状态，故B错误；C．返回舱打开降落伞做减速直线运动时，所受合力方向与运动方向相反，故C正确；D．惯性是物体本身的一种属性，只与物体质量有关，故D错误。故选C。5.明代徐光

启《农政全书》记载了戽斗[hùdǒu]是一种小型的人力提水灌田农具，如图甲所示，两人双手执绳牵斗取水。其简化示意图如图乙所示，忽略绳子质量，若两绳子与竖直方向的夹角均为θ，戽斗和水的总重力为G，当戽斗平衡时，绳子上的拉力F的大小

为（）A.2cosGB.2sinGC.sinGD.cosG【答案】A【解析】【详解】对戽斗进行受力分析如图所示则由平衡关系可知2cosFG=解得2cosGF=故选A。6.如图所示，一木板B放在水平地面上，木块A放在木板B的上面，木块A的右端通过弹簧测力计固定在竖直

墙壁上。用力2F向左拉木板B，使它以速度v匀速运动，这时木块A静止，弹簧测力计的示数为F。下列说法中正确的是（）A.木板B受到A的摩擦力方向水平向左B.地面受到的摩擦力等于FC.若木板B以2v速度运动

，木块A受到的摩擦力等于2FD.若用力4F拉木板B，木块A受到的摩擦力等于2F【答案】B【解析】【详解】AB．对A、B受力分析：A受水平向右的弹力和水平向左的摩擦力；又因为物体间力的作用是相互的，则物体B受到A对它水平向右的摩擦力；由于B做

匀速直线运动，则B受到水平向左的拉力和水平向右的两个摩擦力平衡（即A对B的摩擦力和地面对B的摩擦力），如图所示A受力平衡，故的fA=F即AB间的摩擦力大小为F，由于B向左做匀速直线运动，则2F=fB＋fA解得fB=2F－fA=F力的作用是相互的，所以地面受到的

摩擦力大小等于F，方向水平向左，A错误，B正确；C．滑动摩擦力大小与相对速度无关，故木板B以2v的速度匀速运动时，A与B间压力不变，摩擦因数不变，故摩擦力大小不变为F，C错误；D．若用4F的力拉木板B，B开始加速，但是A与B间压力不变，摩擦因数不变，故摩擦力大小不变，木块A受摩擦力

大小仍为F，D错误。故选B。7.如图甲所示，物块在t=0时刻滑上固定斜面，其运动的v-t图像如图乙所示，重力加速度取g=10m/s2，则（）A.斜面的长度L=4mB.斜面的倾角30=C.物块的质量m=1

kgD.物块与斜面间的动摩擦因数33=【答案】B【解析】【详解】A．由图乙所示图像可知，物块先向上减速运动到达最高点再向下加速运动，图像与时间轴围成的面积为物块经过的位移，故可求出物块在斜面上的位移，但是不能求出斜面的长度，故A错误；BD．由图乙所示图像可知，加速度大小2218m/s

8m/s1vat===，222'4m/s2m/s'31vat===−由牛顿第二定律得，上升过程1sincosmgmgma+=下降过程2sincosmgmgma−=解得30=，35=故

B正确，D错误；C．由上述分析可知，物块的质量会被约掉，无法求出物块的质量，故C错误。故选B。二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.升降机的地板上放着重为G的货物，升

降机的地板对货物的支持力大小为G的1.2倍，g为重力加速度，则升降机的运动情况可能是（）A.以大小为a=0.2g的加速度向上做匀加速运动B.以大小为a=0.8g的加速度向上做匀减速运动C.以大小为a=0.2g的加

速度向下做匀减速运动D.以大小为a=0.2g的加速度向下做匀加速运动【答案】AC【解析】【详解】对货物受力分析，根据牛顿第二定律有1.2mgmgma−=解得0.2ag=方向竖直向上，则升降机的运动情况可能以大小为a=0.2g的加速度向上做匀加速运动，或者以大小为a=0.2g的加速度向下做

匀减速运动。故选AC。9.一辆汽车沿公路以v0＝20m/s的速度匀速行驶，突然发现前方道路封闭，经过反应时间0.5s后开始刹车，做匀减速直线运动，再经过5s，汽车速度减为原来的一半，则（）A.汽车减速行驶的加速度大小

为2m/s2B.从发现封路到速度减半，汽车前进了75mC.汽车刹车后15s末的速度为0D.汽车刹车后15s内的位移大小为75m【答案】AC【解析】【详解】A．在反应时间内汽车位移为10110mxvt==再经过5s，速度减为0110m/s2vv==则加速度202m

/svvat−==−即加速度大小为2m/s2，A正确；B．设开始刹车到速度减为原来的一半通过的位移为2x，则有22202axvv=−解得275mx=从发现封路到速度减半，汽车前进的位移为1285mxxx=+=B错误；CD．汽车减速为零所需要的时间

为00010svta−==汽车刹车后15s末的速度为0，汽车刹车后15s内的位移即为刹车后10s内的位移220000112010m210m100m22xvtat=+=−=C正确，D错误。故选AC。10.一

轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M的物体A、B（B物体与弹簧连接，A、B两物体均可视为质点），弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态，现用竖直向上的拉力作用在物体A上，使物体A开始向上

做加速度为a的匀加速运动，测得两个物体的v-t图象如图所示（重力加速度为g），则（）A.施加外力的瞬间，外力大小为2MaB.施加外力的瞬间，A、B间的弹力大小为M（g+a）C.A、B在tl时刻分离，此时弹簧弹力等于物体B的重力D.上升过程中物体B速度最大时，A、B间的距离

为2212Mgatk−【答案】AD【解析】【分析】题中弹簧弹力根据胡克定律列式求解,先对物体AB整体受力分析，根据牛顿第二定律列方程;再对物体B受力分析，根据牛顿第二定律列方程，1t时刻是A与B分离的时刻，之间的弹力为零。【详解】A．施加F前,物体A

B整体平衡,根据平衡条件，有:2Mgkx=解得：2mgxk=故A正确。B．施加外力F的瞬间,对B物体,根据牛顿第二定律,有:ABFMgFMa−−=弹2FMg=弹解得:()ABFMga=−故B错误。C．物体A、B在t时刻分离，此时A、B具有共同的v与a且AB0F=对B:FMg

Ma−=弹解得:()FMga=+弹故C错误。D．当物体B的加速度为零时,此时速度最大，则Mgkx=解得:=Mgxk故B上升的高度'Mghxxk=−=此时A物体上升的高度:212hat=故此时两者间的距离为212Mgh

atk=−故D正确。故选AD11.利用物理模型对问题进行分析，是一种重要的科学思维方法。如图甲所示为拔河比赛时一位运动员的示意图，可以认为静止的运动员处于平衡状态。该情形下运动员可简化成如图乙所示的一质量分布均匀的钢管模型。运动员在拔河时身体

缓慢向后倾倒，可以认为钢管与地面的夹角θ逐渐变小，在此期间，脚与水平地面之间没有滑动，绳子的方向始终保持水平。已知当钢管受到同一平面内不平行的三个力而平衡时，三个力的作用线必交于一点。根据上述信息，下列说法正确的有（）A.随着运

动员身体向后倾倒，地面对运动员支持力的大小不变B.随着运动员身体向后倾倒，地面对运动员的摩擦力变大C.钢管与地面的夹角θ逐渐变小，地面对钢管作用力的合力变大D.钢管与地面的夹角θ逐渐变小，地面对钢管作用力的合力大小不变【答案】AB

C。【解析】【详解】CD．对钢管受力分析，可认为钢管受到重力G、绳子的拉力T和地面对钢管作用力的合力F三个力，钢管平衡，三个力的作用线必交与一点，由此可知F方向沿钢管斜向上，根据共点力平衡条件可知mgFsin=tanmgT=当钢管与地面的夹角θ逐渐变小，地面对钢管作用力的

合力变大，故C正确，D错误；AB．对运动员受力分析，运动员受重力G、绳子的拉力T、地面对运动员竖直向上的支持力FN、水平向左的摩擦力Ff，可知NFmg=ftanmgFT==即随着运动员身体向后倾倒，地面对运动员支持力的大小不变，地面对运动员的摩擦力变大，故AB正确。故

选ABC。三、非选择题：本题共5小题，共52分。12.某同学利用如图甲所示的装置做“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验。（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧。弹簧轴线和刻度尺都应在___________（选填“水平”或“竖直”）方向。（2）他通过实验得到如

图乙所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线（不计弹簧的重力）。由图线可得弹簧的原长0x=___________cm，劲度系数k=___________N/cm，他利用本实验原理把图甲中的弹簧做成一把弹簧秤，当示数如图丙所示时，该弹簧的伸长量=x___________cm。【答

案】①.竖直②.4③.0.5④.6【解析】【分析】（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须竖直；（2）弹簧处于原长时，弹力为零；根据胡克定律=Fkx求解劲度系数；直接从弹簧秤得到弹力，即可求解。【详解】（1）[1]弹簧是竖直悬挂的，要减小误差，刻度尺必须与弹簧平行，故刻度

尺要保持竖直状态；（2）[2][3][4]弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为4cm；根据胡克定律=Fkx有2N/m50N/m0.5N/cm0.04Fkx====由图丙得到弹簧的弹力为3N，依据胡克定律=

Fkx有3Δcm6cm0.5Fxk===【点睛】本题关键是明确实验原理，然后根据胡克定律=Fkx并结合图像列式求解，不难，注意胡克定律的适用范围。13.甲、乙、两三个实验小组分别采用图甲、乙、丙所示的实验装置探究“加速度与力、质量的关系”。（1）下列说法正确的是__

_____。A．三个实验中，甲必须平衡小车所受的摩擦力，乙和丙不需要B．三个实验中，甲必须使重物的质量远小于小车的质量，乙和丙不需要C．三个实验中，都必须用天平测量重物的质量（2）某次实验中记录的纸带如图丁所示，从A点起每5个点取一个计数点，即两相邻计数点间的时间间隔为0

.1s，则打C点时小车的瞬时速度大小为_____m/s，小车运动的加速度为______m/s2（结果保留三位有效数字）（3）乙小组采用图乙实验装置按正确的步骤操作，多次改变重物的质量，通过弹簧测力计读出

拉力F，并求出小车的加速度a，然后以拉力F为横轴，加速度a为纵轴，画出的a-F图像是一条倾斜直线，图线的斜率为k，则小车的质量M为_______。【答案】①.B②.1.24③.6.22④.2k【解析】【详解】（1）[1]A．由于存在摩擦力，对小车受到的合外力有影响，所以实验前都要先平衡摩擦

力，故A错误；BC．乙和丙实验中是用弹簧测力计或力传感器测拉力，所以没必要满足重物的质量远小于小车的质量，也不需要测量重物质量，故B正确，C错误。故选B。（2）[2]打C点时小车的瞬时速度大小(27.873.07)cm

1.24m/s20.2sBDxvT−===[3]根据逐差法小车做匀加速直线运动2226.22m/s4AEACxxaT−=（3）[4]由于动滑轮与小车相连，由牛顿第二定律有2FaM=则图像斜率2kM=小车质量2Mk=14.跳伞表演被称为“空

中芭蕾”（如图）。跳伞运动员为了在空中做各种组合造型，离开飞机后并不马上打开降落伞，而是先在空中自由“飞翔”一段时间，然后再打开降落伞。设在一次表演中，某运动员离开飞机后做的是自由落体运动，到离地面125m时他才打开降落伞，从而

产生很大阻力，使他以大小为214.3m/s的加速度做匀减速直线运动，安全着陆时的速度仅为5m/s。问：（1）该运动员开伞时的速度大小？（2）该运动员离开飞机时高度是多少？（3）离开飞机后，经多少时间到达

地面？【答案】（1）60m/s；（2）305m；（3）9.85s【解析】【分析】根据位移-速度关系求解初速度；利用自由落体的位移-速度关系求解高度；根据速度-时间关系求解各阶段的运动时间，其和为运动的总时间。【详解】（1）设运动员开伞时的速度为1v根据运动员开伞后的位移-

速度关系可知2212taxvv=−则22212(14.3m/s)125m(5m/s)v−=−解得160m/sv=（2）运动员离开飞机时做自由落体运动，根据位移-速度关系有212ghv=代入数据解得180mh=运动员离开飞机时的高度为180m125m

305mHhx=+=+=（3）运动员做自由落体运动时有11vgt=代入数据解得16st=运动员做匀减速运动时有12tvvat−=代入数据解得2550s3.85s143t=则总时间为126s3.85s9.85sttt=+=+=15.如图所示，质量m=1.5kg的物体放在水平地面上

，受到一个斜向上拉力F的作用，F=5N方向与水平面成θ=37°，做速度0v=10m/s的匀速直线运动。某时刻开始拉力大小变为10N，方向不变，作用3s后撤去拉力。求：（g取10m/s²，sin37°=0.6，cos37°=0

.8）（1）物体与地面间的动摩擦因数；（2）撤去拉力瞬间物体的速度；（3）撤去拉力后，物体经过多长距离停下。【答案】（1）13；（2）20m/s；（3）60m【解析】【详解】（1）物体受力如图所示根据平衡条件sin12NmgFN=−=cos4fFN==解得13fN==（2

）力大小变为F=10N后，根据牛顿第二定律1cos(sin)FmgFma−−=解得2110m/s3a=作用3s后10120m/svvat=+=（3）撤去外力后加速度221ms03mgam==滑行的

距离21260m2vsa==16.如图所示，将物块（可视为质点）置于长木板正中间，用水平向右的拉力将木板快速抽出，物块的位移很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验。若物块和木板的质量都为m，物块和木板间、木板与桌面间的

动摩擦因数分别为和2，已知1kgm=，0.4=，重力加速度2g=10m/s。（1）当物块相对木板运动时，求木板所受摩擦力的大小；（2）要使物块即将相对木板运动，求所需拉力F的大小；（3）小李同学上台演示实验时，先对木板施加2F的恒定

拉力，让木板从静止开始运动起来。但由于心理紧张，拉力作用一段时间0.5st=后突然脱手，此后未再干预，物块刚好不掉下木板，试求木板的长度L（两物均未离开桌面）。【答案】（1）8N；（2）12N；（3）6m【解析】【详解】

（1）当物块受到拉力相对木板运动时，木板上表面受到摩擦力大小为1fmg=方向水平向左，木板下表面受到的摩擦力大小为2·22fmgmg==方向也是水平向左，故木板受到的总的摩擦力大小为1228Nfffmg=+==（

2）当物块即将相对木板运动相对运动时，对物块有mmgagm==对物块和木板构成的整体有m·222Fmgma−=联立得312NFmg==（3）施加拉力2F时，物块加速度大小为214m/sag==木板加速度大小为2226216m/sFfmgmgamm−−===撤去拉力时，物块、木

板速度分别为1122Δ2m/sΔ8m/svatvat====，撤去拉力时，物块、木板位移分别为22112211Δ0.5mΔ2m22xatxat====，撤出拉力时，由于木板的速度大于物块，因此物块的摩擦力方向不变，故物块的加速度不变，而

木板加速度大小变为'228m/sfam==此时加速度方向与木板运动方向相反，设再历时t物块与木板共速，则有'1122vatvat+=−解得0.5st=从撤去拉力到共速物块、木板的位移分别为'2''2111222111.5m3m22xvtatxvta

t=+==−=，共速后此后物块与木板共同做减速运动，直至停止，无相对位移，由于物块刚好不掉下木板，因此从开始到共速整个过程满足''22113m2Lxxxx=+−−=故6mL=