【文档说明】上海市实验学校2020-2021学年高二下学期期末考试数学试题 含解析【精准解析】.doc，共(17)页，849.500 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-08dfecde2fb45e0e37ac9411b6dcdef9.html

以下为本文档部分文字说明：

2020-2021学年上海市实验学校高二（下）期末数学试卷一、填空题1．方程C＝C的解为．2．已知（x﹣）6的二项展开式中，常数项的值等于．3．如果数据x1、x2、…、xn的平均值为10，方差为3，则3x1+5、3x2+5、…、3xn+5的平均值为，方差为．4．若在二项式

（x+1）10的展开式中任取一项，则该项的系数为奇数的概率是．（结果用分数表示）5．一个几何体的三视图如图所示，则这个几何体的表面积为．6．若（1+x﹣x2）3•（1﹣2x2）4＝a0+a1x+a2x2+…+a14x14，则a1+a2+

a3+…+a14＝．7．某学校组织学生参加劳动实践活动，其中4名男生和2名女生参加农场体验活动，体验活动结束后，农场主与6名同学站成一排合影留念，则2名女生互不相邻，且农场主站在中间的概率等于.（用数字作答）8．如图所示，在平行六面体ABCD﹣A1B1C1D1中，

A1C1∩B1D1＝F，若＝x+y+z，则x+y+z＝．9．已知三行三列的方阵中有9个数aij（i＝1，2，3；j＝1，2，3），从中任取三个数，则有且仅有两个数位于同行或同列（注意：不能同时出现既有两数同行、又有

两数同列的情况）的概率是.（结果用分数表示）10．如图，在棱长为2的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，点P是平面ACC1A1上一动点，且满足，则满足条件的所有点P所围成的平面区域的面积是．二、选择题11．从0到9这10个数字中，任取3个数字组成一个没有重复数字的三位数，这个数不被

3整除的概率为（）A．B．C．D．12．在（x+y）20的展开式中，系数为有理数的项共有（）项A．6B．5C．4D．313．设正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1的底面边长为1，高为2，平面α经过顶点A，且与棱AB、AD、AA1所在直线所成的

角都相等，则满足条件的平面α共有（）个．A．1B．2C．3D．414．某国际旅行社现有11名对外翻译人员，其中有5人只会英语，4人只会法语，2人既会英语又会法语，现从这11人中选出4人当英语翻译，4人当法语翻译，则共有（）种不同的选法A．225B．185C．1

45D．110三、解答题15．如图，在四棱锥P﹣ABCD中，底面ABCD为直角梯形，BC∥AD，AB⊥BC，∠ADC＝45°，PA⊥平面ABCD，AB＝AP＝1，AD＝3．（1）求异面直线PB与CD所成角的大小；（2）求点D到平面PB

C的距离．16．已知（x﹣）n的二项展开式中x3的系数是﹣84．（1）求n；（2）求（x﹣）n二项展开式中系数最小的项．17．有6本不同的书按下列分配方式分配，问共有多少种不同的分配方式？（1）分成1本、2本、3本三组；（2）分给甲、乙、丙人，其中一个人1本，一个人

2本，一个人3本；（3）分成每组都是2本的三个组；（4）分给甲、乙、丙三人，每个人2本．18．如图，在四棱锥P﹣ABCD中，底面ABCD是菱形，PA⊥平面ABCD，AB＝1，PA•AC＝1，∠ABC＝θ（0°＜θ≤90°）．（1）若θ＝90°，E为PC的中

点，求异面直线PA与BE所成角的大小；（2）若θ＝90°，求二面角A﹣PC﹣B的大小；（3）试求四棱锥P﹣ABCD的体积V的取值范围．四、附加题19．已知四棱锥S﹣ABCD的底面ABCD是正方形，SA⊥平面ABCD，E是SC上的任意

一点．（1）求证：平面EBD⊥平面SAC；（2）设SA＝4，AB＝2，求点A到平面SBD的距离；（3）当的值为多少时，二面角B﹣SC﹣D的大小为120°．20．已知数列{an}的首项为1，设．（1）若{

an}为常数列，求f（6）的值；（2）若{an}为公比为2的等比数列，求f（n）的解析式；（3）数列{an}能否成等差数列，使得f（n）﹣1＝2n•（n﹣1）对一切n∈N*都成立？若能，求出数列{an}

的通项公式；若不能，试说明理由．参考答案一、填空题1．方程C＝C的解为2或4．【解答】解；方程C＝C，可得2x＝6﹣x，或2x+（6﹣x）＝10，解得x＝2或4．故答案为：2或4．2．已知（x﹣）6的二项展开式中，常数项的值等

于60．解：∵（x﹣）6的二项展开式的通项公式为Tr+1＝•（﹣2）r•x6﹣3r，令6﹣3r＝0，求得r＝2，可得展开式的常数项等于×4＝60，故答案为：60．3．如果数据x1、x2、…、xn的平均值为10，方差为3，则3x1+5

、3x2+5、…、3xn+5的平均值为35，方差为27．解：因为x1，x2，…，xn的平均值为10，所以3x1+5、3x2+5、…、3xn+5的平均值+5＝35，其方差为[++...+]＝9×3＝27．故答案为：35，

27．4．若在二项式（x+1）10的展开式中任取一项，则该项的系数为奇数的概率是．（结果用分数表示）解：展开式中共有11项，其中只有4项的系数C100，C102，C108，C1010为奇数．该项的系数为

奇数的概率是故答案为5．一个几何体的三视图如图所示，则这个几何体的表面积为（3+）π．解：根据几何体的三视图转换为直观图为：该几何体由圆柱和圆锥组成的组合体；如图所示：故圆锥的母线长x＝，圆锥的底面周长为2π，所以圆锥的侧面积S＝，圆柱

的表面积S＝2•π•1•1+π•12＝3π，故几何体的表面积为．故答案为：．6．若（1+x﹣x2）3•（1﹣2x2）4＝a0+a1x+a2x2+…+a14x14，则a1+a2+a3+…+a14＝0．解：∵（1+x﹣x2）3•（1﹣2x2）4＝a0+a1x+a2x2+…+a14x

14，令x＝0，可得a0＝1，再令x＝1，可得1+a1+a2+a3+…+a14＝1，∴+a1+a2+a3+…+a14＝0，故答案为：0．7．某学校组织学生参加劳动实践活动，其中4名男生和2名女生参加农场体验活动，体验活动结束后，农场主与6名同学站成一排合影留念，则2名女生互不相邻，且

农场主站在中间的概率等于.（用数字作答）解：根据题意，农场主与6名同学站成一排，有A77＝5040种不同的站法，若农场主站在中间，有A66＝720种不同的站法，农场主人站在中间，两名女生相邻共有4A22

A44＝192种站法，则2名女生互不相邻，且农场主站在中间的站法有A66﹣4A22A44＝528种站法，则其概率P＝＝，故答案为：．8．如图所示，在平行六面体ABCD﹣A1B1C1D1中，A1C1∩B1D1＝F，若＝x+y+z，则x+y+z＝2．解：因为＝＝＝，又＝x+y+z，所

以，则x+y+z＝2．故答案为：2．9．已知三行三列的方阵中有9个数aij（i＝1，2，3；j＝1，2，3），从中任取三个数，则有且仅有两个数位于同行或同列（注意：不能同时出现既有两数同行、又有两数同列的情况）的概率是.（结果用分数表示）解：从9个数中任

取3个，共有＝84种选法；当3个数中位于同行或同列时，共有6种选法；当3个数中都位于不同行或不同列时，共有××1＝6种选法；当3个数中既有两数同行、又有两数同列时共有••＝36种选法；∴从中任取三个数，则有且仅有两个数位于同行或同列（注意：不能同时出现既有两数同行、又有两数同列的情况）的概率＝＝，

故答案为：．10．如图，在棱长为2的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，点P是平面ACC1A1上一动点，且满足，则满足条件的所有点P所围成的平面区域的面积是．解：因为，所以D1P⊥CP，故P在以CD1为直径的球面上，

且P在平面ACC1A1上，则P在面ACC1A1截球所得的圆上，设该圆半径r，且正方体棱长为2，则CD＝2，球半径R＝＝，连接B1D1，则B1D1⊥A1C1，B1D1⊥AA1，所以B1D1⊥平面ACC1A1，所以D1到平面ACC1A1的距离d1＝＝，因为O为CD1中点，所

以O到平面ACC1A1的距离d＝＝，所以圆半径r＝＝，圆面积S＝πr2＝．故答案为：．二、选择题11．从0到9这10个数字中，任取3个数字组成一个没有重复数字的三位数，这个数不被3整除的概率为（）A．B．C．D．解：从0到9这10个数字中任取3个数字组成一

个没有重复数字的三位数，这个数不能被3整除．所有的三位数有A103﹣A92＝648个，将10个数字分成三组，即被3除余1的有{1，4，7}、被3除余2的有{2，5，8}，被3整除的有{3，6，9，0}，若要求所得的三位数被3整除，则可以分类讨论：①三个数字均取第一组，或均取第二组，有2A

33＝12个；②若三个数字均取自第三组，则要考虑取出的数字中有无数字0，共有A43﹣A32＝18个；③若三组各取一个数字，第三组中不取0，有C31•C31•C31•A33＝162个，④若三组各取一个数字，第三组中取0，有C31•C31•

2•A22＝36个，这样能被3整除的数共有228个，不能被3整除的数有420个，所以概率为＝．故选：C．12．在（x+y）20的展开式中，系数为有理数的项共有（）项A．6B．5C．4D．3解：在（x+y）20的展开式中，其通项Tr+1＝•x20﹣r••yr，要使展开

式中的系数为有理数，则r＝0，4，8，12，16，20，共6项，故选：A．13．设正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1的底面边长为1，高为2，平面α经过顶点A，且与棱AB、AD、AA1所在直线所成的角都相

等，则满足条件的平面α共有（）个．A．1B．2C．3D．4解：第一类：①A1在平面的一边，B，D在另一边，有一个平面α符合条件；②B在平面的一边，A1，D在另一边，有一个平面α符合条件；③D在平面的一边，A1，B在另一边，有一个平面α符合条件；第二类：A1，B，D都在平面的同侧，有一个平面α符

合条件．综上所述，满足条件的平面α共有4个．故选：D．14．某国际旅行社现有11名对外翻译人员，其中有5人只会英语，4人只会法语，2人既会英语又会法语，现从这11人中选出4人当英语翻译，4人当法语翻译，则共有（）种不同的选法A．225B．185C．145D．

110解：根据题意，按“2人既会英语又会法语”的参与情况分成三类．①““2人既会英语又会法语”不参加，这时有C54C44种；②““2人既会英语又会法语””中有一人入选，这时又有该人参加英文或日文翻译两种可能，因此有C21

C53C44+C54C21C43种；③““2人既会英语又会法语””中两个均入选，这时又分三种情况：两个都译英文、两个都译日文、两人各译一个语种，因此有C22C52C44+C54C22C42+C21C53C11C43种．综上分析，共可开出C54C44+C21C53C44

+C54C21C43+C22C52C44+C54C22C42+C21C53C11C43＝185种．故选：B．三、解答题15．如图，在四棱锥P﹣ABCD中，底面ABCD为直角梯形，BC∥AD，AB⊥BC，∠ADC＝45°，P

A⊥平面ABCD，AB＝AP＝1，AD＝3．（1）求异面直线PB与CD所成角的大小；（2）求点D到平面PBC的距离．解：（1）以A为原点，AB为x轴，AD为y轴，AP为z轴，建立如图所示空间直角坐标系，则P（0，0，1），B（1，0，0），C（1，2，0）D（0，3，0），∴＝（1，0

，﹣1），＝（﹣1，1，0），……设异面直线PB与CD所成角为θ，则cosθ＝＝，……所以异面直线PB与CD所成角大小为．……（2）设平面PBC的一个法向量为＝（x，y，z），＝（1，0，﹣1），＝（0，2，0），＝（﹣1，1，0），则，取x＝1，得＝（1，0，

1），……∴点D到平面PBC的距离d＝＝．……16．已知（x﹣）n的二项展开式中x3的系数是﹣84．（1）求n；（2）求（x﹣）n二项展开式中系数最小的项．解：（1）∵（x﹣）n的二项展开式的通项公式为Tr+1＝•（﹣1）r•xn﹣2r，令n﹣2r＝3，求得n＝2r+3，故x3的系数是（﹣

1）r•＝﹣84，故r为奇数，求得r＝3，∴n＝9．（2）由于（x﹣）n二项展开式中系数为（﹣1）r•＝（﹣1）r•，要使该项最小，r应该是奇数，且r比较靠近，故r＝5，故（x﹣）n二项展开式中系数最小的项为﹣•x﹣1＝﹣．17．有6本不同的书按下列分配方式分配，问共

有多少种不同的分配方式？（1）分成1本、2本、3本三组；（2）分给甲、乙、丙人，其中一个人1本，一个人2本，一个人3本；（3）分成每组都是2本的三个组；（4）分给甲、乙、丙三人，每个人2本．解：（1）无序不均匀分组问题．先选1本有C16种选

法；再从余下的5本中选2本有C25种选法；最后余下3本全选有C33种方法，故共有C16C25C33＝60种．（2）有序不均匀分组问题．由于甲、乙、丙是不同的三人，在第（1）题基础上，还应考虑再分配，共有C16C25C33A33＝360种．

（3）无序均匀分组问题．先分三步，则应是C26C24C22种方法，但是这里出现了重复．不妨记6本书为A、B、C、D、E、F，若第一步取了AB，第二步取了CD，第三步取了EF，记该种分法为（AB，CD，EF），则C26C24C22种分法中还有（AB，EF，CD）、（CD，AB，EF）、（C

D，EF，AB）、（EF，CD，AB）、（EF，AB，CD），共A33种情况，而这A33种情况仅是AB、CD、EF的顺序不同，因此只能作为一种分法，故分配方式有＝15种．（4）在（3）的基础上，还应考虑再分配，

共有15A33＝90种．18．如图，在四棱锥P﹣ABCD中，底面ABCD是菱形，PA⊥平面ABCD，AB＝1，PA•AC＝1，∠ABC＝θ（0°＜θ≤90°）．（1）若θ＝90°，E为PC的中点，求异面直线PA与BE所成角的大小；（2）若θ

＝90°，求二面角A﹣PC﹣B的大小；（3）试求四棱锥P﹣ABCD的体积V的取值范围．解：（1）因为PA⊥平面ABCD，并且θ＝90°，所以A为坐标原点，分别以AB、AD、AP为x、y、z轴建立空间直角坐标系．因为AB＝1，PA⋅AC＝1，所以，所以，因为E

是PC的中点，所以，所以，所以，所以异面直线PA与BE所成角的大小为．（2）设平面PBC的法向量为：，因为所以，即，取平面PBC的法向量为，因为PA⊥BD，AC⊥BD，所以BD⊥平面PAC，又，取平面PAC的法向量，所以二面角A﹣PC﹣B的平面角．所以所求二面角A

﹣PC﹣B的大小为．（2）由已知可得，平行四边形ABCD的面积为：S＝sinθ，在△ABC中，由余弦定理可求得，∴，∴，∵0°＜θ≤90°，∴0≤cosθ＜1，∴所以四棱锥P﹣ABCD的体积V的取值范围是．四、附加题19．已知四棱锥S﹣ABCD的底面ABC

D是正方形，SA⊥平面ABCD，E是SC上的任意一点．（1）求证：平面EBD⊥平面SAC；（2）设SA＝4，AB＝2，求点A到平面SBD的距离；（3）当的值为多少时，二面角B﹣SC﹣D的大小为120°．【解答】（1）因为SA⊥平面ABCD，BD⊂平面ABCD，所以SA⊥BD．因为

底面ABCD是正方形，所以AC⊥BD，又SA∩AC＝A，所以BD⊥平面SAC．因为BD⊂平面EBD，所以平面EBD⊥平面SAC．（2）设AC∩BD＝F，连接SF，则易知SF⊥BD，因为AB＝2，所以．大为，所以，设点A到平面SBD的距离为h，因为SA⊥平面ABCD，所以，所以，所以，

所以点A至平面SBD的距离为．（3）设SA＝a（a＞0），AB＝1，以A为原点，AB，AD，AS所在直线为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系如图，则C（1，1，0），S（0，0，a），B（1，0，0），D（0，1，0

），所以设平面SBC，平面SCD的法向量分别为，则，取x1＝a，则y1＝0，z1＝1，可得，同理可得．所以，要使二面角B﹣SC﹣D的大小为120°，则，从而a＝1，即当时，二面角B﹣SC﹣D的大小为120°．20．已知数列{an}的首项为1，设．（

1）若{an}为常数列，求f（6）的值；（2）若{an}为公比为2的等比数列，求f（n）的解析式；（3）数列{an}能否成等差数列，使得f（n）﹣1＝2n•（n﹣1）对一切n∈N*都成立？若能，求出数列{an}的通项公式；若不能，试说明理由．解：（1）由题设

知：an＝1，f（n）＝c+c+…+c+…+c＝2n﹣1，∴f（6）＝26﹣1＝63；（2）若{an}为公比为2的等比数列，则an＝1×2n﹣1＝2n﹣1，故f（n）＝1×c+21×c+…+2k﹣1c+…+2n﹣1c＝（20c+21×c+22×c+…

+2kc+…+2nc﹣1）＝（1+2）n﹣＝；（3）假设数列{an}能成等差数列，使得f（n）﹣1＝2n•（n﹣1）对一切n∈N*都成立，设公差为d，则①，且f（n）＝anc+an﹣1c+…+an﹣kc+…+a1c②，由①+②可得：2f（n

）＝2an+（a1+an﹣1）（c+c+…+c），∴f（n）＝an+（2n﹣2）＝1+（n﹣1）d+（2n﹣2）＝1+（n﹣1）d+[2+（n﹣2）d]（2n﹣1﹣1）∴f（n）﹣1＝（d﹣2）+[2﹣（n﹣2）d

]•2n﹣1＝（n﹣1）•2n恒成立，即（d﹣2）+（d﹣2）（n+2）•2n﹣1＝0恒成立，∴d＝2，故存在数列{an}是成等差数列，使得f（n）﹣1＝2n•（n﹣1）对一切n∈N*都成立，且通项公式为an＝2n﹣1．