【文档说明】【精准解析】陕西省洛南中学2021届高三上学期第一次模拟物理试题.doc，共(14)页，635.000 KB，由小赞的店铺上传

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2020—2021学年度第一学期第一次模拟考试高三物理试题一.本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的4个选项中，1~8小题只有一个选项是正确的，9~12小题有多个选项正确，全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分。请将正确选项填入答题卡中。1.氢气球升到离地面80m的高

空时从上面掉下一物体，物体又上升了10m后开始下落，若取向上为正方向，则物体从掉下开始至地面时的位移和经过的路程分别为（）A.80m，100mB.90m，100mC.-80m，100mD.-90m，180m

【答案】C【解析】【详解】物体从离开气球开始下落到地面时，初末位置的距离为80m，取向上为正方向，所以位移x=-80m。路程等于运动轨迹的长度，所以s=10×2m+80m=100m故选C。2.一辆汽车在平直的公路上运动，全程前13的时间以18m/s的速度运动，全程后23的时

间接着以12m/s的速度运动，则全程的平均速度为（）A.17m/sB.16m/sC.15m/sD.14m/s【答案】D【解析】【详解】设总时间为3t，则可知，总位移为1812242xttt=+=，则全程的平均速度为4214m/s3xt

tt===总．ABC、与分析不符,故ABC错误；D、与分析相符，故D正确；3.如图是某质点运动的速度图像，由图像得到的正确结果是（）A.2－4s内的加速度是－1m/s2B.0－2s内的位移大小是3mC.0－

1s内的加速度大于2－4s内的加速度D.0－1s内的运动方向与2－4s内的运动方向相反【答案】ABC【解析】【详解】A．由加速度定义式=vat可得，2－4s内的加速度2202m/s1m/s42a−==−−故A正确；

B．vt−图像与坐标轴所围面积表示位移，则0－2s内的位移大小122m3m2x+==故B正确；C．由加速度定义式=vat可得，0－1s内的加速度'222m/s2m/s1a==则0－1s内的加速度大于2－4s内的加速度，故C正确；D．由图像可知，质点在04s−内的速度均为正，则说明运动

方向不变，故D错误。故选ABC。4.一汽车以20m/s的速度在平直路面匀速行驶．由于前方出现危险情况，汽车必须紧急刹车。刹车时汽车加速度的大小为10m/s2。刹车后汽车滑行的距离是()A.40mB.2

0mC.10mD.5m【答案】B【解析】【详解】根据速度位移公式22002vax−=−代入数据解得x=20m，故选B。5.秋日，树叶纷纷落下枝头，其中有一片梧桐叶从高为5m的枝头自静止落至地面，所用时间可能是（g取10m/s2）（）A0.1sB.0.5sC.1s

D.2s【答案】D【解析】【详解】从高为5m的枝头落下的树叶的运动不是自由落体运动，时间大于自由落体运动的时间，根据212hgt=代入数据得到自由落体运动的时间为t=1s梧桐叶落地时间一定大于1s，故D正确，ABC错误。6

.如图所示，质量m=10kg的物体在水平面上向右运动，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，与此同时物体受到一个水平向左的推力F=20N的作用，取g=10m/s2，则物体的加速度是（）A.0B.4m/s2，水平向右C.4m/s2，水平向左D.

2m/s2，水平向右【答案】C【解析】【分析】先分析物体的受力情况求出合力，根据牛顿第二定律求出加速度，滑动摩擦力方向与相对运动方向相反．【详解】物体相对地面向右滑动，所以受到向左的滑动摩擦力，还受到向左的推力，所以合力向左

，即加速度向左，根据牛顿第二定律可得：F+μmg=ma，解得a=Fm+μg=4m/s2，方向向左，故C正确，A、B、D错误．故选C7.如图所示，物体A静止在水平地面上，下列说法正确的是（）A.物体对地面的压力和重力是一对平衡力B.物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对平衡力C.物体

受到的重力和地面支持力是一对平衡力D.物体受到的重力和地面支持力是一对作用力和反作用力【答案】C【解析】【详解】A．物体对地面的压力和物体受到的重力大小相等，但是分别作用在地面和物体上，故不是平衡力，故A错误；B．物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对相互作用力，

是作用力和反作用力的关系，故B错误；CD．物体受到的重力和地面对物体的支持力是一对平衡力，故C正确，D错误。故选C。8.如图所示，位于光滑固定斜面上的小物块P受到一水平向右的推力F的作用，已知物块P沿斜面加速

下滑，现保持F的方向不变，使其减小，则加速度()A.一定变小B.一定变大C.一定不变D.可能变小，可能变大，也可能不变【答案】B【解析】【详解】小物块P在推力F的作用下，沿光滑固定斜面加速下滑，设小物块的质量为m，斜面的倾角为θ，对小物块受力分析如图

所示，由牛顿第二定律，有：mgsinθ-Fcosθ=ma，解得：cossin.Fagm=−当保持F的方向不变，使其减小时，加速度a一定变大．故B正确，ACD错误．9.如图，两小球M、N从同一高度同时分别以1v和2v的初速度水平抛出，经过时间t都落在了倾角37=的斜面上的A

点，其中小球N垂直打到斜面上，sin370.6=，cos370.8=，则（）A.初速度1v、2v大小之比为9∶8B.初速度1v、2v大小之比为8∶9C.若1v、2v都变为原来的2倍，则两球在空中相遇，从抛

出到相遇经过的时间为2tD.若1v、2v都变为原来的2倍，则两球在空中相遇，从抛出到相遇经过的时间为2t【答案】BC【解析】【详解】AB．两球抛出后都做平抛运动，两球从同一高度抛出落到同一点，它们在竖直方向的位移相

等，小球在竖直方向做自由落体运动，由于竖直位移h相等，它们的运动时间2htg=相等；对球M21112tan372gtgtvtv==解得123vgt=球N垂直打在斜面上，则有23tantan374yvvgtgt===则1289vv=故A错误，B正确；CD

．当飞行时间为t时，MN两点的水平距离为△x=（v1+v2）t若v1、v2都变为原来的2倍，则两球在空中相遇，则有△x=2（v1+v2）t′解得从抛出到相遇经过的时间为2tt＝故C正确，D错误。故选BC。10.物体从静止开始做匀加速直线运动，第3秒内通过的位移是3m，则（）A.

第3秒内的平均速度是3m/sB.物体的加速度是1.2m/s2C.前3秒内的位移是6mD.3S末的速度是3.6m/s【答案】ABD【解析】【详解】A．第3s内的平均速度是33/1xvmst===，故A正确；B．设加速度为a得到：22321

132322xxaam−=−=，解得a=1.2m/s2，故B正确；C．前3s内的位移是2311.235.42xm==，故C错误；D．第3s末的速度是：331.23/3.6/vatmsms===，故D正确。故选ABD正确。11.在平直轨

道上运动的车厢中的光滑水平桌面上用弹簧拴着一个小球，弹簧处于自然长度，如图所示，当旅客看到弹簧的长度变长时，对火车运动状态的判断可能的是A.火车向右运动，速度在增加中B.火车向右运动，速度在减小中C.火车

向左运动，速度在增加中D.火车向左运动，速度在减小中【答案】BC【解析】【详解】由题意，弹簧处于自然长度，当旅客发现弹簧的长度变长时，弹簧伸长，小球受到向左的弹力，根据牛顿第二定律得知小球的加速度向左，火车向左做加速运动，或向右做减速运动。故AD错误，

BC正确。故选BC．12.如图所示，质量M=2kg的足够长木板静止在光滑水平地面上，质量m=1kg的物块静止在长木板的左端，物块和长木板之间的动摩擦因数μ=0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速

度g取10m/s2。现对物块施加一水平向右的恒力F=2N，则下列说法正确的是（）A.物块和长木板之间的摩擦力为1NB物块和长木板相对静止一起做加速运动C.物块运动的加速度大小为1m/s2D.拉力F越大，长木板的加速度越大【答案】AC【解析】【

详解】根据牛顿第二定律可得物块将要发生滑动时木板的加速度20.5m/smgaM==对整体由牛顿第二定律得F=（M+m）a=1.5N＜2N所以对物块施加一水平向右的恒力F=2N时二者发生相对滑动。A．物块和长木板之间的摩擦力为f=μmg=1N故A正确；B．由上面的分析知物块和长木板相对滑动，

故B错误；C．对物块由牛顿第二定律得F-μmg=ma1解得a1=1m/s2故C正确；D．由上面的分析知物块和长木板相对滑动，木板的加速度是0.5m/s2，不变的，与拉力F无关，故D错误；故选AC。二、填空题（每个空2分，共计22分）13.某同学用如图甲所示的实验装置

来“探究a与F、m之间的定量关系”．（1）实验时，必须先平衡小车与木板之间的摩擦力．该同学是这样操作的：如图乙，将小车静止地放在水平长木板上，并连着已穿过打点计时器的纸带，调整木板右端的高度，接通电源，用手轻拨小车，让打

点计时器在纸带上打出一系列___的点，说明小车在做___运动．（2）如果该同学先如（1）中的操作，平衡了摩擦力．以砂和砂桶的重力为F，在小车质量M保持不变情况下，不断往桶里加砂，砂的质量最终达到13M，测小车加速度a，作a－F的图象．如图丙图线正确的是___．（3）设纸带上计数点的

间距为s1和s2．下图为用米尺测量某一纸带上的s1、s2的情况，从图中可读出s1＝3.10cm，s2＝__cm，已知打点计时器的频率为50Hz，由此求得加速度的大小a＝___m/s2．【答案】(1).点迹均匀(2).匀速直线(3).C(4).5.

55(5).2.45【解析】【详解】（1）［1］［2］平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，不要挂钩码，将长木板的右端垫高至合适位置，使小车重力沿斜面分力和摩擦力抵消，若打点计时器在纸带上打出一系列点迹均匀的点，说明小车在做匀速直线运动．（2）

［3］AC.如果这位同学先如（1）中的操作，已经平衡摩擦力，则刚开始a-F的图象是一条过原点的直线，不断往桶里加砂，砂的质量最终达到13M，不能满足砂和砂桶的质量远远小于小车的质量，此时图象发生弯曲，故A错误，C正确；B.a－F图象与纵轴的截距，说明平衡摩擦力有点过分，与题意不合，故C错误；

D.a－F图象与横轴的截距，说明没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，与题意不合，故D错误.（3）［4］从图中可读出s2＝9.60cm-4.05cm=5.55cm．［5］由逐差法s=at2，其中t=0.1s，小车加速

度的大小a=212sst−=25.553.100.1−10-2m/s2=2.45m/s214.在“研究平抛物体的运动”的实验中：（1）为减小空气阻力对小球的影响，选择小球时，应选择下列的______A．实心小铁球B．空心小铁球C．实心小木

球D．以上三种球都可以（2）高一某班某同学为了更精确的描绘出物体做平抛运动的轨迹，使用频闪照相机（每隔相等时间T拍一次照片）拍摄小球在空中的位置．如图所示为一小球做平抛运动的闪光照相照片的一部分，图中背景方格的边长表示实际长度8mm，如果取g=10m/s

2，那么：①照相机的闪光周期T=______s；②小球做平抛运动的水平初速度大小是______m/s；【答案】(1).A(2).0.04(3).0.6【解析】【详解】解：(1)为了减小空气阻力对小球的影响，要选择体积较小质量较大的小球，故选实心小铁球，故选项A正确；(2)在竖直方向上，根据22y

LgT==得：20.04LTsg==小球平抛运动的初速度大小为：030.6/LvmsT==15.有同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，

根据钩码个数读出三段绳子的拉力F1、F2和F3，回答下列问题：(1)改变钩码个数，实验能完成的是____。A．钩码的个数N1=N2=2，N3=4B．钩码的个数N1=N3=3，N2=4C．钩码的个数N1=N2=N3=4D．钩码的个数N1=3，N2=4

，N3=5(2)在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是_____。A．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度C．用量角器量出三段绳子之间的夹角D．用

天平测出钩码的质量(3)根据实验原理及操作，在作图时，你认为图中_____是正确的。（填“甲”或“乙”）【答案】(1).BCD(2).A(3).甲【解析】【详解】(1)[1]根据三角形法则，实验中的分力与合力的关系必须满足|F1－F2|≤F3≤F1＋F2故A错误，BC

D正确。故选BCD。(2)[2]本实验应该确定好分力与合力的大小和方向，以及作用点的位置。由于力的大小可以通过测量钩码的质量来知道，故在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向。故BCD错误，A正

确。故选A。(3)[3]由实验的实物图可知，F3方向是竖直向下的，故图甲是正确的。三.计算题（本题共三小题，共计30分）16.如图所示，木板与水平地面间的夹角θ可以随意改变，当θ=30°时，可视为质点的小木块恰好能沿着木板匀速下滑．若让该小木块从木板的底端以v0

的速度沿木板向上运动，随着θ的改变，小木块沿木板向上滑行的距离将发生变化．已知重力加速度为g．（1）小木块与木板间的动摩擦因数;（2）当θ=60°角时，小木块沿木板向上滑行的距离；（3）当θ=60°角时，小木块由底端沿木板向上滑行再回到原

出发点所用的时间．【答案】（1）33=（2）2034vxg=（3）0(36)2vtg+=【解析】【详解】（1）当θ=30°时，对木块受力分析得：mgsinθ=μFN①FN=mgcosθ②联立①②得3tantan303===（2

）当小木块向上运动时，小木块的加速度为a，则mgsinθ+μmgcosθ=ma小木块的位移为xv02=2ax则202(sincos)vxg=+而θ=60°则220032(sin60cos60)4vvx

gg==+（3）当小木块向上运动时，小木块的加速度为a1，则mgsinθ+μmgcosθ=ma1001132vvtag==当小木块向下运动时，小木块的加速度为a2，则mgsinθ-μmgcosθ=ma2解得2

33ag=由22212xat=得0262vtg=故012(36)2vtttg+=+=17.小球以15m/s的水平初速度向一倾角为37°的斜面抛出，飞行一段时间后，恰好垂直撞在斜面上．（g=10m/s2，sin37o=0.6，cos370=0.

8．）求：（1）小球在空中的飞行时间；（2）抛出点距落球点的高度．【答案】（1）2s（2）20m【解析】【分析】（1）小球垂直撞在斜面上，速度与斜面垂直，将此瞬时速度进行分解，根据水平分速度和角度关系求出竖直分速度，再根据vy=gt求出小球在空中的飞行时间．（2）根据h=

12gt2求出抛出点距落地点的高度．【详解】（1）将球垂直撞在斜面上的速度分解，如图所示，由图可知θ=37°，β=53°因tanβ=0gtv，则t=0vg•tanβ=1542103ss=（2）抛出点距落地点的竖直高度为：H=12gt2=12×10×22m=20m【点

睛】解决本题的关键知道垂直撞在斜面上，速度与斜面垂直，将速度分解为水平方向和竖直方向，根据水平分速度可以求出竖直分速度，从而可以求出运动的时间．18.汽车前方120m有一自行车正以6m/s的速度匀速前进，汽车以18m/s的速

度追赶自行车，若两车在同一条公路不同车道上做同方向的直线运动，求：（1）经多长时间，两车相遇（2）若汽车追上自行车后立即刹车，汽车刹车过程中的加速度大小为2m/s2，则再经多长时间两车再次相遇【答案】（1）10

s（2）13.5s【解析】【详解】（1）设经t1秒，汽车追上自行车，由题意得：v汽t1=v自t1+x代入数据解得：t1=10s；（2）汽车的加速度大小为a=2m/s2，假设第二次相遇所用的时间为t2，则有：v自

t2=v汽t2-12at22代入数据解得：t2=12s．设汽车从刹车到停下用时t3秒，则有：329vtsta汽＜==，故自行车再次追上汽车前，汽车已停下，停止前汽车的位移为：302vxt+=汽汽设经t4时间追上，则有：v自t4=x汽解

得：t4=13.5s，再经过13.5s两车第二次相遇．