【文档说明】【精准解析】云南省昆明市2019-2020学年高一下学期期末考试质量检测物理试题.doc，共(18)页，588.000 KB，由小赞的店铺上传

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昆明市2019～2020学年高一期末质量检测物理一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列说法中正确的是（）A.太阳很大，一定不能被看成质点B.在研究乒乓球的旋转问题时，可以把乒乓球看成质点C.通常说“太阳东升西

落”，是以太阳为参考系D.田径运动会1000m比赛中的“1000m”指的是路程【答案】D【解析】【详解】A．在研究太阳的运动轨迹时，太阳的大小可以忽略不计，可以看成质点，故A错误；B．在研究乒乓球的旋转问

题时，不能把乒乓球看成质点，如果把乒乓球看成质点就无法研究其旋转问题，故B错误；C．通常所说的“太阳东升西落”，是以地球为参考系，不是以太阳为参考系，故C错误；D．田径运动会1000m比赛中的“1000m”是运动轨迹的长度，指的是路程，故D正确。故选D。2.关于匀

变速直线运动，下列说法正确的是（）A.匀变速直线运动是加速度均匀变化的直线运动B.匀变速直线运动是速度均匀变化的直线运动C.做匀减速直线运动的物体，加速度是减小的D.做自由落体运动的物体，下落高度与时间成正比【答案】B【解析】【详解】A

．匀变速直线运动是加速度不变的直线运动，选项A错误；B．匀变速直线运动是速度均匀变化的直线运动，选项B正确；C．做匀减速直线运动的物体，加速度是不变的，选项C错误；D．做自由落体运动的物体，下落高度212hgt=，与时间平方成正比，选项D错误。故选B。3.2020年6

月23日9：43，我国在西昌卫星发射基地成功发射了北斗系列最后一颗组网卫星，成功实现“北斗收官”。该卫星离地面的高度约为73.610m，它和已成功运行的中圆地球轨道卫星（离地面的高度约为72.110m）相比，该卫星的（）A.周期大B.角速度大C.线速

度大D.向心加速度大【答案】A【解析】【详解】A．根据22(2)GMmmrrT=可得234rTGM=可知轨道半径越大，运动周期越长，A正确；B．根据22GMmmrr=可得3GMr=可知轨道半径越大，运动角速度越小，B错误；C．根据22GMmmvrr=可得可知轨道半径越

大，运动的线速度越小，C错误；D．根据2GMmmar=可得向心加速度2GMar=可知轨道半径越大，向心加速度越小，D错误。故选A。4.某物体做直线运动，其速度v随时间t变化的图象为如图所示的正弦曲线。则下列说法正确的是（）A.物体在0~t4时间内做单向直线运动B.物体在t1时刻前后运动方向相

反C.物体在t3时刻的加速度比t2时刻的大D.物体在0~t4时间内的位移为零【答案】D【解析】【详解】A．物体在0～t2时间内沿正方向做直线运动，物体在t2～t4时间内负方向做直线运动，所以物体在0～t4时间内做往返直线运动，故

A错误；B．物体在t1时刻前后速度均为正，运动方向相同，故B错误；C．根据图象的斜率表示加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，知物体在t3时刻的加速度比t2时刻的小，故C错误；D．根据图象与时间轴所围的面积表示位移，知物体在0～t2时间内

位移为正，在t2～t4时间内位移为负，且两段时间内位移大小相等，所以物体在0～t4时间内的位移为零，故D正确。故选D。5.如图所示，长度为2L、不可伸长的轻质细绳两端固定在等高的A、B两点，A、B之间的距离为3L

，衣服用衣架悬挂在绳上。已知衣服和衣架总质量为M，重力加速度为g，不计衣架挂钩与绳间摩擦，则衣架挂钩静止时绳拉力的大小为（）A.12MgB.32MgC.MgD.3Mg【答案】C【解析】【详解】由几何关系可得，衣架

挂钩静止时，两侧绳间夹角为120°，对绳与衣架挂钩接触的点受力分析，将F分解如图。所以衣架挂钩静止时绳拉力的大小TFMg==故C项正确，ABD三项错误。故选C。6.如图甲所示，一物体静止在水平面上，从t=0时刻起受一向右的水平拉力F作用，该力随

时间t变化的关系如图乙所示，该物体加速度a随时间t变化的图象如图丙所示。若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是（）A.物体的质量为1kgB.t=4s时刻，物体的速度大小为2m/sC.物体与地

面间的动摩擦因数为0.5D.物体与地面的最大静摩擦力大小为2N【答案】B【解析】【详解】AC．设物体的质量为为m，物体与地面间的动摩擦因数为μ，对物体根据牛顿第二定律可得F-μmg=ma因当t=2s时F1=1N，加速度a1=0μmg=1因当t=4s时F2=2N，加

速度a2=2m/s2-μmg=2m解得m=0.5kgμ=0.2故AC错误；B．a-t图象与坐标轴围成的面积表示速度的变化，0～2s内物体静止，所以t=4s时刻，物体的速度大小为v=12×(4−2)×2m/s=2m/s故B正确；D．根据丙图可知t=2s时物体开始运动，则根据乙图可知此时的拉力F

=1N，根据平衡条件可得：摩擦力f=F=1N所以物体与地面的最大静摩擦力大小为1N，故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。7.关

于物理学史，下列说法正确的是（）A.亚里士多德认为轻重不同的物体下落一样快B.伽利略的理想斜面实验说明力不是维持物体运动的原因C.牛顿第一定律不能用实验直接验证D.牛顿发现了万有引力定律并测定了万有引力常量【

答案】BC【解析】【详解】A．亚里士多德认为重的物体下落的快，轻的物体下落的慢，A错误；B．伽利略的理想斜面实验说明当物体不受力时，物体既不向偏也不向右偏，它将永远沿着原来的方向，不停的运动下去，从而说明物体运动根据

不需要力，因此力不是维持物体运动的原因，B正确；C．牛顿第一定律是一个理想实验定律，只能拓展外推得出而不能用实验直接验证，C正确；D．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测定了万有引力常量，D错误。故选BC8.有以下物理过程：甲图中跳伞运动员匀速

下落；乙图中光滑地面上放置一光滑斜面B，物块A从B上由静止下滑；丙图中小球先自由下落然后把弹簧压缩到最低点；丁图中子弹射入放置于光滑水平面上的木块并留在木块中。关于这几个物理过程，下列判断正确的是（）A.甲图中跳伞运动员的机械能不守恒B.乙图中物块A的机械能守恒C.丙图中小球、弹簧和地

球组成的系统机械能守恒D.丁图中子弹和木块组成的系统机械能守恒【答案】AC【解析】【详解】A．甲图中跳伞运动员的动能不变，重力势能减小，则机械能不守恒，选项A正确；B．乙图中A、B组成的系统机械能守恒，但是物块A的机械能不守恒，选项B错误；C．丙图中

小球、弹簧和地球组成的系统只有重力和弹力做功，则系统的机械能守恒，选项C正确；D．丁图中子弹和木块组成的系统，由于有内能产生，则系统的机械能不守恒，选项D错误。故选AC。9.一小球做平抛运动，依次通过A、B、C三点，

A、B两点间的水平距离等于B、C两点间的水平距离，若小球从A运动到B速度改变量为△v1，从B运动到C速度改变量为△v2，下列说法正确的是（）A.△v1与△v2相等B.△v1与△v2不相等C.从A到C该小球速度的变化率逐

渐增大D.从A到C该小球速度的变化率保持不变【答案】AD【解析】【详解】AB．由于小球水平方向做匀速直线运动，根据x=v0t可知小球从A运动到B、从B运动到C经过的时间t相等，根据△v=gt可知△v1与△v2相等，

故A正确、B错误；CD．平抛运动竖直方向为自由落体运动，水平方向为匀速直线运动，小球速度的变化率即为vgt=由于重力加速度g不变，所以从A到C该小球速度的变化率保持不变，故C错误、D正确。故选AD。10.如图所示，倾角为30°的固定斜

面高为h。质量为m的小物块自斜面顶端由静止开始以14g的加速度匀加速下滑，g为重力加速度，则物块由斜面顶端滑到底端的过程，下列说法正确的是（）A.物块的动能增加了14mghB.物块的动能增加了12mghC.物块的机械能减少了12mghD.物块的机械能减少了m

gh【答案】BC【解析】【详解】AB．物块的合外力为14Fmamg==合合外力做功为114sin302hWFxmgmgh===合合根据动能定理知物块的动能增加等于合外力做功，故△Ek=12mgh故A错误，B正确；CD．根据重力做功可得物块的重力势能减少量为△

Ep=mgh动能增加量为△Ek=12mgh则机械能减少量为△E=△Ep-△Ek=12mgh故C正确，D错误。故选BC。11.汽车在平直公路上由静止开始做匀加速直线运动，达到一定速度后，立即改做匀速直线运动。汽车所受牵引力大小用F表示，汽车牵引

力的功率用P表示，汽车运动过程中所受阻力恒定不变。下列图象中能定性表示此过程F、P随时间t的变化关系的是（）A.B.C.D.【答案】AD【解析】【详解】AB．汽车做匀加速运动时F-f=ma则F=ma+f匀速运动时F=f则图像A正确，B错误；CD．加速运动时P=Fv=(ma+f)at加速结束时P1

=(ma+f)at1匀速运动时P′=fv=fat1选项C错误，D正确。故选AD。12.如图所示，长为0.3m的轻杆一端固定质量为m的小球（可视为质点），另一端与水平转轴O连接。现使小球在竖直面内绕O点做匀速圆周运动，轻杆对小球的

最大作用力为74mg，已知转动过程中轻杆不变形，取重力加速度g=10m/s2。下列说法正确的是（）A.小球转动的角速度为5rad/sB.小球通过最高点时对杆的作用力为零C.小球通过与圆心等高的点时对杆的作用力为34mgD.小球从最高点到最低点的过程中，对杆的作用力不

断增大【答案】AD【解析】【详解】A．小球运动到最低点时杆对小球的作用力最大，则2Tmgmr−=解得ω＝5rad/s选项A正确；B．小球通过最高点时'2Tmgmr+=解得'14Tmg=−可知杆对球有向上的支持力，球对杆有向下的压力大小为14mg选项B错误；C．小球通过与圆心等高点时对

杆的作用力为''2225()()4Tmgmrmg=+=选项C错误；D．小球从最高点到最低点的过程中，杆对球的作用力与球的重力的合力提供向心力，重力竖直向下大小为mg，向心力为234Fmrmg==方向指向圆心，

则杆对球的作用力等于向心力和重力的矢量差，当球从最高点到最低点的过程中，因向心力的方向与重力夹角逐渐变大，则杆对球的作用力逐渐变大，则球对杆的作用力不断增大，选项D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共16分。把答案写在答题卡中指

定的答题处，不要求写出演算过程。13.如图所示为“研究匀变速直线运动”的实验中得到的一条纸带。已知打点计时器周期为0.02s，一位同学在纸带的左端和右端选取了A、B、C、D、E、F几个点迹清晰的点，图中121.56cm,1.80cmss==，3

43.00,3.24scmscm==。（1）纸带运动的加速度大小为_______m/s2，打下点E时的纸带的速度大小为_______m/s。（计算结果均保留2位有效数字）（2）纸带上C、D两点间还有______个打下的点。【答案】(1).6.

0(2).1.6(3).3【解析】【详解】（1）[1]根据221xatss==−解得26.0m/sa=[2]E时的纸带的速度大小234(3.003.24)10m/s1.6m/s20.04Essvt−++==。（2）[3]根据231DEABssssnat−=−=解得6n=应为A和D之间应该用

五个点，但是已经有了两个点，所以C、D两点间还有三个点。14.某同学利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律。将刻度尺固定在铁架台的横杆上（刻度尺的零刻度线在上端），光电门固定在刻度尺的下端刻度为x2的位置，接通光电门的电源，让一

个高度为d的圆柱形重锤从光电门正上方刻度为x1的位置由静止释放，重锤下落并穿过光电门，重锤高度相对于重锤下降的距离可忽略。（1）某次实验中，光电门测得重锤通过光电门时的遮光时间为△t，若重锤的质量用m表示，查得当地重力加速度为g0。则重锤由静止释放至重锤下落并穿过光电门的过程中重锤

动能增加量为_______，重锤重力势能减小量为________。（2）改变释放重锤时重锤与光电门间的距离x，多次进行实验，记录每次实验重锤通过光电门时的遮光时间为△t，该同学想用图象处理数据，为使所得图象为一条直

线，应作下列_______图象。A.x-△tB.2()xt−C.1xt−D.21()xt−（3）若（2）问中所得图象斜率为k，可得当地重力加速度g=_______。将此测量值与g0比较，若偏差不大，亦可验证小球机械能守恒。（4）本实验因下列原因产生的误差，

属于系统误差的是_______。A.刻度尺读数误差B.因忽略重锤高度而产生的误差C.小球下落过程受空气阻力影响产生的误差【答案】(1).212dmt(2).()021mgxx−(3).D(4).22dk(5).BC【解析】【详解】(1)[1][2]重锤通过光电门时的速度dvt=重

锤由静止释放至重锤下落并穿过光电门的过程中重锤动能增加量为221122kdEmvmt==重锤重力势能减小量为()021PEmgxx=−(2)[3]若机械能守恒则212dmgxmt=即2212dxgt=则为使所得图象为一条直线，要做2-1

xt图像，故选D。(3)[4]若(2)问中所得图象斜率为k，则2=2dkg可得2=2dgk(4)[5]A.刻度尺读数误差属于偶然误差，选项A错误；B.因忽略重锤高度而产生的误差是系统误差，选项B正确；C.小球下落过程受空气阻力影响

产生的误差是系统误差，选项C正确；故选BC。四、计算题：本题共4小题，共42分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。15.某位小球员将足球以10m/s的速度沿草坪向前踢出，同时自己以4m/s不变的速

度去追足球，足球被踢出后在草坪上做加速度大小为2m/s2的匀减速直线运动，求：(1)足球运动的时间；(2)运动员追上足球所需时间。【答案】(1)5s；(2)6.25s【解析】【详解】(1)对足球0vat=解得t=5

s(2)足球的位移为x1，则2012vax=解得125x=m足球运动过程中，运动员的位移2120xvtmx==因此足球停下后运动员才追上足球，据题意可得12xvt=解得t2=6.25s16.木星是太阳系中最大的行星，它拥有众多的卫星，其中的“

木卫二”具有类地环境，其冰下海洋成为了科学家寻找地外生命的目标之一。通过天文观测，发现“木卫二”在离木星表面高h处绕木星近似做匀速圆周运动，其公转周期为T。若把木星看作一质量分布均匀的球体，已知木星的半径为R，万有引力常量为G。（1）求

木星的质量；（2）若有另一卫星绕木星表面附近做匀速圆周运动，求该卫星的线速度大小。【答案】（1）2324()RhMGT+=；（2）32()RhvTR+=【解析】【详解】（1）令“木卫二”的质量为m，由牛顿第二定律有222

4()()GMmmRhRhT=++①由①得2324()RhMGT+=②（2）木星表面附近，万有引力提供向心力，有22''GMmvmRR=③联立②③得32()RhvTR+=17.如图所示，竖直平面内的半圆光滑轨道与粗糙的水平轨道相切于B点，BC为半

圆轨道沿竖直方向的一条直径，一质量m=0.2kg的小滑块（可视为质点）从水平轨道上的A点以012m/sv=的初速度向B滑行，已知A、B间的距离x=4m，之后小滑块冲上半圆轨道，恰好能够通过半圆轨道的最高点C，小滑块飞出半圆轨道后，恰

好又能落回A点。不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s2。求：(1)半圆轨道的半径；(2)小球过半圆轨道的B点时，对轨道的压力大小；(3)小球与水平轨道之间的动摩擦因数。【答案】(1)2m；(2)12N；(3)0.55【解析】【详解】(1)小滑块恰好能过最高点C，

有2CmvmgR=①小滑块由C到A做平抛运动，有Cxvt=②2122Rgt=③联立①②③解得25m/sCv=R=2m④(2)小滑块由B到C机械能守恒，有2211222CBmvmvmgR=+⑤小滑块过B点，利用牛顿第二定律，有2BNmvFmgR−=⑥由牛顿第三定律有NNFF=⑦联立

④~⑧解得10m/sBv=12NF=N⑧(3)对小滑块由A到B的过程利用动能定理，有2201122Bmgxmvmv−=−⑨解得0.55=⑩18.如图所示，足够长的水平传送带在电动机带动下以v=4m/s的恒定速度向右运动，木块A和木板B叠放在一起，A位于B的右端，A的质量

A1m=kg，B的质量2m=Bkg，A、B间的动摩擦因数125=，B与传送带之间的动摩擦因数223=。某时刻将A、B轻放到传动带上，最终A恰好没有滑离B，取重力加速度g=10m/s2。求：(1)A、B刚放上传送带时它们加速度的大小aA、aB；(2)木

板B的长度L；(3)传送带克服木板B与传送带间的摩擦力做的功W。【答案】(1)2A4m/sa=；2B8m/sa=(2)L=1m；(3)48J【解析】【详解】(1)根据牛顿第二定律，对A1AAAmgma=解得2A4m/sa=对B2AB1ABB()mmgmgma+−=解得2B8m/sa

=(2)设B经时间t1与传送带共速，则B1vat=解得t1=0.5s设A经时间t2与传送带共速A2vat=t2=1s从将A、B放上传送带到均与传送带相对静止的过程中2BB1211()2xatvtt=+−2AA212xat=木板长度L

xx=−BA解得L=1m(3)解法一B与传送带共速前传送带克服摩擦力做的功12AB1()Wmmgvt=+B与传送带共速后传送带克服摩擦力做的功21A21()Wmgvtt=−则12WWW=+解得W=48J解法二据功能关系可得22AB121122Wmvmv

QQ=+++11AQmgL=222AB1B11()g()2Qmmvtat=+−解得W=48J