【文档说明】河北省百师联盟2023-2024学年高三下学期开学摸底联考试题 物理 含解析.docx，共(13)页，1.206 MB，由管理员店铺上传

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2024届高三开年摸底联考物理试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题

卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。考试时间为75分钟，满分100分一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.

在2023年的短道速滑世锦赛中，中国队在男子5000米接力赛中表现出色，最终获得冠军。如图为李文龙、林孝埈交接棒瞬间。假设两人质量均为75kg，两人交接前瞬间速度向前均为10m/s。交接时后方运动员用力推前方运动员，经

过0.5s交接，分开瞬间前方运动员速度变为12m/s。不计二人所受冰面的摩擦力，且交接棒前后瞬间两人均在一条直线上运动，交接过程后方运动员对前方运动员的平均作用力为A.150NB.300NC.450ND.600N2.在示波器、电子显微镜等器件中都需要将电子束聚焦，常采用的聚焦装置之一是静电

透镜。静电透镜内电场分布的截面图如图所示，虚线为等势面，左侧等势面电势较低，相邻等势面间电势差相等。现有一束电子以某一初速度从P点进入该区域，电子运动的轨迹可能正确的是A.B.C.D.3.华为Mate60利用“天通一号”同步卫星系统实现了卫星通话功能。如图所示，

同步卫星发射过程可简化为卫星首先进入环绕地球的近地停泊轨道，自停泊轨道B点进入椭圆形转移轨道，在转移轨道上无动力飞行至A点开启发动机进入地球同步轨道，忽略发射过程中卫星质量的变化。下列说法正确的是A.卫

星在停泊轨道的动能小于在同步轨道的动能B.卫星在转移轨道无动力飞行时机械能逐渐减小C.卫星在同步轨道的机械能大于在停泊轨道的机械能D.卫星在转移轨道的机械能大于在同步轨道的机械能4.氢原子第n能级的能量为12nEEE=，其中E1是基态能量，

n=1，2，3，…。若处于某能级的氢原子可辐射能量为1536E−的光子，辐射光子后原子的能量比基态能量高134E−，处于该能级（辐射光子前）的大量氢原子向低能级跃迁时，辐射光子的频率有A.3种B.4种C.6种D.10种5.一定质量的理想气体经历A→B

→C→A的过程，其体积随温度的变化情况如图所示。下列说法正确的是A.A→B过程，气体压强增大B.A→B过程，气体的内能增加C.B→C过程，气体吸收热量D.C→A过程，气体压强减小6.如图所示，半径为R的圆形金属导轨固定在水平面上，一根长度为R的金属

棒一端与导轨接触良好，另一端固定在导轨圆心处的导电转轴上，在圆形导轨区域内存在方向垂直导轨平面向下的匀强磁场。一对正对金属板M、N水平放置，两板间距也为R，上、下极板分别通过电刷与导轨及转轴连接。金属板M、N之间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度与圆形导轨区域的磁感应强度大小相等。

当金属棒绕转轴以某一角速度逆时针（从上往下看）转动时，以速度v射入金属板M、N间的带电粒子恰好做匀速直线运动。可忽略粒子的重力，不计一切电阻，则金属棒转动的角速度为A.2vRB.2vRC.vRD.22vR7

.上海中心大厦的高速电梯堪称世界之最，55秒可到达119层。某次乘坐高速电梯由静止开始向上运动的简化模型如图甲所示。已知电梯上行时加速度从0开始逐渐增加，电梯的加速度a随上升高度h变化，a-h图像如图乙所示。电梯总质量m=2.0×103k

g，钢缆绳对电梯的拉力用F表示，忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2。下列说法正确的是A.电梯上升至h=20m时钢缆绳拉力大小为1.8×104NB.电梯上升至h=320m时钢缆绳拉力大小为4×103NC.电梯运行的最大速度大小为610m/s

D.电梯由h=0上升至h=100m的过程中，增加的机械能约为2.6×105J二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图为远距离高压

输电的示意图，发电站的发电机内阻可忽略，产生的交流电有效值恒定。远距离高压输电导线电阻不可忽略，所用变压器均可看成理想变压器。下列分析正确的是A.增大输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B.仅当一

般用户电功率增加时，工厂端电压升高C.仅当工厂电功率增加时，通过输电导线的电流增大D.仅当工厂电功率增加时，一般用户端交流电频率变大9.如图为钓鱼时鱼漂竖直漂浮在水面的示意图。某次鱼咬钩时将鱼漂往下拉一小段距离后松口，鱼漂上下振动。若鱼漂在竖直方向的运动可看成简谐运动，取竖直向下为正方

向，以鱼漂运动至最低点时开始计时，用t、x、v、F、a分别表示鱼漂运动的时间、相对平衡位置的位移、瞬时速度、回复力、加速度，关于鱼漂在此过程中的运动，下列图像可能正确的是A.B.C.D.10.如图所示，在平直公路上用卡车运送四块相同的板形货物。当汽车加速运动时，由于加速度过大，导致

底层货物相对车厢发生滑动。已知货物与货物之间的动摩擦因数均为μ1，货物与车厢之间的动摩擦因数为μ2，每块货物质量均为m，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。下列说法正确的是A.四块货物之间彼此均可能产生

相对运动B.第2块货物受到第1块货物的摩擦力可能为3μ1mgC.如果μ1<μ2，第2块货物受到的摩擦力的合力为μ1mgD.如果μ1>μ2，第2块货物受到的摩擦力的合力为μ2mg三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.（

6分）如图甲所示的实验装置可以用来验证机械能守恒定律，劲度系数为k的弹簧上端固定在铁架台横梁上，下端连接一枚固定有挡光片的钢球。用手拖住钢球，使弹簧刚好处于原长，此时钢球处于O1点；撤去手的作用力，钢球静止时处于O2点。在钢球的下方放置光电门A和光电门B，调整它们的位置，

使得钢球由静止释放后能够通过两个光电门。测得钢球和挡光片总质量为m，O1、O2两点间的距离为h1，光电门A、B与O1点之间的距离分别为h2和h3，已知重力加速度大小为g。（1）用螺旋测微器测量光电门挡光片宽度d如图乙所示，则d=__________mm。（2）实验过程中测得挡光片

经过光电门A、B时的挡光时间分别为△t1、△t2，则钢球经过光电门A时的动能为__________（用所测量物理量的字母表示）；若△t2>△t1则表明钢球从A到B过程中，重力势能的减少量__________（选填“大于”“小于”或“等于”）弹簧弹性势能的增加量。（3）钢球从光电门A运动到

光电门B的过程中，由于弹簧弹力与伸长量成正比，可用平均力计算克服弹力所做的功，进而得到弹簧弹性势能的增加量△Ep=__________（用所测量物理量的字母表示），根据实验数据得出钢球机械能的减少量△E，

比较△Ep和△E，若两者在误差范围内近似相等，则钢球和弹簧组成的系统机械能守恒。12.（9分）某同学要测量一个满偏电流Ig=1mA的表头G的内阻，并将其改装成量程为0.6A的电流表。（1）采用图甲所示电路测量表头G的内阻。闭合开关K1，断开开关K2，调节滑动变阻器R1的滑片，使表头G

满偏，记录此时电流表A的示数；再闭合开关K2，保持滑动变阻器R1的滑片位置不变，调节电阻箱R2，使电流表A示数不变，记录电阻箱R2的阻值和对应表头G的电流I，记录数据如下表所示。当R2=800Ω时，电流表G的示数如图乙所示，则流过G的电流

是_________mA。以1I−为纵轴，以12R−为横轴作1I−—12R−图像，如图丙所示，用计算机拟合并写出解析式，根据解析式可以得到表头内阻，则表头内阻Rg=__________Ω。R2（Ω）10040080010001500200030004000I（mA）0.150.420.650.

730.780.850.88（2）给表头G___________（选填“串”或“并”）联一个电阻R3改装为电流表，进行校准时，改装后的电流表示数总小于标准电流表示数，应调节电阻R3的阻值，即把R3阻值__________（选填“调大”或“调小”）。（3）当表头G的示数为45g

I时，标准电流表A1的示数为0.50A，则改装之后的电流表实际量程是__________A。（结果保留两位有效数字）13.（10分）如图所示，一艘帆船静止在湖面上，潜水员在水下O点用激光笔进行实验。已知O点到水面距离

h=7m，当向右照射，光线在水面上A点恰好发生全反射，A点到O点的水平距离为3m。潜水员在O点向左照射桅杆顶端B点，B到水面的竖直距离H=5m，C点为激光射出点，BC连线与竖直方向夹角为45°。求：（结果可用分式或根号表示）（1

）水对激光的折射率n；（2）B点到O点的水平距离。14.（13分）如图所示，在直角坐标系xOy平面内，第一、二象限存在沿y轴正方向的匀强电场，电场强度大小为E，第三、四象限存在垂直于坐标平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小可根据需要进行调节。在第四象限y=-a处紧挨y轴放置长度为

a的荧光屏MN。质量为m、电荷量为-q（q>0）的粒子自第二象限电场中某点以沿x轴正方向、大小为v0的速度射入电场，从坐标原点O、沿与x轴夹角为30°的方向进入第四象限的磁场中，不计粒子重力和因磁场变化产生的电场。（1）求粒子发射点的位置坐

标；（2）若粒子打在荧光屏上的M点，求粒子在磁场中运动的时间；（3）若粒子能打在荧光屏上，求磁感应强度大小的范围。15.（16分）如图所示，质量均为m的n个物块等间距地静止在粗糙水平面上，间距为L。物

块与水平面之间的动摩擦因数为μ，现给物块1一个瞬时冲量，使其获得一定初速度v0（未知），运动L后物块1与物块2碰撞并粘在一起，运动L后再与物块3发生完全非弹性碰撞，依次最终n个物块粘在一起继续运动L后恰好静止。已知所有碰撞时间极短，物块均

可看成质点，忽略空气阻力，重力加速度为g，()()22221211236nnnn++++++=……。（1）在第k（k<n）个物块与第k+1个物块发生碰撞的过程中，求所有物块组成的系统碰撞前、后总动能之比；（2）自物块1获得瞬时冲量后至全部物块停止运动的过程中，求因摩擦损失的机

械能；（3）求物块1获得的初速度v0的大小。2024届高三开年摸底联考物理参考答案及评分意见1.B【解析】对前方运动员根据动量定理得0Ftmvmv=−，代入数据解得300NF=，B正确。2.D【解析】电子橵曲线运动，速度方向沿轨迹切线，C错误，电子带负

电，所受电场力方向沿电场线方向，与等势面垂直，指向电势高的位置，且电场力北向轨迹的凹侧，A、B错误，D正确。3.C【解析】根据万有引力提供向心力有22GMmmvrr=，卫星做圆周运动的速率GMvr=，卫星在停泊轨道的速率大于在同步轨道的速率，所以卫星在停泊轨道的动能大于在同步轨道的动能，A错误

；卫星在转移轨道无动力飞行过程中仅有万有引力做功，机械能不变，B错误；卫星在B点和A点均需点火加速，机械能会增加，C正确，D错误。4.A【解析】氢原子辐射光子后的能量1113144EEEE=−=，根据

玻尔理论氢原子发射光子的能量mnEEE=−，得到氢原子发射光子前的能量1111514369EEEE=−=，则发射光子前氢原子处于3n=能级，向低能级跃迁时辐射光子的种类22NC3==种，A正确。5.C【解析】B→A过程气体温度不变，体积增大，根据理想气体状态方程p

VCT=可知，气体压强减小，A错误；AB→过程温度不变，气体内能不变，B错误；BC→过程，气体体积不变，外界对气体做功为零，气体温度升高，内能增加，根据热力学第一定律UWQ=+，可知气体吸收热量.C正确；CA→过程，气体

体积与温度比保持不变，即压强不变，D错误。6.A【解析】金属棒转动骑个磁感线形成的电动势212EBR=，金属板MN、之间的电场强212BRER==2BR，带电粒子在金属板之间做匀速直线运动在2BRqBqv=，解得2vR=，A正确。7.C【解析

】20mh=时电梯的加速度大小为22m/s，方向向上，根据牛顿第二定律有Fmgma−=，解得F=42.410N,A错误；320mh=时电梯的加速度大小为22m/s，方向向下，根据牛顿第二定律有mgFma−=.解得F′=1.6×104N，B错误；由a-h图像知，图线

与横轴所围成的面积乘质量m后表示合力的功，根据动能定理有()2801002122mvm+=，可得电梯最大速度610m/sv=，C正确；在电梯由0h=到100mh=的过程中，增加的机械能等于增加的动能与势能之和，即2612.36102mvmghJ+=，D错误。8.AC【解析】

增大输电导线的横截面积可以减小电阻，根据2PIR=损，可知有利于减少输电过程中的电能损失，A正确；仅当一般用户电功率增加时，通过输电导线的电流增大，输电导线的电压损失将增加，工厂端电压下降，B错误；同理仅当工厂电功率增加时，通过输电导线的电流增大，但

交流电频率保持不变，C正确，D错误。9.BD【解析】取竖直向下为正方向，以鱼漂运动至最低点时开始计时，则t=0时刻，鱼漂的位移为正方向最大值，速度为零，过一小段时间，鱼漂的速度变大，方向向上，为负值，A错误，B正确；根据F=ma=-kx可知，回复力与位移大小成正比，则t=0时刻，鱼漂的回复力为

负向最大值，加速度大小与位移大小成正比，方向相反，C错误，D正确。10.BCD【解析】货物相对车厢运动，假设货物保持相对静止，根据牛顿第二定律，四块货物的加速度12ag=，对2,3,4货物研究，应满足112333mgmamg=，

即12，此时第2块货物受到的摩擦力的合力2mg，D正确；若12.即112333mgmamg=，所以2,3,4货物将相对货物1滑动，三者的加速度21ag=，三块货物彼此相对静止，则不可能出现四块货物之间

彼此均相对运动的情况，此时第2块货物受到第1块货物的摩擦力为13mg，货物2水平方向受到的摩擦力的合力提供加速度，根据牛顿第二定律知第2块货物受到的摩擦力的合力为1mg，A错误，B，C正确。11.（1）

2.330（1分）（2）2212mdt（1分）小于（2分）（3）()223212khh−（2分）【解析】（1）螺旋测微器的分度值为0.01mm，则挡光片宽度2mm33.00.01mm2.330mmd=+=。（2）钢球经过光电门A时的速度1d

vt=，动能22x1122mdEmvt==；若21tt则表明小球从A到B动能减少，故重力势能的减少量小于弹簧弹性势能的增加量。（3）小球从光电门A运动到光电门B的过程中，弹簧弹性势能的增加量()()22323232122pkhkh

Ehhkhh+=−=−。12.（1）0.60（1分）548（2分）（2）并（2分）调大（2分）（3）0.63（2分）【解析】（1）表头量程为1mA，分度值为0.02mA，所以读数为0.60mA；根据并联分流关系22ggRIIRR=

+，其中1mAgI=，化简得211gRIR=+，斜率为gR，解得548gR=.（2）改装电流表，应将3R与表头G并联；改装后的电流表示数小于标准电流表示数，说明通过表头的电流小，通过分流电阻3R的电流大，

因此应将分流电阻3R的阻值调大。（3）根据电压相等，有3440.50A55gggIRIR=−，设改装之后的电流表实际量程为()113,gggIIRIIR=−，联立解得10.625A0.63AI=。13.（1）43（2）31615m23+【解析】（1）光在A点恰好发生全

反射，入射角等于临界角C，则有1sinCn=（2分）()2233sin437C==+（1分）解得43n=（2分）（2）设激光在C点的入射角为，根据折射定律有sin45sinn=（2分）解得32sin8=（1分）OB的水平距离t

an45tandHh=+（1分）解得31615m23d=+（1分）14.（1）22003,36mvmvEqEq−（2）03av（3）()003323mvmvBqaaq−【解析】（1）带电粒子在电场中受到沿y轴负方向的电场力作用

，做类平抛运动，沿x轴方向速度不变，x=0vt−，在O点满足0tan30yvv=（1分）粒子在y轴方向做匀加速运动，21,2yvatyat==（1分）其中qEam=（1分）解得22003,36mvmvxyEqEq=−=发射点的位置坐标为22003,36mvmvEqEq−

（2分）（2）粒子进入第四象限时速度大小为0023cos303vvv==（1分）粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，由几何关系可知，打在荧光屏上的M点时，粒子轨迹圆的半径132cos303aaR==（1分）轨道对应的圆心角23=（1分）粒子在磁场中运动的时间1Rtv=（1分）

解得03atv=（1分）（3）粒子打在M点时，磁感应强度取最大值，带电粒子打在N点时，磁感应强度取最小值，运动轨迹如图所示。根据洛伦磁力提供向心力，有211mvqvBR=，解得012mvBaq=（1分）设粒子从荧光屏上的N点射出时，轨迹圆的半径为R2，由几何

关系可知222222322RRaaR−++=解得()231Ra=+根据洛仑磁力提供向心力，有222mvqvBR=，解得()02333mvBqa−=（1分）则磁感应强度大小的范围为()003323mvmvBqaaq−（1分）15.（1）1kk+

（2）()12nnmgL+（3()()()()2121211233nnnnnnngLgL−−+++或【解析】（1）设第k个物块碰撞前瞬间速度为vk，碰撞后瞬间速度为vk+1，根据动量守恒有()11kkkmvkmv+=+（1分）碰撞前系统动能2

12kkkEkmv=（1分）碰撞后系统动能()2(11112kkkEkmv++=+（1分）综上可得()11kkkkEkEk++=（1分）（2）（2）物块1向前运动L的过程中，因摩擦损失的机械能Q1=μmgL（1分）前2个物块碰撞后向前运动L的过程中，因摩擦损失的机械能Q2=2μmgL（1分）前n

个物块碰撞后向前运动L的过程中，因摩擦损失的机械能Qn=μnmgL（1分）所以()()11232nnQmgLnmgL+=++++=（1分）（3）设瞬时冲量作用后物块1的动能20012Emv=物块1与物块2碰撞前动能10fEEmgL=−根据（1）问结论，碰撞后系统剩余动能()20

101122fEEEmgL==−（1分）物块1、2与物块3碰撞前瞬间，系统剩余动能()()22220001112212222fEEmgLEmgLmgLEmgL=−=−−=−+（1分）物块1，2与物块3碰撞后瞬间，系统剩余动能()()2222320002211111212213223

3fEEEmgLEmgL==−+=−++（1分）物块1,2,3与物块4碰前的瞬间，系统剩余动能()222330011312333fEEmgLEmgL=−=−++（1分）依次类推，在前

()1n−个物块与物块n破撞前瞬间，系统剩余动能()()22202111123111nfEEnnn−=−++++−−−mgL()021116nnEmgLn−=−−（1分）前（n-1）个物块与物块n碰后瞬间剩余动能(

)()()001f?121116nnnnnEEEmgLnmgLnn−−−−==−=（1分）解得()()2200121126nnnEmvnmgL−−==+（1分）则()()()()200121211233nnnnnnvngLvgL

−−++=+=或（1分）