【文档说明】四川省成都市石室中学2020-2021学年高一下学期周考（5月18日）物理答案.docx，共(3)页，93.911 KB，由小赞的店铺上传

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成都石室中学高2023届高一下期周考物理试题答案一、单项选择题（本题共8个小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题意）12345678DBCDDBAD二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分，在每小题给出的四个选项中有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的

得2分，有选错得0分）910111213ACDBCACBDBD三、实验探究题（本题共2小题，共12分）14.（1）2:1（2）1:215.（1）B；D（2）C（3）0.48；0.47四、计算题（本题共4小题，共44

分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。）16.(8分)解：（1）当杆到达竖直位置时，设A、B的速度分别为vA、vB因为A、

B角速度相同，所以：vA=2vB由系统机械能守恒得：22211+3322ABLmgLmgmvmv=+联立解得：2215AgLv=215BgLv=在竖直位置时对B由牛顿第二定律得：23BBvmgFmL+=解得：35BFmg=−即杆对B的弹

力大小为35mg，方向竖直向上（2）对A由动能定理得：22132AAmgLWmv+=解得：25AWmgL=−17.（12分）解：（1）设电动机刚达到最大功率时，物体的速度为v1，则：110/PvmsF==所以，当物体速度为v=12m/s时，电动机功率已经达到最大，此时拉力为：11

00PFNv==由牛顿第二定律得：11Fmgma−=解得：a1=2.5m/s2（2）设物体匀加速阶段的加速度为a，由牛顿第二定律得：Fmgma−=解得：a=5m/s2匀加速阶段的时间：112vtsa==匀加速阶段的位移：1111102xvtm==物体运动的最大速度：15/mPvmsmg

==设从功率达到最大到物体上升到最高处的时间为t2，位移为x2，则：x2=h-x1=110m由动能定理得：222211122mPtmgxmvmv−=−解得：t2=7.75s物体运动的总时间：t=t1+t2=9.75s（3）匀加速阶段电动机

对物体所做的功：111200WFxJ==功率恒定阶段电动机对物体所做的功：229300WPtJ==全过程电动机对物体所做的功：1210500WWWJ=+=18.（12分）解：（1）由图乙可知，在0~1.5s的过

程中，木块相对传送带运动，其加速度大小22m/s4m/s5.1)2(4=−−==tva根据牛顿第二定律得：μ(m+M)g=(m+M)a代入数据求得μ=0.4（2）子弹进入木块过程，由动量守恒定律得mv0=(m+M)v1解得：v0=80m/s系统损失的机械能为

：2120)(2121vMmmvE+−=解得：J304=E（3）电动机多做的功等于传送带克服摩擦力所做的功传)(gxMmμW+=vtx=传代入数据求得：J24=W19.（12分）解：（1）小物块与木板系统生热QmgLQ=J65=Q（2）由题分析知，小物

块与木板相对运动时设小物块加速度为1amgma=121m/s1=a木板加速度为2a2MamgF=−22m/s2=a撤去F瞬时小物块速度为1vttav==11木板速度为2vttav222==该过程木

板相对小物块位移22121221221ttatax=−=撤去F后历时't小物块恰好运动到达木板左端A处，小物块与木板达到共同速度v由动量守恒定律得：vMmMvmv)(21+=+35tv=对小物块：由动量定理得：)(1'vvmmg

t−=32'tt=该过程木板相对小物块位移32)(2)(2)(2'12'1'22ttvvtvvtvvx=−=+−+=木板长度21xxL+=256t=解得：1s=t（3）力F做功2221taFW=或2)(21vMmQW++=获得更多资源请扫码加入

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