【文档说明】西藏拉萨中学2021届高三上学期第三次月考理科综合物理试卷 【精准解析】.doc，共(17)页，719.000 KB，由小赞的店铺上传

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西藏拉萨中学2021届高三上学期第三次月考理综物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.关于近代物理学，下列说法正

确的是（）A.α射线、β射线和γ射线是三种频率不同的电磁波B.一群处于n＝3能级的氢原子向低能级跃迁时能辐射出5种不同频率的光子C.由玻尔氢原子理论可知，氢原子核外电子跃迁过程中电子的电势能和动能之和守恒D.经典物理学不能解释原子光谱的不连续

性，也不能解释原子的稳定性【答案】D【解析】【详解】A．α射线是氦核流、β射线是电子流、γ射线是电磁波，故A错误。B．根据23C=3知，一群处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁时能辐射出3种不同频率的光，故B错误；C．根据玻尔理论可

知，氢原子核外电子跃迁过程中氢原子吸收能量或释放能量，电子的电势能和动能之和是不守恒的，故C错误；D．经典物理学不能解释原子光谱的不连续性，也不能解释原子的稳定性，故D正确。故选D。2.金星、地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，它们

的向心加速度大小分别为a金、a地、a火，它们沿轨道运行的速率分别为v金、v地、v火．已知它们的轨道半径R金<R地<R火，由此可以判定A.a金>a地>a火B.a火>a地>a金C.v地>v火>v金D.v火>v地>v金【答案

】A【解析】【详解】AB．由万有引力提供向心力2MmGmaR=可知轨道半径越小,向心加速度越大,故知A项正确，B错误；CD．由22MmvGmRR=得GMvR=可知轨道半径越小,运行速率越大,故C、D都错误．3.甲、乙两车在平直公路上从同一地点沿同一方向做直线运动，它们的v—-t图像如图所示。

下列判断正确的是（）A.乙车启动时，甲车在其前方50m处B.乙车超过甲车后，两车会再相遇C.乙车启动10s后正好追上甲车D.运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为50m【答案】A【解析】【详解】A．v-—t图像所围的面积即为物体的位移，因此，当乙车启动时，甲车的位移为1110

10m50m2s==故A正确；BC．由图像所围面积可知，乙车启动10s后，甲车的位移为211010m1010m150m2s=+=乙车的位移为311020m100m2s==故此时乙车仍未追上甲车，由()111010m1

0101020m2022tt++=+解得5st=，即乙车在25s时追上甲车，此后乙车速度始终大于甲车，故两车不会再相遇，故BC错误；D．两车速度大小相等时，距离最远，故在t=15s时，甲乙两车距离最大，最大距离为111010m105m105m75m2

2s=+−=故D错误。故选A。4.理想变压器原线圈a的匝数n1＝800匝，副线圈b的匝数n2＝200匝，原线圈接在u=2202·sin（314t）V的交流电源上，副线圈中“12V，6W”的灯泡L恰好正常发光，电阻R2＝16Ω，电压表V为理想电表。则下列推断

正确的是（）A.电阻R1的阻值为100ΩB.R2消耗的功率为8WC.电压表V的示数为20VD.穿过铁芯的磁通量的变化率最大为10Wb/s【答案】C【解析】【详解】AC．变压器次级电流26A=0.5A12I=次级电压22212V0.516V=20VLUUIR=+=

+即电压表读数为20V；则初级电流21212000.5A=0.125A800nIIn==初级电压112280020V=80V200nUUn==则122080Ω1120Ω0.125RURI−===A错误，C正确；B．R2消耗的功率为222220.516

W=4WRPIR==B错误；D．初级电压最大值为1m802VU=穿过铁芯的磁通量的变化率最大为m11m1802Wb/s0.12Wb/s800Utn===D错误。故选C。5.如图所示，带电平行板中匀强磁场方向水平垂直纸面向里，某带电小球从光滑绝缘轨道上的a点自由滑下，经过轨道端

点P进入板间后恰能沿水平方向做直线运动。现使小球从较低的b点开始下滑，经P点进入板间，在板间的运动过程中（）A.其电势能将会增大B.其机械能将会增大C.小球所受的洛伦兹力的大小将会减小D.小球的速度将减小【答案】A【解析】【详解】根据题意分析得，小球从P点进入平行板间后做直线运动，对小

球进行受力分析可得小球共受到三个力作用且合力为零。因为重力方向竖直向下，则可知电场力F和洛伦兹力F洛方向相同，都竖直向上。若小球从较低的b点开始下滑，则小球到达P点的速度将会变小，所以洛伦兹力F洛也会变小

，导致三个力的合力竖直向下，而小球从P点进入时的速度方向在水平方向上，所以小球会偏离水平方向向下做曲线运动，故电场力做负功，电势能增加，机械能减小。水平方向速度不变，但竖直方向的速度增加，所以速度将会增大，导致洛伦兹力也会增大。故选A。6.如图所示，水平面上两根足够长

的金属导轨平行固定放置，间距为L＝1.0m，一端通过导线与阻值为R＝1.0Ω的电阻连接；导轨上放有质量m＝1.0kg的金属杆（如图甲），金属杆与导轨的电阻忽略不计；匀强磁场竖直向下。用与导轨平行的拉力F作用在金属杆上，使

杆运动。当改变拉力的大小时，相对应杆稳定运动时的速度v也会变化。已知v和F的关系如图乙所示。（取重力加速度g＝10m/s2），则（）A.杆稳定运动时的速度与其受到的拉力成正比B.该磁场磁感应强度B为1TC.导轨与金属杆之间的动摩擦因数为μ＝0.2D.图线在横轴的截距表示金属杆与导轨间的阻力

大小【答案】CD【解析】【详解】A．设导轨与金属杆之间的动摩擦因数为μ，根据共点力的平衡条件可得F-μmg=BIL而22BLvBILR=整理可得F=μmg+22BLvR图象可知v-F图象在F方向上截距不为零，金属杆受到的拉力与速度成一次函数关系，不是正比

例关系，故A错误；BC．从图象上分别读出两组F、v数据，即当F=4N时，速度v=4m/s，当F=8N时，速度v=12m/s；代入上式求得B=12Tμ=0.2故B错误，C正确；D．由此可知v=0时，F=μmg，则图线在横轴的截距表示金属杆与

导轨间的阻力大小，故D正确。故选CD。7.如图所示，一个半径R＝0.75m的半圆柱体放在水平地面上，小球从圆柱体左端A点正上方B点水平抛出（小球可视为质点），恰好从半圆柱体C点掠过。已知O为半圆柱体圆心，OC与水平方向夹角为53°，重力加速度为g＝10m/s2，则（

）A.小球从B点运动到C点所用时间为0.4sB.AB的高度为1.05mC.小球做平抛运动的初速度为3m/sD.小球经过C点是的速率为5m/s【答案】BD【解析】【详解】A．小球做平抛运动，飞行过程中恰好与半

圆轨道相切于C点，知速度与水平方向的夹角为37°，设位移与水平方向的夹角为θ，则有tan373tan28==根据212tan1.6gtR=解得0.3st=A错误；B．AB的高度为21sin531.05m2ABhRgt=+=B正确；C．小

球平抛运动的初速度为01.64m/sRvt==C错误；D．小球经过C点的竖直速度3m/sCyvgt==小球经过C点是的速率为2205m/sCCyvvv=+=D正确。故须BD。8.如图所示，在光滑的水平面上有一静止的物体M，物体上有一光滑的半圆弧轨道，半径为R，最低点为C，

两端AB一样高，现让小滑块m从A点由静止下滑，则在运动过程中（）A.M所能获得的最大速度为22mgRmMMm+B.M向左运动的最大距离为2mRmM+C.m运动到最低点C时对轨道的压力大小为3mgD.M与m组成的系统机械能守恒，动量不

守恒【答案】BD【解析】【详解】AD．M和m组成的系统竖直方向合力不为0，系统动量不守恒，但水平方向受合外力为零，则水平方向动量守恒；由于只有重力做功，则机械能守恒，当m到达最低点时，M的速度最大，则120mvMv−=22121

122mgRmvMv=+解得M所能获得的最大速度为222gRvmMMm=+故D正确，A错误；B．由水平方向动量守恒，根据人船模型得12mxMx=122xxR+=解得，M向左运动的最大距离为22mRxmM=+故B正确；C．当光滑的半圆弧轨道固定在水平地面上时，由机械能守恒定律可知212=mvm

gR由向心力公式得2mvFmgR−=m运动到最低点C时轨道对m的支持力3Fmg=根据牛顿第三定律可知m运动到最低点C时对轨道的压力大小为3mg。现在光滑的半圆弧轨道在水平面上运动，m运动到最低点C时对轨道的压力大小不是3m

g。故C错误。故BD。三、非选择题：共174分，第22-32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33-38题为选考题，考生根据要求作答。9.某探究小组利用如图甲所示的实验装置探究加速度与质量的关系。首先平衡小车所受的摩擦力，保持砂和砂桶的质量一定。

接通电源，释放小车。多次改变小车的质量，利用位移传感器测出对应的位移x并描绘x--t图像。(1)图乙为小车质量M＝0.4kg时位移传感器记录下描绘的x--t图。由图可知，此时小车的加速度a＝_____m/s2。(2)该小组根据

数据画出了加速度a的倒数和小车质量M的1Ma骣÷ç-÷ç÷ç桫图像如图丙所示，图丙中图线没有过原点，小组讨论后认为图线确实不应该过原点。请用所学知识分析，图丙中c＝_____，利用题中信息求出实验中砂

和砂桶的质量m＝______kg。（结果保留1位有效数字，当地重力加速度g＝10m/s2）【答案】(1).2(2).0.1(3).0.1【解析】【详解】(1)[1]根据212xat=得()()22220.740.1022m/s2.21.4xat−===−

(2)[2]当小车质量M为0时，此时砂和砂桶仅受重力作用，加速度大小为g，则c为210.1s/mcg==[3]因为实验中已平衡小车所受的摩擦力，故此时对进行受力分析得mgTma−=TMa=得0.420.1kg102Mamga==

=−−10.某实验小组同学准备探究某个灯泡的伏安特性曲线，所用器材如下。A.待测小灯泡一只：额定电压为2.5V，电阻约为几欧姆B.电压表V1：量程为300mV，内阻为300ΩC.电压表V2：量程为15

V，内阻为6kΩD.电流表A1：量程为0.6A，内阻约为0.1ΩE.电流表A2：量程为200mA，内阻约为1ΩF.滑动变阻器R1：最大阻值为200ΩG.滑动变阻器R2：最大阻值为10ΩH.定值电阻R0：阻值为2

700ΩI.电动势为4.5V的直流电源一个，开关一个，导线若干(1)实验中电压表应选________，滑动变阻器应选________。（填写器材前的字母代号）(2)请在图1虚线框中画出该实验的电路图________。(3)该小组的

同学通过实验做出了小灯泡的伏安特性曲线，如图2所示，则小灯泡的额定功率为________W；若将小灯泡直接与电动势E＝3.0V，内阻r＝7.5Ω的电源相连，小灯泡的功率为________W（结果均保留两位有效数字）【答案】(1).B(2).G(3).(

4).1.1(5).0.26（0.24~0.28之间均正确）【解析】【详解】(1)[1]灯泡的额定电压为2.5V，6V量程较大不能准确测量，故应采用B和H串联使用测量电压；[2]因采用分压式接法，故滑动变阻器选择

小电阻G；(2)[3]滑动变阻器采用分压接法；电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，电路图如图所示(3)[4]由图2所示图象可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.42A，则灯泡额定功率2.50.42W1.1WP

UI==[5]在灯泡的I-U图象坐标系内，作出电动势为E=3.0V，内阻为r=7.5Ω的电源I-U图象如图所示由图象可得：灯泡两端电压为1V，通过灯泡的电流为0.24A，则灯泡实际功率'''10.24W0.24WPUI===11.如图所示，水平地面上有一质量为M的

长木板，一个质量为m的物块（可视为质点）放在长木板的最右端．已知m与M之间的动摩擦因数为1，木板与地面间的动摩擦因数为2．从某时刻起物块m以v1的水平初速度向左运动，同时木板M在水平外力F控制下始终向右以速度221()vvv匀速运动，求：（1）在物块m向左运动

过程中外力F的大小：（2）木板至少多长物块不会从木板上滑下来?【答案】（1）f1+f2=μ1mg＋μ2(m+M)g（2）()2122vvg+【解析】（1）在物块m向左运动过程中，木板受力如图所示，其中f1，f2分别为物块

和地面给木板的摩擦力，由题意可知f1=μ1mgf2=μ2(m+M)g由平衡条件得：F=f1+f2=μ1mg＋μ2(m+M)g（2）以木板为参考系，设物块相对木板向左匀减速初速度为0v，末速度为tv，则012vvv=+0tv=加速度：1ag=根据运动学公式：22

02tvvaL−=−解得：()21212vvLg+=故本题答案是：（1）()12mgmMg++(2)()21212vvg+点睛：在处理板块模型时利用相对运动求木板的运动可以达到事半功倍的效果，12.如图所示，

水平地面上方MN边界左侧存在垂直纸面向里的匀强磁场和沿竖直方向的匀强电场，磁感应强度B=1.0T，边界右侧离地面高h=0.45m处由光滑绝缘平台，右边有一带正电的a球，质量ma=0.1kg、电量q=0.1C，以初速度0v=0.9m/s水平向左运动，与大小相同但质量为bm=0.05kg静止于

平台左边缘的不带电的绝缘球b发生弹性正碰，碰后a球恰好做匀速圆周运动，两球均视为质点，210m/sg=，求：(1)电场强度的大小和方向；(2)碰后两球分别在电磁场中运动的时间；(3)碰后两球落地点相距多远。【答案】(1)10N/C，方向竖直向上；(2)2.1sat=，

0.30sbt=；(3)0.10m【解析】【详解】（1）a球碰后在叠加场中做匀速圆周运动，满足amgqE=解得10N/CE=a球带正电，电场力向上，则电场强度方向竖直向上。（2）a球与b球的碰撞，由动量守恒定律得0aaabbmvmvmv=+由能量守恒得2220

111222aaabbmvmvmv=+，解得0.3m/sav=，1.2m/sbv=对a球，洛伦兹力提供向心力2aavBqvmr=解得0.3mamvrBq==2arTv=设a球落地点与圆心的连线和地面夹角为，有sinhr=+可得6=故a球离开电磁场

用时22=2.1s23atT+=b球不带电，碰后做平抛运动，竖直方向212bhgt=得0.30sbt=（3）对a球，设a球水平位移为cos0.153maxr==对b球：0.36mbbbxvt==故两球相距0.1

0mabxxx=−13.下列说法正确的是。A.温度越高的物体分子热运动的动能越大B.将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒仍然是晶体C.空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢D.一定质量的气体膨胀对外做功且温度降低，

分子的平均动能可能不变E.分子间同时存在着引力和斥力，当分子间距增大时，分子力可能增大，分子间的引力一定减小【答案】BCE【解析】【详解】A．温度高的物体分子平均动能大，不是物体每个分子热运动的动能越大，故A错误；B．晶体是由

很小的晶胞组成，将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒还是晶体，故B正确；C．空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水越不容易蒸发，水蒸发越慢，故C正确；D．气体膨胀对外做功且温度降低，温度是分子平均动能的

标志，温度降低，则分子的平均动能变小，故D错误；E．当r＜r0时，r增大，分子间斥力、引力都减小，但斥力减小更快，分子间作用力体现为斥力；当r＞r0时，r增大，分子间引力和斥力都减小，但斥力比引力减小得更快，故分子间作用力表现为引力，且分子力随着分子间距r的增大而先增大后减小直到为零，故E正

确。故选BCE。14.如图所示，U型玻璃细管竖直放置，水平细管与U型玻璃细管底部相连通，各部分细管内径相同．U型管左管上端封有长20cm的理想气体B，右管上端开口并与大气相通，此时U型玻璃管左、右两侧水银面恰好相平，水银面距U型玻璃管底部为25cm．水平细管内用小活塞封有长度1

0cm的理想气体A．已知外界大气压强为75cmHg，忽略环境温度的变化．现将活塞缓慢向左拉，使气体B的气柱长度为25cm，求：①左右管中水银面的高度差是多大？②理想气体A的气柱长度为多少？【答案】①15cm；②12.5cm．【解

析】【分析】①利用平衡求出初状态封闭气体的压强，B中封闭气体发生等温变化，根据玻意耳定律即可求出末态B中气体的压强，再根据平衡，即可求出末状态左右管中水银面的高度差△h；②选择A中气体作为研究对象，根据平衡

求出初末状态封闭气体的压强，对A中封闭气体运用玻意耳定律即可求出理想气体A的气柱长度．【详解】①设玻璃管横截面为S，活塞缓慢左拉的过程中，气体B做等温变化初态：压强pB1=75cmHg，体积VB1=20S，末

态：压强pB2，体积VB2=25S，根据玻意耳定律可得：pB1VB1=pB2VB2解得：pB2=60cmHg可得左右管中水银面的高度差△h=（75-60）cm=15cm②活塞被缓慢的左拉的过程中，气体A做等温变化初态：压强pA1=（75+25）cmHg=100cmH

g，体积VA1=10S，末态：压强pA2=（75+5）cmHg=80cmHg，体积VA2=LA2S根据玻意耳定律可得：pA1VA1=pA2VA2解得理想气体A的气柱长度：LA2=12.5cm15.下列说法正确的是A.红色和蓝色的激光在不同介质中传

播时波长可能相同B.电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直C.拍摄玻璃橱窗内的物品时，在镜头前加一个偏振片是为了增强玻璃表面的反射光D.红光从真空射入水中可能发生全反射现象，传播速度一定减小E.光的偏振现象说明光具

有波动性【答案】ABE【解析】【详解】A．光速与介质有关，红色和蓝色的激光的频率不同，在同种介质中的波长是不同的，而在不同介质中传播时波长可能相同，故A正确；B．电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直，故B正确；C．拍摄玻璃橱窗内的物品时，在镜头前加一个偏振片

能减弱橱窗玻璃表面的反射光，提高拍摄的效果，故C错误；D．发生全反射条件为从光密介质进入光疏介质，则红光从真空射入水中不可能发生全反射现象，故D错误；E．偏振是横波特有的现象，所以光的偏振现象说明光具有波动性，故E正确。故选ABE。16.一

列简谐横波在x轴上传播，在10t=和20.05st=时，其波形图如图所示的实线和虚线表示，求：(1)这列波可能具有的波速；(2)当波速为280m/s时，8mx=处的质点P从平衡位置运动至波谷所需的最短时间是多少？【答案】(1)见解析；(2)22.110s−【解析】【详解】(1

)若波沿x轴正向传播，则()()128m,0,1,2,3,xxnnn=+=+=()28m/s40160m/s0.05xnvnt+===+若波沿x轴负向传播，则()()2'68m,0,1,2,

3,xxnnn=+=+=()68m/s120160m/s0.05xnvnt+===+(2)当波速为280m/s时，有()2801201601nn=+=，所以波沿x轴负向传播，所以质点P第一次达到波谷所需最短时间为23338s2.110s444280tT

v−===