【文档说明】【精准解析】广东第二师范学院番禺附属中学2019-2020学年高一上学期期末考试物理试题.doc，共(16)页，561.500 KB，由小赞的店铺上传

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二师附中2019学年度第一学期期末考试题高一物理一、单项选择题（本题只有一个选项正确，共10小题，每小题3分，共30分）1.下列说法中正确的是（）A.质点、光滑表面都是理想化模型B.主张“力是维持物体运动的原因”观点的物理学家是伽俐略C.牛顿第一定律、牛顿第二定律和牛顿第三

定律都可以通过实验来验证D.千克、米、牛顿都是国际单位制中的基本单位【答案】A【解析】【详解】A．质点、光滑表面都是理想化模型，选项A正确；B．主张“力是维持物体运动的原因”观点的物理学家是亚里士多德，伽利略主张“力是改变物体运动状态的原因”，选项B错误；C

．牛顿第二定律和牛顿第三定律都可以通过实验来验证，但是牛顿第一定律不能通过实验来验证，选项C错误；D．千克、米都是国际单位制中的基本单位，牛顿是导出单位，选项D错误；故选A。2.重为100N的物体放在水平面上，物体与水平面的动摩擦因数为0.1，现用方向相反的水平力

F1和F2拉物体，其中F1=15N，如图所示。要使物体做匀速运动，则F2的大小为（g=10m/s2）（）A.4NB.25NC.30ND.40N【答案】B【解析】【详解】物体的滑动摩擦力f=μG=10N若F1-F

2=f=10N，物体向左做匀速运动，此时F2=5N；若F2-F1=f=10N，物体向右做匀速运动，此时F2=25N；A．4N，与结论不相符，选项A错误；B．25N，与结论相符，选项B正确；C．30N，与结论不相符，选项C错误；D．40N，与结论不相符，选项D错误；故选B。3.三

个共点力F1，F2，F3，其中F1=1N，方向正西，F2=1N，方向正北，若三力的合力是2N，方向正北，则F3应是：（）A.1N，东北B.2N，正南C.3.2N，东北D.2N，东北【答案】D【解析】【详解】由题意可知，三力的合力是2N，方向正北，而F2=1N，方向正

北，因此力F1与F3的合力大小为1N，方向正北，根据力的合成与分解，依据力的平行四边形定则，则有：F3应是大小为2N，方向东北．如图所示，故选D.4.如图，A、B两个质量不同的小球从同一地点的不同高度处做自由落体运动，结果同时到达地面，下面有

关两球运动情况的描述中合理的是（）A.若mA＞mB，则两球可能同时开始释放B.若mA＞mB，则B球可能比A球先释放C.若mA＜mB，则两球落地时速度大小可能相等D.不管两球质量关系怎样，A球一定比B球先释放【答案】D【解析】【详解】两球均做自由落体运动，则下落的加速度与质量无关，

均为g，根据2htg可知A球在空中下落时间较长，两球同时落地时，A球一定比B球先释放；A．若mA＞mB，则两球可能同时开始释放，与结论不相符，选项A错误；B．若mA＞mB，则B球可能比A球先释放，与结论不相符，选项B错误；C．若mA＜mB，则两球落地时速度

大小可能相等，与结论不相符，选项C错误；D．不管两球质量关系怎样，A球一定比B球先释放，与结论相符，选项D正确；故选D。5.如图，光滑斜面固定于水平面，滑块A、B叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，A上表面水平。则滑块A、B在斜面上向上运动时，下列有关滑块B受力的示意图中正确

的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】整体向上做匀减速直线运动，加速度方向沿斜面向下，则B的加速度方向沿斜面向下。根据牛顿第二定律知，B的合力沿斜面向下，则B一定受到水平向左的摩擦力以及重力和支持力。A．该图与结论相符，选项A正确；B

．该图与结论不相符，选项B错误；C．该图与结论不相符，选项C错误；D．该图与结论不相符，选项D错误；故选A。6.如图所示是某质点做直线运动的v﹣t图象，由图可知这个质点的运动情况是（）A.5s﹣15s内做匀加速运动，加速度为0.8m/s2B.前5s内静止C.15s﹣20s内做匀减速运动，加

速度为﹣0.8m/s2D.质点15s末离出发点最远，20秒末回到出发点【答案】A【解析】【详解】5s～15s内质点的速度均匀增大，做匀加速运动，加速度为：22168/0.8/155vamsmst．故A正确．前5s内物体做匀速直线运动，选项B错误；15s

～20s内质点的速度均匀减小，做匀减速运动，加速度为：22016/3.2/2015vamsmst，故C错误．0～20s内速度一直是正值，说明速度方向不变，20s末离出发点最远，20秒末不可能回到出发点．故D错误；故选

A.7.一物体m受到一个撞击力后沿不光滑斜面向上滑动，如图所示，在滑动过程中，物体m受到的力是（）A.重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B.重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力C.重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩

擦力D.重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力【答案】B【解析】【分析】对物体受力分析，关键要按照顺序找力，要找受到的力，每个力都要能找到受力物体，有时还要结合物体的运动情况分析受到的力．【详解】物体在惯性的作用下沿斜面向上运动，对物体受力分析，重力竖直向下，斜面对物体的

支持力垂直斜面向上，和沿斜面向下的滑动摩擦力，所以B正确，ACD错误．故选B．【点睛】受力分析的一般步骤和方法是求解力学问题的一个关键，在整个高中物理学习的全过程中占有极重要的地位，对物体进行受力分析，通常

可按以下方法和步骤进行：（1）明确研究对象，亦即是确定我们是要分析哪个物体的受力情况．（2）隔离物体分析．亦即将所确定的研究对象从周围物体中隔离出来，进而分析周围有哪些物体对它施加力的作用，方向如何，

并将这些力一一画在受力图上，在画支持力、压力和摩擦力的方向时容易出错，要熟记：弹力的方向一定与接触面或接触点的切面垂直，摩擦力的方向一定沿着接触面与物体相对运动（或趋势）方向相反．（3）分析受力的顺序：一重、二弹、三摩擦，沿接触面或点逐个去找

．有时根据概念或条件与判断．本题可按照受力分析的一般步骤对物体受力分析．8.水平恒力能使质量为m1的物体在光滑水平面上产生大小为a1的加速度，也能使质量为m2的物体在光滑水平面上产生大小为a2的加速度，若此水平恒力作用在质量为m1+m2的物体上，使其在光滑水平面上产生的加速

度为a，则a与a1、a2的大小关系为（）A.a=a1+a2B.1212aaaaaC.122aaaD.122aaa【答案】B【解析】【详解】将两者看做一个整体，根据牛顿第二定律可得12Fmma，分别以两物体为研究对象，根据牛顿第二定律可得11Fma，22Fma，联立解得121

2aaaaa，故B正确．9.如图所示，竖直圆环中有多条起始于A点的光滑轨道，其中AB通过环心O并保持竖直，一质点分别自A点沿各条轨道下滑，初速度均为零，那么，质点沿各轨道下滑的时间相比较（）A.质点沿着与AB夹角越大的轨道下滑，时间越短B.

质点沿着轨道AB下滑，时间最短C.轨道与AB夹角越小（AB除外），质点沿其下滑的时间越短D.无论沿图中哪条轨道下滑，所用的时间均相同【答案】D【解析】【详解】设半径为R，斜面与竖直方向夹角为，则物体运动的位移为2xRcos，物体运动的加速度Fagcosm合，根据212xat，则4Rt

g，与角无关，而知道弦长和倾角也能算出半径，所以D正确，ABC错误．【点睛】解决本题的关键根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据运动学公式求出运动的时间，看时间与角的关系．10.如图所示，物块m在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示

，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A.受传送带的影响，m可能静止在传送带上B.受传送带的影响，m可能沿斜面向上运动C.m受到的摩擦力不变，下滑的速度不变D.若传送带的速度大小为2v，则m下滑的速度变小【答案】C【解析】【

详解】因滑动摩擦力与两物体的性对运动速度无关，则由于传送带是向上转动的，在传送带启动前后，物块都只受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，物块受力不变，所以其下滑的速度也不变。A．受传送带的影响，m可能静止在传送带上，与结论不相符，选项A错误；B．受传送带的影响，m可能沿斜面向上运动，与

结论不相符，选项B错误；C．m受到的摩擦力不变，下滑的速度不变，与结论相符，选项C正确；D．若传送带的速度大小为2v，则m下滑的速度变小，与结论不相符，选项D错误；故选C。二、多项选择题（每小题5分，漏选2分，错选0分，共25分）11.物体

静放在水平桌面上，则（）A.物体对桌面的压力的大小等于物体的重力，这两个力是一对平衡力B.物体所受的重力与桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力C.物体对桌面的压力就是物体的重力，这两个力是同一性质的力D.物体对桌面的压力

和桌面对物体的支持力是一对作用力、反作用力【答案】D【解析】【分析】二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力；若这两个力大小相等，方向相反，且作用在一条直线上，这两个力就是一对平衡力．主要的判断依据是看这两个力是不是作用在同一个物体上．【详解】物体的重力是作用在物体上的力，支持力

也是作用在这个物体上的力，这两个力大小相等、方向相反且作用在同一直线上，所以这两个力是一对平衡力，故A正确，B错误；物体对桌面的压力不是重力，它们的施力物体、受力物体、作用点都不相同，这两力性质也不同，故C错误；物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对作用力和反作用力，故D错误；故选

A．【点睛】本题要正确区分作用力与反作用力和平衡力，一个明显的区别就是作用力与反作用力作用在两个物体上，而一对平衡力作用在同一物体上．12.如图所示，在倾角为α的斜面上，放一质量为m的小球，小球和斜坡及挡板间均无摩

擦，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，则有（）A.斜面对球的支持力逐渐增大B.斜面对球的支持力逐渐减小C.挡板对小球的弹力先减小后增大D.挡板对小球的弹力先增大后减小【答案】BC【解析】【详解】如图对小球进行受力分析1NF是挡板对球的支持力

，和球对挡板的压力是一对作用力和反作用力，等大反向，2NF是斜面对球的支持力，和球对斜面的压力是一对作用力和反作用力，等大反向，由图可知，缓慢转动挡板至与斜面垂直过程中，1NF先减小后增大，2NF一直减小，BC正确

，AD错误。故选BC。【点睛】中等难度．本题通过画出受力分析图就可以看出动态变化过程，各力大小变化一目了然．13.下列所给的图象中能反映作直线运动的物体回到初始位置的是()A.B.C.D.【答案】ACD【解析】【详解】A．由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，说明物体又回到了初始位置

，故A正确；B．由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故无法回到初始位置，故B错误；C．物体第1s内的位移沿正方向，大小为2m，第2s内位移为2m，沿负方向，故2s末物体回到初始位置，故C正确；D．物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；故选ACD。

14.在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，王小军同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内王小军同学发现体重计示数，如图所示，取g=10m/s2，则在这段时间内下列说法中正

确的是（）A.电梯一定是竖直向下做匀加速运动B.电梯运动的加速度大小为2m/s2C.王小军同学所受的重力变小了D.王小军同学对体重计的压力等于体重计对他的支持力【答案】BD【解析】【详解】AB．以人为研究对象，竖直向下为正方向，则：mg-FN=ma求得：25004002m/s50N

mgFam＝＝方向竖直向下。则电梯可能加速向下运动，也可能减速向上运动，故A错误B正确；C．体重计示数小于体重，说明同学对体重计的压力小于重力，并不是体重变小，故C错误；D．王小军同学对体重计的压力与体重

计对王小军同学的支持力是作用力与反作用力，大小相等，故D正确。故选BD。15.如图，光滑水平面上，水平恒力F作用在木块上，小车和木块间无相对滑动，小车质量为M，木块质量为m．它们共同加速度为a，木块与小车间的动摩擦

因素为，则在运动过程中（）A.木块受到的摩擦力一定是mgB.木块受到的合力为FC.小车受到的摩擦力为MFmMD.小车受到的合力为MFmM【答案】CD【解析】【详解】A、根据题意可知，小车和木块间无相对滑动，两者之间的摩擦力为静摩擦力，不能用mg计

算；A错误B、根据牛顿第二定律可知，加速度FaMm，木块受到的合外力mFFmaMm；B错误CD、小车受到的摩擦力等于小车受到的合外力，即fMFFFMaMm合；CD正确故选CD考点：牛顿第二定律点评：先用整体法求加速度，再用隔离法分析物体受力，加速度是分析问题的关键

．三、实验探究题（每空2分，共12分）16.小华同学在做“研究小车匀变速直线运动”的实验过程中，所使用的交流电源频率为50Hz，取下做匀加速直线运动的小车带动的一段纸带进行研究，如图所示．O点为记数点的起点，相邻两记数点间还有四个计时点（图中未画出），请回答下面的问题：（1）他因

粗心而忘记测量第1个记数点与起始O点间的距离，请跟据纸带的数据特点推理出S1的长度，S1=cm．（2）当打第3个记数点时小车的瞬时速度v3=m/s，小车运动的加速度a=m/s2（计算结果保留两位有效数字）．【答案】

（1）4.00（2）0.65，1.0【解析】试题分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度．解：（1）根据匀变速直线运动的推论：物体在连续相等的时间间隔内位移之差是

常数，△x=aT，由图中可看出2、3两点间的距离为S3=6.00cm，假设物体在连续相等的时间间隔内位移之差是常数△x，所以1、2间的距离S2=S3﹣△x，0、1间的距离S1=S2﹣△x=S3﹣2△x由此得：

S1+S2=9.00cm解得：△x=1.00cm所以S1=4.00cm（2）根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，则有：v3=代入数据解得：v3==0.65m/s根据匀变速直线运动的推论公

式有：△x=aT2可以求出加速度：a===1.0m/s2故答案为4.00，0.65，1.0．【点评】利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．17.如图所示为“研究小车的加速度和力的关系”的实验装置。（1）下

列关于该实验操作的说法，正确的是______（选填选项前的字母）；A．在研究“加速度与合外力的关系”前，必须平衡摩擦力B．必须保证小车的质量远大于所挂钩码的质量C．每当改变钩码质量时，必须重新平衡摩擦力D．先接通电源，再释放小

车（2）改变砂和砂桶的重力，多次重复测量。在某次实验中根据测得的多组数据可画出a－F关系图线（如图所示）。①分析此图线的OA段可得出的实验结论是_____________________________________________。②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主

要原因是（）A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．砂和砂桶的总质量太大D．所用小车的质量太大【答案】(1).ABD(2).在小车质量一定的条件下，小车的加速度a与其所受合外力F成正比(3).C【解析】【详解】（1）[1]．A．在研究“加

速度与合外力的关系”前，必须平衡摩擦力，选项A正确；B．必须保证小车的质量远大于所挂钩码的质量，这样可认为小车所受的拉力等于钩码的重力，选项B正确；C．每当改变钩码质量时，不需要重新平衡摩擦力，选项C错误；D．先接通电源，再释放小车，选项D正确；故选A

BD。（2）①[2]．由图线OA段可知，a与F的图线是倾斜的直线，说明在小车质量一定的条件下，小车的加速度a与其所受合外力F成正比；②[3]．因为图线的斜率表示物体的质量，AB段明显偏离直线，此时小车的质量不再远大于钩码的质量，故选C．四、计算题（本题共3小题

，共33分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）18.汽车以30m/s的速度在平直公路上匀速行驶，某时刻开始刹车，刹车的过程中汽车的加速度的大小是4m/s2，

刹车过程可看成匀减速直线运动，求：（1）刹车后4s末汽车的速度（2）刹车后8s内的位移大小【答案】（1）14m/s（2）112.5m【解析】【详解】汽车停止的时间00030s7.5s4tvvta（1）刹车后4s末汽车的速度v4=v0+at=30-4×4

=14m/s（2）由vt2-v02=2aS得22030m112.5m224vSa19.如图甲所示，小球A从水平地面上P点的正上方h=1.8m处自由释放，与此同时，在P点左侧水平地面上的物体B在水平拉

力的作用下从静止开始向右运动，B运动的v﹣t图象如图乙所示，且AB两物体均可看做质点，不考虑A球的反弹，g取10m/s2．求：（1）小球A下落至地面所需的时间t；（2）要使A、B两物体能够同时到达P点，求物体B的初始位置与P点的距离s．【答案】（1

）小球A下落至地面所需的时间t为0.6s；（2）物体B的初始位置与P点的距离s为1.44m．【解析】【详解】（1）由题意可知，小球做的是自由落体运动，有：h=gt2，代入数据解得：t=0.6s（2）由图乙可知，物体B做匀加速直线运动，加速度为：a=

==8m/s2；则物体B的初始位置与P点的距离为：s=at2=m=1.44m20.如图所示，在倾角θ=30°的足够长的固定的斜面底端有一质量m=1.0kg的物体.物体与斜面间动摩擦因数3=5，现用轻细绳将物体由静止沿斜面向上拉动．拉力F=18N，方向平行斜面

向上．经时间t=2.0s绳子突然断了，求：(g取10m/s2)（1）绳断时物体的速度大小.（2）物体沿斜面向上运动的最大距离.（3）绳子断后物体在斜面上运动的时间【答案】（1）20m/s（2）45m（3）9.2s【解析】【详解】（1）对物体受力分析可得：FN＝mgcos30

0＝53N由牛顿第二定律可得：F-mgsinθ-μFN=ma1，解得：a1＝10m/s2，可得：v=a1t1=10×2=20m/s．（2）物体匀加速直线运动的位移是：x1＝2vt1＝20m，撤去F以后

向上做匀减速直线运动的加速度是：a2＝gsinθ+μgcosθ＝8m/s2，减速直线运动的位移是：x2＝222va＝25m．上升的总位移是：x=x1+x2=45m．（3）因为μ＜tan30°，故：物体又将沿

斜面加速下滑：a3＝gsin30°−μgcos30°＝2m/s2，减速上升时间为：t2＝2208va＝＝2.5s，加速下降时间为：1233235xxtsa＝故总时间为：t＝t2+t3＝(2.5+35

)s≈9.2s．【点睛】本题是有往复的动力学问题，关键是认真分析物理过程即受力情况，运用牛顿第二定律与运动学公式结合是解题的基本方法，加速度是关键量．