【文档说明】调研卷（二）备战2021年新高考物理综合测试调研+押题卷（江苏专用）（解析版）.doc，共(18)页，619.549 KB，由管理员店铺上传

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1江苏省2021年新高考考试物理调研卷（二）一、单项选择题:共11题，每题4分，共44分。每题只有一个选项最符合题意。1．同一直线上运动的甲、乙两物体，位置－时间(x-t)图线如图，下列说法中正确的是（）A．t1时刻，甲的速度为零，乙的速度不为

零B．t2时刻，甲、乙速度可能相同C．t2时刻，甲、乙相遇D．t3时刻，乙的速度为零，加速度不为零【答案】C【解析】A．xt−图像的斜率表示速度，在t1时刻，乙的瞬间速度为零，甲的速度不为零，A错误；BC．

xt−图像的斜率表示速度，在t2时刻，甲和乙的位置坐标相同，是相遇，但是速度不同，方向不同，B错误C正确；D．xt−图像的斜率表示速度，在t3时刻，乙的位置坐标为零，但是速度不为零，加速度不为零，D错误。故

选C。2．下列核反应方程正确的是（）A．237114291192056360UnBaKr3n+→++B．235190144192037550UnRbCs2n+→++C．235187146192035571UnBrLa3H+→++D．235190136192038540Un

SrXe9n+→++【答案】B【解析】A．由于左边质量数237+1=238，右边质量数142+91+3=236，质量数不守恒，925636=+电荷数守恒，故A错误；B．B中方程左右两边质量数2351142913+=++质量数守恒；B中方程左右两边电荷数2923755=+电荷数守恒，故B正确；C．C

中方程左右两边质量数2351871463+=++质量数守恒；C中方程左右两边电荷数9257353++电荷数不守恒，故C错误；D．D中方程左右两边质量数2351901369+++质量数不守恒；D中方程左

右两边电荷数923854=+电荷数守恒，故D错误。故选B。3．如图所示，三棱镜ABC的横截面为等腰直角三角形，底边AB水平，右侧的光屏MN竖直。一条单色光线自AC边上的D点水平射向三棱镜，此光线进入三棱镜后首先到达底边AB，棱镜材料对该光线的折射率为2。光线进入三棱镜

后，仅考虑在各界面上的第一次反射或折射，对此以下说法正确的是（）A．光线到达AB边时会有部分能量射出三棱镜B．光线到达BC边时发生全反射C．光线自BC面射出三棱镜后水平射向光屏MND．光线白BC面射出三棱镜后斜向上射向光屏MN【答案】C【解析】A．画出光路图如图所示，由题意可知，光从A

C边射入三棱镜的入射角为45，由公式3sin45=2sinnHDI=则折射角为30，由几可关系得=+DHAHDIDIH得=15DIH则光在AB边上的入射角为75，由于12sin2Cn==即临界角为45，所以光线到达AB边时发生全反射，故A错误；B．由几可关

系得，光线在BC边的入射角为30小于临界角为45，光线到达BC边时不会发生全反射，故B错误；CD．光线在BC边的入射角为30，由折射定律可得sin2sin30n==得=45即光线自BC面射出三棱镜的折射角为4

5，则光线自BC面射出三棱镜后水平射向光屏MN，故C正确，D错误。故选C。4．如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再到状态C，最后变化到状态A，完成循环。下列说法正确的是（）4A．状态A到状态B是等温变化B．状态A时所有分子的速率都比状态C时的小C．

状态A到状态B，气体对外界做功为0012pVD．整个循环过程，气体从外界吸收的热量是0012pV【答案】D【解析】A．从状态A到状态B，体积和压强都增大，根据理想气体状态方程PVCT=温度一定升高，A

错误。B．从状态C到状态A，压强不变，体积减小，根据理想气体状态方程PVCT=温度一定降低，分子平均速率减小，但平均速率是统计规律，对于具体某一个分子并不适应，故不能说状态A时所有分子的速率都比状态C时的小，B错误。C．从状态A到状态B，压强的平均值0002322PPPP

+==气体对外界做功为大小10032BAWPVVPV=−=（）C错误；D．从状态B到状态C为等容变化，气体不做功，即20W=；从状态C到状态A为等压变化，体积减小，外界对其他做功300000(2)WPVVPV=−=对于整个循环过

程，内能不变，0U=，根据热力学第一定律UWQ=+得1230QWWW+++=5代入数据解得0012QPV=D正确。故选D。5．如图所示，a、b、c是地球大气层外圆形轨道上运行的三颗人造地球卫星，a、b质量相同，且小于c的质量

，则（）A．b、c周期相等，且大于a的周期B．b、c的向心加速度大小相等，且b、c的向心力大小也相等C．b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度D．因c的质量最大，所以发射C最不容易，但三个的发射速度都必定大于11.2km/s【答案

】A【解析】A.外星环绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，即2224MmGmrrT=，其中G为引力常量，M为地球质量，m为卫星质量，r为轨道半径，则卫星的周期32rTGM=，与卫星质量m无关，只与轨道半径r有关，故b、c周期相等，且大于a

的周期，A正确；B.万有引力提供向心力，即2nMmGmar=，则2nMGar=，则b和c的向心加速度大小相同；万有引力提供向心力2nMmGFr=，6因b质量小于c，故b的向心力小于c，B错误；C.万有

引力提供向心力，即22MmvGmrr=，得卫星环绕线速度GMvr=，轨道半径r小的，线速度大，故b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度，C错误；D.c的质量最大，轨道又高，发射确实不易，但卫星的发射速度大于1

1.2km/s时，卫星就会摆脱地球引力的束缚，逃离地球，不再绕地球运动，D错误．6．如图为测量加速度的简易装置图，内壁光滑的圆管竖直固定在底座上，管与底座的总质量为M，O为圆心，A、B为圆管水平直径的两端点，管内有一质量为m、直径略小于圆管内径的小球，当测量装置水平固定在小车上随车一起在水平

面做匀加速直线运动时，小球最终稳定在圆管的D点已知OD与竖直方向的夹角为θ=37°(重力加速度为g，sn37°=0.6，c0s37°=0.8)，则下列说法正确的是A．此时小车对装置的支持力大于(m+M)gB．被测小车的加速度大小为35gC．测量装置受到的水平合力大小为3()4

mMg+，方向水平向右D．测量装置水平固定在小车上，当小车加速度很大时，小球可能稳定在圆管的A位置【答案】C【解析】A、以装置为研究对象，分析受力可得此时小车对装置的支持力：()NmMg=+，故A错误；B、以小球为研究对象分析受力，根据牛顿第二定律可得tanmgma=，解得被测小车

的加速度大小3tan4agg==，故B错误；C、以装置为研究对象，根据牛顿第二定律可得测量装置受到的水平合力大小为3()()4FmMamMg=+=+，方向水平向右，故C正确；7D、以小球为研究对象分析受力，竖直方向的合力为0，所以测量装置水平固定在小车上，不管小车加速度有多大，小球都不可能稳定

在圆管的A位置，故D错误；故选C．7．小孩站在岸边向湖面依次抛出三石子，三次的轨迹如图所示，最高点在同一水平线上．假设三个石子质量相同，忽略空气阻力的影响，下列说法中正确的是()A．三个石子在最高点时速度相等B．沿轨迹3运动的石子

落水时速度最小C．沿轨迹1运动的石子在空中运动时间最长D．沿轨迹3运动的石子在落水时重力的功率最大【答案】B【解析】A.设任一小球初速度的竖直分量为vy，水平分量为vx，上升的最大高度为h，运动时间为t，取竖直向上方向为正方向，小球竖直方向

上做匀减速直线运动，加速度为a=−g，由0−2yv=−2gh，得：vy=2gh，h相同，vy相同，则三个小球初速度的竖直分量相同．根据0-vy=-gt，从抛出到最高点所用时间相同，但水平位移不同，所以水平速度不同，到最高

点，竖直速度为零，只有水平速度，所以三个石子在最高点时速度不相等，v3x<v2x<v1x,故A错误；B.根据vy=2gh，三个石子落水时，竖直速度相等，而v3x<v2x<v1x,合速度v=22xyvv+,所以沿轨迹3运动的石子落水时速度最小，故B正确；8C.由运动学公式：

h=2212gt，则得：t=22hg，则知三个球运动的时间相等，故C错误；D.根据功率P=mgvy，三个石子质量相同，vy相同，重力的功率相同，故D错误；故选B8．如图所示为发电机结构示意图，其中N、S是永久磁铁的两个磁极，其表面为对应圆心角为120°的圆弧面。M是圆柱形

铁芯，它与磁极柱面共轴，铁芯上绕有边长为L的单匝正方形线框，可绕与铁芯共同的固定轴转动，磁极与铁芯间的磁场均匀辐向分布。已知正方形线框匀速转动时，其切割磁感线的边的线速度大小为v，切割时切割边所在位置的磁感

应强度大小始终为B，则下列说法正确的是（）A．线框中产生的最大感应电动势为BLvB．线框中产生的感应电流的变化周期为2LvC．线框中产生的有效感应电动势为63BLvD．线框中产生的有效感应电动势为263BLv【答案】D【解析】A．线框中产

生的最大感应电动势为2BLv，选项A错误；B．线框中产生的感应电流的变化周期等于线框转动的周期，即LTv=，选项B错误；CD．由交变电流有效值的计算公式有222=3mEETTRR解得62633mEEBLv==选项C错误，D正确。故选D。99．如图所示，水平面内有一

个匀强电场，在该平面内有一个以O为圆心，R为半径的圆，其中AB为圆的直径，C、D为圆上两点，且∠CAB=∠DAB=60°．一个带电量为+q的粒子，以初速度v从A点三次沿不同的方向射出，分别运动到B、C、D三点，粒子到达C点的速度为2v，到达B点的速度为3v．不计粒子重力，若粒子到达D

点的速度大小为Dv，匀强电场的场强大小为E，则（）A．Dvv=；233mvEqR=B．Dvv=；22mvEqR=C．2Dvv=；233mvEqR=D．2Dvv=；22mvEqR=【答案】A【解析】由动能定理得2221112

22ACCAqUmvmvmv=−=，22ACmvUq=；2221122ABBAqUmvmvmv=−=，22ABACmvUUq==，故OC=φφ，故21cos302ACWmvqER==，得233mvEqR=

，AD两点电势相等，Dvv=，故A正确，BCD错误．故选：A10．如图所示，一个静止的质量为m、带电荷量为q的粒子（不计重力），经电压U加速后垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场，粒子在磁场中转半个圆周后打在P点，测出OP距

离为x，下列x-U图像可能正确的是（）10A．B．C．D．【答案】B【解析】在加速电场中，由动能定理得212qUmv=磁场中，洛伦兹力提供向心力，有2vqvBmr=解得12mUrBq=则得222mUxrBq==B、m、q都一定，则由数学知识得到，x-U图像是抛物线。故选B。11．如图所示间

距为L的光滑平行金属导轨，水平放置在竖直方向的磁感应强度为B的匀强磁场中，一端接阻值是R的电阻．一电阻为R0、质量为m的导体棒放置在导轨上，在外力作用下从的时刻开始运动，其速度随时间的变化规律，不计导轨电阻．则从到时间内外力F所做的功为（）11AA．B．C．【答案】A【解析】根据法拉第电磁感应

定律可知，金属棒振动时产生的感应电动势为：sinmeBLvt=，此电动势的有效值为2mBLvE=，则从到时间内电阻R产生的热量为：2222004()mBLvEQtRRRR==++；在时刻金属棒的速度为vm，则动能为212mmv，则在这段时间内外力F所做的功为22

22014()2mmBLvmvRR++,故选项A正确．二、非选择题:共5题，共56分。其中第13题～第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。12．“嫦娥二号”探月卫星的成功

发射，标志着我国航天又迈上了一个新台阶。假设我国宇航员乘坐探月卫星登上月球，如图所示是宇航员在月球表面水平抛出小球的闪光照片的一部分，已知照片上方格的实际边长为a，闪光周期为T，据此分析：（1）小球平抛

的初速度为_______；（2）月球上的重力加速度为______；（3）若宇航员在月球表面用轻绳栓一质量为m的小铁球，在竖直平面内做圆周运动，则运动过程中绳上最大、最小拉力之差∆F=________________

。12【答案】3aT22aT212maT【解析】（1）[1]平抛运动水平方向为匀速运动，故小球的初速度为：3avT=（2）[2]平抛运动竖直方向为自由落体运动，则根据竖直方向运动规律可知有：22yagT==则月球表面的重力加速度为：22agT=（3）[3]当在最高点只有重力

提供向心力时，拉力最小为零，则根据牛顿第二定律：2minmRmgv=可知此时最小速度为：mingRv=设在最低点时速度为maxv，则根据动能定理：22maxmin11222mgRmmvv=−此时最低点的拉力最大

，根据牛顿第二定律有：2maxmaxmgmRvF−=则绳上最大、最小拉力之差为：a2mx1206mFTamgF=−==13．小聪想用满偏电流为600μA的灵敏电流计G改装成0.6A的电流表，操作步骤如下：（1）用如图1所示的电路测量电流计G的内阻。先只闭合S1，调节滑动变

阻器R，使电流计指针满偏；保持滑动变阻器的滑片位置不变，再闭合S2，调节电阻箱R′，使电流计指针半偏，读出此时R′的阻值为99.9Ω，则测得灵敏电流计的内阻rg=______Ω。13（2）用这种方法测出的电流计内阻rg，与电流计内阻的真实值r′g相比有一定的

误差，为减小此误差，应使R______R′的读数（选填“＞＞”、“＜＜”或“=”）。（3）将此灵敏电流计与R0=______Ω的定值电阻并联，就可以改装成量程为0.6A的电流表。（4）采用如图2所示电路，用满偏电流

为0.6A的标准电流表A校对上述改装的电流表，由于测量电流计内阻的系统误差，会导致改装的电流表测得的电流______（选填“大于”、“小于”或“等于”）标准电流表测得的电流。【答案】99.9＞＞1小于【解析】（1）用半偏法测电阻，若并联电路电流相同，则电阻

相同，则电流表内阻等于电阻箱阻值：为99.9Ω。（2）因总电流变大，则并联电阻部分的电流大于原电流的一半，则阻值小于电流表的内阻，测量值偏小。若R＞＞R′，则电路中的电流增加几乎可以忽略不计，则可以减小实验的误差。（3）改装成电流表要并联电阻，由欧姆定律可得：IR并=I0rg又：00=ggRr

RRr+并联立可得：R0=1Ω（4）由于电流表的内阻的测量值偏小，所以由公式得出的与电流表并联的R0偏小，导致改装的电流表的量程偏大，所以对应的读数偏小，即改装的电流表测得的电流小于标准电流表测得的电流.13．如图所示，空气中，屏与半圆形玻璃砖右边缘N点接触，且与

其直径边MN垂直。玻璃砖半径为R，O为圆心，屏足够长。一束单色光从玻璃砖上P点沿PO方向入射，与MO夹角为60°。已知玻璃砖对这束光的折射率为3，光在真空中的传播速度为c。求：(1)屏上两光斑之间的距离；(2)光在玻璃砖中运动的最长光程及相应

时间。14【答案】(1)433xR=；(2)23R=，23Rtc=；【解析】(1)由题意可知，入射角为30°，N点上方的光斑到N点的距离为x11tan603xRR==o由折射定律sinsin30n=N点下方的光斑到N点的距离为x22tanRx=屏上两

光斑之间的距离为12xxx=+解得433xR=(2)光在玻璃砖中运动的最长光程为223RnR==光在玻璃中的速度为cvn=光在玻璃砖中运动的最长光程所对应的时间2Rtv=解得23Rtc=1514．如图示，用一轻弹簧将物块Q和地面相连，处于静止状态。物

块P从Q的正上方h处由静止释放，P、Q相碰（时间很短）后立即以相同的速度向下压缩弹簧（P、Q不粘连）。P的质量为m，Q的质量为m（=1，2，3，…），弹簧的劲度系数为k，弹簧的形变量为x时，弹性势能2P12Ekx=。空气阻力不计，PQ运动过程中弹簧始终未超过弹性限度。求：(1)P自h

高处落下与Q碰撞后瞬间的共同速度v共，此过程中损失的机械能E△；(2)若取m=0.10kg，h=0.80m，k=75N/m，重力加速度g=10m/s2，则当取何值时P与Q碰撞后始终以共同的速度运动?【答案】(1)21gh+，1mgh+；(2)4【解析】(1)P自h高处落

下与Q碰撞前，由动能定理可得2012mghmv=P与Q碰撞后，由动量守恒得0(mvmmv=+共）由能量守恒可得1621()+2mghmmvE=+共联立解得2=1ghv+共，1Emgh=+(2)由题意可知，要使二者始终共速运动，则需满足在弹簧恢复原

长时二者速度刚好为零。在Q压缩弹簧时有kxmg=从二者碰撞后共速到弹簧恢复原长二者速度刚好为零，由能量守恒可得2211()+()22mmvkxmmgx+=+共因为为正整数，则联立解得4=15．在平面坐标系第Ⅰ、Ⅱ象限内有垂直坐标平面向里的

匀强磁场，在第Ⅲ象限内有M、N两个竖直平行金属板，板间的电压为U，在第Ⅳ象限内有沿y轴正方向的匀强电场。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子（不计粒子重力）从靠近M板的S点由静止开始做加速运动，从y轴上

y=-l处的A点垂直于y轴射入电场，从x=2l的C点离开电场，经磁场后再次到达x轴时刚好从坐标原点O处经过。求：(1)粒子运动到A点的速度大小；(2)电场强度E和磁感应强度B的大小；(3)带正电粒子从A运动

到O经历的时间。【答案】(1)2Uqmm；(2)Ul；2Umqlq；(3)()4324lUqmUq+【解析】(1)设粒子运动到A点的速度大小为v0，由动能定理得2012qUmv=17可得粒子运动到A点的速度大小02Uqmvm=(2)粒子在电场中做类平抛运动，设经历时间为t1，

则2l=v0t12112=qEltm整理得202mvUEqll==设粒子离开电场时速度大小为v，与y轴夹角为，则2201122qElmvmv=−0cos=vv设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，则2sin2Rl=2vqvBmR=整理得02UmqmvBqllq==(3)由(2)可知

4=，所以粒子在磁场中运动的时间2324mtqB=故tAO=t1+t2解得()()04343224AOllUqmtvUq++==18