【文档说明】天津市部分区2021-2022学年高一下学期期末考试物理试题含解析.docx，共(13)页，715.449 KB，由管理员店铺上传

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天津市部分区2021~2022学年度第二学期期末练习高一物理第Ⅰ卷一、单项选择题（每小题5分，共25分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选出该选项并填涂在答题卡上）1.如图所示，一个物体在O点

以初速度v开始运动，已知物体只受到恒力F作用，则下列关于物体运动情况的判断，正确的是（）A.物体一定做曲线运动B.物体一定沿力F的方向做直线运动C.物体一定沿初速度v的方向做直线运动D.从图中无法确定物体是做直线运动还是做曲线运动【答案】A【解析】【详解】依题图，物体运动初速度

v的方向及该物体受到的恒定合力F的方向不共线，则物体一定做曲线运动，故BCD错误，A正确。故选A。2.如图所示，在光滑的水平面上有一小球a以速度0v向右运动；同时在它的正上方有一小球b以初速度0v水平向右抛出，并落于c点，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.

小球a先到达c点B.小球b先到达c点C.两球同时到达c点D不能确定哪个球先到达c点【答案】C【解析】【详解】小球b做平抛运动，在水平方向上为匀速运动，小球a也在水平方向做匀速运动，由题意可知，两小球在水平方向上运动的距离相等，初速度也相同，故所用时间相同

，即两球同时到达。故选C。3.金家庄特长螺旋隧道为2022年冬奥会重点交通工程．由于需要克服约250m的高度差，如果不建螺旋隧道，会造成路线坡度过大，无法保证车辆的安全行驶。因此这一隧道工程创造性地设计了螺旋线，通过螺旋线实现原地抬升，如图所示。下列对这段公路的

分析，说法正确的是（）A.车辆上坡过程中受到重力、支持力、摩擦力、牵引力、下滑力B.车辆转弯处，路面应适当内低外高C.通过螺旋隧道设计，有效减小坡度，主要目的是减小车辆行驶过程中的摩擦力D.车辆以某一恒定速率转弯时，转弯半径越大，所需的向心力越大【答案】B【解析】【详解

】A．车辆上坡过程中没有受到下滑力，故A错误；B．车辆转弯处，路面应适当内低外高，这样有一部分支持力分量可以提供向心力，使汽车更安全，故B正确；C．通过螺旋隧道设计，有效减小坡度，主要目的是减小车重力沿斜面向下的分力，

故C错误；D．由向心力公式2vFmR=可知，当速度不变，R越大时，向心力越小，故D错误。.故选B。4.设地球半径为R，表面的重力加速度为0g：卫星在距离地球表面3R处绕地球运动，由于地球的作用而产生的加速度为g，则0gg为（）A.13B.14C.19

D.116【答案】D【解析】【详解】在地球表面上有02mMGmgR=在离地高3R处有()24mMGmgR=联立可得0116gg=故选D。5.做自由落体运动的物体质量为1kg，从高处由静止开始下落，经3s时间落地，不计空气阻力，取重

力加速度210m/sg=，则下列判断正确的是（）A.这3s内重力做的功为300JB.落地时重力的功率为300WC.下落过程中重力的平均功率为300WD.下落过程中物体机械能不断增加【答案】B【解析】【详解】A．物体下降的高度2145m2hgt==这3s内重力做的功为450JWmgh==故A错误

；B．落地时物体速度30m/svgt==落地时重力的功率300WPmgv==故B正确；C．下落过程中重力的平均功率150WWPt−==故C错误；D．物体做自由落体运动，只有重力做功，机械能守恒，故D错误。故选B。二、不定项选择题（每小题5分，共15分

。每小题给出的4个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）6.近年来，我国航天事业不断创新发展。我国发射的某人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由于实际需要，现对卫星进行变轨，变轨后卫星仍然做匀速圆周运动，但轨道半径变为原来的2倍，则变轨后与变轨前相

比（）A.卫星的运动周期变大B.卫星的线速度变大C.卫星的向心加速度变大D.地球对卫星的引力变小【答案】AD【解析】【详解】A．根据2224MmGmrrT=解得32rTGM=变轨后，轨道半径变大，周期变大，故A正确；B．根据22MmvGmrr=解得GMvr=变轨后，轨

道半径变大，线速度变小，故B错误；C．根据2MmGmar=解得2GMar=变轨后，轨道半径变大，向心加速度变小，故C错误；D．变轨后，轨道半径变大，根据2MmFGr=可知地球对卫星的引力变小，故D正确。故选AD7.下列关于圆周运动

的说法中正确的是（）A.做匀速圆周运动的物体，所受合力为零B.做匀速圆周运动的物体，所受合力不为零，合力方向总指向圆心C.做变速圆周运动的物体，所受合力可能为零D.不论是做匀速圆周运动还是做变速圆周运动，物体所受合力均不为零【答案】BD【解析】【详解】A．做匀速圆周运动的物

体，合力提供向心力，向心力不为零，故A错误；B．做匀速圆周运动的物体，合力提供向心力，向心力总是指向圆心，故B正确；CD．不论是做匀速圆周运动还是做变速圆周运动，均需要力提供向心力，向心力不为零，物体所受合力均不为零，故C错误，D正确。故选BD。8.把地球和火星均看作质量分布均匀的球体。已知地球

质量约为火星质量的9倍，地球半径约为火星半径的2倍，由这些数据可知（）A.地球表面和火星表面重力加速度之比为9:2。B.地球表面和火星表面重力加速度之比为9:4C.地球上和火星上第一宇宙速度之比为3:2D.地球上和火星上的第一宇宙速度之比为3:2【答

案】BC【解析】【详解】AB．据万有引力等于重力，有2MmGmgR=得2GMgR=由题意，地球半径约为火星半径的2倍，地球质量约为火星质量的9倍，则地球表面和火星表面的重力加速度之比为9:4，故A错误，B正确；CD

．根据万有引力等于向心力，有G2MmmR=2vR得GMvR=则得地球和火星的第一宇宙速度之比为3:2，故C正确，D错误。故选BC。第Ⅱ卷9.在“验证机械能守恒定律”实验中，采用如图所示的实验装置：（1）本实验中应该选用下面提供的4个重物中的______；的的A．20g的木球B．5

0g的祛码C．200g的橡胶球D．200g的铅制重锤（2）从减小实验误差的角度考虑，下列说法正确的是_______；A．测量纸带上计数点间距离时，应保持纸带处于竖直悬挂状态B．选用的纸带越长越好C．安装打点

计时器时，打点计时器平面和两个限位孔应该调到竖直方向，以减小纸带受到的摩擦阻力（3）由于重物运动中不可避免会受到阻力作用，其动能变化量kE和重力势能变化量pE的大小关系，总是存在kE______pE（选填“＞”“＝”或“＜”）。【答案】①.D②.C③.<【解析】【详解】（1）[1]为了减

小误差，应选择密度大、体积小的物体，故D正确，ABC错误；（2）[2]A．测量纸带上计数点间距离时，为了减小测量误差，使纸带水平状态，故A错误；B．选用的纸带越长，阻力做功越多，误差越大，故B错误；C．

安装打点计时器时，打点计时器平面和两个限位孔应该调到竖直方向，以减小纸带受到的摩擦阻力，故C正确；（3）[3]由于重物运动中不可避免会受到阻力作用，其动能变化量kE和重力势能变化量pE的大小关系，总是存在pkEE10.用如图所示的向心力演

示器探究向心力大小的表达式．匀速转动手柄，可以使变速塔轮以及长槽和短槽随之匀速转动，槽内的小球也随着做匀速圆周运动，根据标尺上露出的等分标记，可以粗略计算出两个球所受的向心力大小之比。①为了探究向心力大小与物体质量的关系，应比较表中的第1组和第______组数据；②为了探究向心力大小与转速

的关系，应比较表中的第1组和第______组数据；③为了探究向心力大小与半径的关系，应比较表中的第1组和第______组数据。组数小球的质量m/g转动半径r/cm转速n/1(rs)−114.015.001228.015.001314.015.002414.030.

001【答案】①.2②.3③.4【解析】【详解】①[1]为了探究向心力大小与物体质量的关系，应保持角速度（即转速）和转动半径相等，使得质量不同，所以选择应比较表中的第1组和第2组数据；②[2]为了探究向心力大小与

转速的关系，应保持质量和转动半径相等，使得转速不同，应比较表中的第1组和第3组数据；③[3]为了探究向心力大小与半径关系，应保持质量和转速相等，使得转动半径不同，应比较表中的第1组和第4组数据；11.“墨子号”人

造地球卫星的质量为m，绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为r，其运行周期为T，已知引力常量为G。求：（1）“墨子号”卫星运动的线速度大小；（2）“墨子号”卫星运动需要的向心力大小；（3）地球的质量。的【答案】（1）2rT；（2）224mrT

；（3）2324rGT【解析】【详解】（1）“墨子号”卫星运动的线速度大小2rvT=（2）“墨子号”卫星的向心加速度为224raT=根据牛顿第二定律Fma=向可得224mrFT=向（3）设地球质量为M

，有2GMmFr=向将224mrFT=向代入可得2324rMGT=12.在8NF=的水平拉力作用下，质量为2kgm=的物体沿水平面由静止开始运动，物体与水平面间动摩擦因数为0.2=，取重力加速度210m/sg=，求：（1

）当物体沿水平面向前滑行距离x＝4m时，物体的速度大小；（2）当物体沿水平面向前滑行距离x＝4m时，拉力的功率；（3）若物体沿水平面向前滑行距离x＝4m时撤去拉力，则此后物体还能沿水平面滑行的距离是多少？【答案】（1）4m/s；（2）32W；（3）4m【解析】【详解】（1

）根据动能定理，有21()2Fmgxmv−=代入数据可得4v=m/s（2）根据FPFv=代入数据可得F32WP=（3）解法一整个过程由动能定理可得()'0Fxmgxx−+=代入数据可得'4mx=解法二有拉力作

用阶段，有21()2Fmgxmv−=撤去拉力以后，设还能沿水平面滑行的距离为'x，由动能定理，有2102mgxmv−=−代入数据可得'4mx=13.如图所示、长为L＝3m的水平轨道AB与半径为R＝0.6

m的竖直半圆弧轨道BC在B处平滑连接，有一质量为1kg的滑块（大小不计），从A处受水平向右的拉力F作用由静止开始运动，当滑块运动到B点时撤去拉力F。滑块与水平轨道和半圆弧轨道间均光滑接触，直径BC竖直。已知滑

块恰好能通过圆弧轨道的最高点C，滑块从C点水平飞出后落在水平轨道AB上的D点（图中未画出），不计空气阻力，取210m/sg=。求：（1）D点到B点的距离；（2）滑块经过B点时速度大小；（3）水平拉力F大小。【答案】（1

）1.2mm；（2）30m/s；（3）5N【解析】【详解】（1）恰好能通过圆弧轨道的最高点C，在C处有2cvmgmR=从C点水平飞出后做平抛运动，有：2122hRgt==cxvt=代入数据可得1.2mx=（2）从B到C机械能守恒，有2211222BcmvmvmgR=+代入

数据得30m/sBv=（3）从A到B，由动能定理，有212BFLmv=代入数据可得5NF=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com