【文档说明】广东省信宜市第二中学2020-2021学年高一下学期期中热身物理试题含答案.docx，共(12)页，492.981 KB，由小赞的店铺上传

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1广东省信宜市第二中学2020-2021学年度高一第二学期期中热身试物理科一、选择题，答案填入表格（1-7单项每题4分，8-10多项选择题每题6分，共46分）1．下列哪组单位全部是国际单位制中的基本单位（）A．千克、秒、牛顿B．千克、米、秒C．克、千米、秒D．牛顿、克、米2．雨滴从

高空由静止下落，由于空气阻力作用，其加速度逐渐减小，直到变为零，在此过程中雨滴的运动情况是()A．速度一直保持不变B．速度不断减小，加速度为零时，速度最小C．速度的变化率越来越大D．速度不断增大，加速度为零时，速度最大3．一物体m受到一个撞击力后，沿斜

面向上滑动，如图所示，在上滑过程中，物体m受到的力是()A．重力，沿斜面向上的冲力，斜面的支持力B．重力，沿斜面向上的冲力，沿斜面向下的滑动摩擦力C．重力，沿斜面向下的滑动摩擦力，斜面的支持力D．重力，沿斜面向上的冲力，沿斜面向下的摩擦力

，斜面的支持力4．已知两个共点力的合力F为10N，分力F1的大小为5N．则另一个分力F2A．F2的大小是唯一的B．F2的大小可以是任意值C．F2的方向与合力F的方向一定成30角D．F2的方向与合力F的方向的最大夹

角为30角5．“星跳水立方”节目中，某明星从跳板处由静止往下跳的过程中（运动过程中某明星可视为质点），其速度—时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．跳板距离水面的高度为10mB．该明星入水前处于失重状态，入水后处于超重状态C．1s末该明星的速度方向发生改变2D．该明星在整个下跳过程中的

平均速度是10m/s6．如图，在粗糙水平面上有一质量为m=3kg的小物块可视为质点，在与水平方向夹角为θ=30°的斜向上的拉力F的作用下做匀速直线运动，物块与地面间的动摩擦因数为μ=33，重力加速度g=10m/s2，则拉力的大小为（

）A．10NB．103NC．15ND．20N7．如图所示，在竖直方向运动的电梯，其顶部挂有一个弹簧测力计，弹簧测力计的下端挂了一个重物，电梯做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数变为9N，关于电梯的运动，以下说法正确的

是（g取10m/s2）（）A．电梯可能向下减速运动，加速度大小为1m/s2B．电梯可能向下加速运动，加速度大小为1m/s2C．电梯可能向上加速运动，加速度大小为0.9m/s2D．电梯可能向下加速运动，

加速度大小为0.9m/s28．一个物体做直线运动，其图象如图所示，以下说法正确的是（）A．第5s末时位移达到最大值B．B．0~2s和6~8s加速度不同C．4~6s加速度方向未发生变化D．D．6~8s加速度方向与速度方向相同9．有三个共点力，一个大小为10

N，另两个大小均为2N，则它们的合力大小可能为（）A．2NB．8NC．10ND．12N10．如图所示，在倾角为α的斜面上，放一质量为m的小球，小球和斜坡及挡板间均无摩擦，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，则有（）A．斜面对球的支持力逐渐增大B．斜面对球的支持

力逐渐减小C．挡板对小球的弹力先减小后增大3D．挡板对小球的弹力先增大后减小二、实验题（共16分）11．(本题6分)某同学在做“探究弹力与弹簧伸长量的关系”实验。(1)用如图甲所示的装置做“探究弹力与弹簧伸长量的关系”实验，下

列说法正确的是______；A．每次增加的钩码数量必须相等B．任何弹簧的弹力与伸长量之比都相等C．通过实验可知，在弹性限度内，弹力与弹簧的长度成正比D．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧竖直且处于平衡状态(2)该同学通过实验得到如图乙所示的弹簧长

度x与弹力大小F的关系图线。由此图线可得该弹簧的原长x0=______cm，劲度系数k=______N/m。（结果均保留三位有效数字）12．(本题10分)某同学利用如图装置“探究加速度与力、质量的关系”⑴本实验采用的物理思想方法是（_________）A．等效替代法B．控制变量法C．

直接比较法D．理想实验法⑵实验中小车质量应________沙和沙桶的总质量（选填“远大于”、“远小于”或“等于”）;⑶该同学实验中打出如图2一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s，从比较清晰的点起，每5个点取1个计数点，量出相邻两个计数点之间

的距离分别为：OA=1.20cm，AB=1.50cm，BC=1.80cm，CD=2.10cm，则小车的加速度大小为______m/s2（保留两位有效数字）；4⑷在实验中保持小车质量不变，改变沙和沙桶的总质量，测得沙和沙桶的总重力F和加速度a的数据如下表：F/N0.

150.300.480.620.74a/（m•s﹣2）0.050.160.300.400.49①根据测得的数据，在图3中作出a-F图象；②根据图1可知a–F图象未过坐标原点的原因可能是_______________；三、解答题（共

38分）13．(10分)如图所示，质量为4kg的物体静止于水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.5，物体受到大小为20N，与水平方向成30°角斜向上的拉力F作用时沿水平面做匀加速运动（g取210m/s），求：(1)画出物体的受力图，并求出

物体的加速度；(2)物体在拉力作用下5s末的速度大小。14．(12分)广东省内很多城市正在进行“创文”活动，交警部门要求汽车在斑马线前停车让人。有一辆以36km/h匀速行驶的汽车，已知该车刹车时最大加速度大小为5m/s2，驾驶员反应时间为0.2s，在反应时间内汽

车做匀速运动。当车头离斑马线15m时，驾驶员看到斑马线上有行人时开始急刹车，请通过计算说明该驾驶员是否能在斑马线前停车？15．(16分)如图所示，质量为1kg的小球用细绳拴着吊在行驶的汽车后壁上，绳与竖直方向夹角为=37°。已知g=10m/2

s，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求:（1）汽车匀速运动时，细线对小球的拉力和车后壁对小球的支持力大小。（2）当汽车以1a=2m/2s向右匀减速行驶时，细线对小球的拉力和小球对车后壁的压力大小。（3）当汽车以2a=10m2/s向右匀减速行驶时，细线对小球的拉力和小球

对车后壁的压力大小。5广东省信宜市第二中学2020-2021学年度高一第二学期期中热身试物理科参考答案1．B【详解】千克、米、秒都是国际单位制中的基本单位；而牛顿是导出单位；克不是国际单位制中的基本单位；故选B.2．D【解析】雨滴从高空由静止下落，由于空气阻力作用，其加速度逐渐减小，因为加速度方向

与速度方向相同，则速度一直增大，当加速度减小到零时，速度达到最大．故D正确，AB错误．加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度减小，则速度的变化率减小．故C错误．故选D．点睛：解决本题的关键知道加速度的物理意义，以及知道如何判断速度的增加还是减小，关键看加速度的方

向与速度方向的关系．3．C【详解】物体受到撞击力后在惯性的作用下沿斜面向上运动，物体并不受冲力的作用，所以对物体受力分析，重力竖直向下，斜面对物体的支持力垂直斜面向上和沿斜面向下的滑动摩擦力，所以C正确，ABD错误；故选C。4

．D【详解】有两个共点力的合力大小为10N，若其中一个分为大小为5N，另一个分力的大小应在5N≤F≤15N范围，6由图可得F2的方向与合力F的方向的最大夹角为，11sin2FF==，即F2的方向与合力F的

方向的最大夹角为30角，故D正确，ABC错误。故选D。5．B【详解】A．由图象面积的意义得跳板距离水面的高度为1101m5m2h==故A错误；B．入水前具有竖直向下的加速度，处于失重状态，入水后具有竖直向上的加速度，处于超重状态，故B正确C．1s末速度方向不变，故C

错误；D．由平均速度的定义式得1101.52m/s5m/s1.5v==故D错误。故选B。6．C【详解】对物体进行受力分析，由平衡条件可知：cosFf=fN=sinNFmg+=联立解得：15NcossinmgF

==+故C项正确，ABD三项错误。7．B【解析】7【详解】电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，知重物的重力等于10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数变为9N时，对重物有：mgFma−=，解得：21m/sa=，方向竖直向下，则电梯的加速度大

小为1m/s2，方向竖直向下。AB．电梯可能向下做加速运动，加速度大小为1m/s2，A错误B正确；CD．电梯也可能向上做减速运动，加速度大小为1m/s2，CD错误；故选B。8．AC【详解】A．物体前5s内速度一直是正值，物体一直向正方向

运动；5s-8s内速度是负值，物体向负方向运动，可知前5s内的位移达到最大值，故A正确。B．0-2s内物体的加速度为231.5m/s2vat===6-8s内物体的加速度为'231.5m/s2vat===则0-2s内和6-8s内加速度相同，故B错误。C．

因v-t图像的斜率的符号反映加速度的方向，可知4-6s加速度方向未发生变化，故C正确。D．在6-8s内，物体都做匀减速直线运动，加速度方向与速度方向相反，故D错误。故选AC。9．BCD【详解】两个力的大小为2N，另一个力的大小为10N，则这三个力的合力范围为：6

N14NF合剟所以BCD正确，A错误。8故选BCD。10．BC【详解】如图对小球进行受力分析1NF是挡板对球的支持力，和球对挡板的压力是一对作用力和反作用力，等大反向，2NF是斜面对球的支持力，和球对斜面的压力是一对作用力和反作用力，等大反向，由图可知，缓慢转动挡板至与斜面垂直过程中，

1NF先减小后增大，2NF一直减小，BC正确，AD错误。故选BC。【点睛】中等难度．本题通过画出受力分析图就可以看出动态变化过程，各力大小变化一目了然．11．D11.65.65（5.64～5.66均可）【详解】(1)[1]A．每次增加的钩码数量不必相等，

故A错误；B．不同的弹簧劲度系数的弹簧的弹力与伸长量一般不相同，故B错误；C．在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故C错误；D．在弹性限度内通过增减钩码的数量，在竖直方向上改变对弹簧的拉力，来探究弹力与弹簧伸长量的关系，故D正确。故选D。(2)[2]由胡可定律可得，

弹簧的长度和弹簧弹力关系为0Fxxk=+由此可得图线的纵截距为该弹簧的原长，即011.6cmx=[3]由胡克定律有90.7N/m5.65N/m0.240.116Fkx==−12．B；远大于；0.30；；实验中未平衡摩擦力(或未完全平衡摩擦力)【解析】【分析】小车在水平方向上受绳的拉力

和摩擦力，想用让沙和沙桶总质量重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次：设小车加速度为a，则：绳上的力为F=Ma，对让沙和沙桶总质量来说：mg-Ma=ma，即：mg=（M+m）a，如果用让沙和沙桶总质量的重力表示小车受到的合外力，则Ma=（M+m）a，必须要满足让沙

和沙桶总质量远小于小车的总质量．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，采用描点法作出a-F图象。【详解】(1)探究加速度与力、质量的关系即Fam=有三个物理量，所以应选用控制变量的方法，故选：B；(2)为了用沙和沙桶的重力表示绳上拉力，实验中小车质量应远大于沙和沙桶的总质量

；(3)每5个点取1个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，22220.30100.300.1xmmassT−===；10(

4)①建立坐标系a-F，采用描点法，作出a-F图象如图②由图可知，图中当F≠0时物体的加速度a=0，即只有当F增大到一定值时物体才开始具有加速度，故在物体保持静止的时候其所受的静摩擦力等于绳子的拉力，所以出现此现象的原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够。【点睛】

本题考查了打点计时器应用的注意事项及打出的纸带的处理方法，有利于学生基本知识的掌握，同时也考查了学生对实验数据的处理方法，及试验条件的掌握，平衡摩擦力的方法。13．(1)受力图见解析，20.58m/s；(2)2.9m/s【详解】(1)受力分析根

据牛顿第二定律得cos(sin)FmgFma−−=解得112210315m/s0.58m/s4a−=(2)根据速度公式得50375m/s2.9m/s4vat−===14．能在斑马线前停车避免安全事故发生【详解】取初速度方向为正方

向，036km/h10m/sv==，由运动学公式，汽车反应距离为：1010m/s0.2s2msvt===汽车刹车距离为：22220201010m22(5)tvvsa−−===−停车距离为：1212m15msss

=+=，能在斑马线前停车避免安全事故发生。15．（1）12.5N；7.5N（2）12.5N；5.5N（3）14.1N；0【详解】（1）匀速运动时，小球受力分析，小球受到重力、拉力、后壁的弹力，由平衡条件得：Tsinθ=FN，Tcosθ=mg代入数据得：T=12

.5N，FN=7.5N；细线对小球的拉力为12.5N和车后壁对小球的压力大小为7.5N；（2）当汽车以a1=2m/s2向右匀减速行驶时，由牛顿第二定律得：Tsinθ−FN=ma，Tcosθ=mg，12代入数据

得：T=12.5N，FN=5.5N；细线对小球的拉力为12.5N和车后壁对小球的压力大小为5.5N；（3）当汽车以a2=10m/s2向右匀减速行驶时，假设小球离开车后壁，细线与竖直方向的夹角为α，由牛顿第二定律得：Tsinα=ma，Tcosα=mg，解得：T=2mg=14.1N

，α=45°细线对小球的拉力为14.1N，小球已经离开车后壁，车后壁对小球的压力大小为0；