【文档说明】《精准解析》重庆市七校联考2022-2023学年高二上学期期末联考物理试题（解析版）.docx，共(23)页，1.270 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-f82c076aaf70263328d7b4ed58d2b514.html

以下为本文档部分文字说明：

2022-2023学年（上）期末考试高2024届物理试题一、选择题（共48分，其中1~8题每小题只有一个正确选项，每小题4分；9~12题每小题有多个正确选项，全部选对的每题得4分，未选全的得2分，有选错的得

0分）1.下面是小伟同学对一些概念及公式的理解，其中正确的是（）A.某干电池的电动势为1.5V，这表示它在1s内将1.5J的其他形式能转变成电能B.由场强公式FEq=可知，电场中某点的场强由试探电荷所受电场力和电

荷量决定C由磁感应强度FBIL=可知，B与F成正比，与IL成反比D.根据电势差定义式ABABWUq=可知，带电荷量为1C的负电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为2J，则UAB=2V【答案】D【解析】【详解

】A．根据电源的电动势定义式WEq=分析可知，某干电池的电动势为1.5V，表示电池内非静电力每移动1C的电荷做功为1.5J，故A错误；B．公式FEq=为电场强度的定义式，电场强度是电场本身的性质，与放入其中的试探电荷及其所受到的电场力大小无关，故

B错误；C．公式FBIL=为磁感应强度的定义式，磁感应强度为磁场本身的性质，与F无关，与IL无关，故C错误；D．根据电势差的定义式ABABWUq=可知，带电荷量为1C的负电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为2J，则2VABU=故D正确。故选

D。2.如图所示，粗细均匀的正六边形线框abcdef由相同材质的导体棒连接而成，直流电源的两端与顶点a、b相连，整个装置处于垂直于线框的匀强磁场中。若ab棒受到的安培力大小为3N，则六边形线框受到安培.的力

的总和为（）A.0B.2.4NC.3.6ND.4N【答案】C【解析】【详解】设ab的电阻为R，由电阻定律知afedcb的电阻为5R，若ab中的电流为I，则afedcb中的电流为15I。对ab棒由安培力F=BIL有13NFBIL==方向竖直向上对afedcb边框，其有效长度

为L，则其所受安培力211=0.6553NNFBLI==方向竖直向上则线框受到的安培力大小为123N0.6N=3.6NFFF=+=+故选C。3.如图所示，有A、B两段圆柱形电阻丝，材料相同，长度也相同，它们横截面直径之比为dA:dB=2:1，把它们串联在电路中，下列说

法正确的是（）A.A、B两段电阻丝的电阻之比为RA:RB=1:8B.通过A、B两段电阻丝的电流之比为IA:IB=1:4C.A、B两段电阻丝中的电场强度之比为EA:EB=4:1D.A、B两段电阻丝消耗的功率之比为PA:PB=1:4

【答案】D【解析】【详解】A．长度、材料均相同，它们的横截面的直径之比为：的dA:dB=2:1则横截面积之比为：SA：SB=4:1根据：LRS=可知电阻之比：RA：RB=1:4故A错误；B．因两者是串联，它们的电

流总相等，故B错误；C．两段导体两端电压之比为：1122:1:4=:UIRIRU=因此A、B两段电阻丝中的电场强度之比为EA:EB=1:4故C错误；D．两段电阻丝发热功率之比为：2212:1:4=:AB

PIRRPI=故D正确。故选D4.某电场区域的电场线分布如图，在电场中有A、B、C、D四个点，一点电荷仅在电场力作用下由A点运动到B点，其轨迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A.该点电荷带正电，由A运动到B的过程中动能增大，电势能减小B.该点电荷带负电，由A运动到B的过程中动能减小，电势能

增大C.A、B、C、D四点的场强大小关系为EA>EB>EC>EDD.A、B、C、D四点的电势大小关系为φA<φB<φC<φD【答案】B【解析】【详解】AB．根据曲线运动受力方向指向轨迹内侧，正电荷受力方向与电场强度方向相同，

负电荷受力方向与电场强度方向相反，可知点电荷为负电荷。A运动到B的过程中电场力方向与速度方向成钝角，电场力做负功，动能减小，电势能增大，故A错误，B正确；C．电场线越密集电场强度越大，因此A点场强最小，C错误；D．沿电场线方向电势降低，ABCD，D错误。故选

B。5.如图所示的电路中，1R、2R为定值电阻，3R为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r。设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U。当3R滑动触点向图中b端移动，则（）A.I变大，U变小B.I变大，U变大C.I变小，U变小D.I变小，U变大【答案】B【解析】【详解】当R3的滑动触点向图中b端

移动时，R3变大，外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律EIRr=+总外知，总电流变小，路端电压即电压表V的读数UEIr=−变大，电路中并联部分电压变大，则通过R2的电流即电流表的读数则I变大。故选B。6.如图所示，真空中存在电场强度大小为E，方向水平向右的匀强电场，A、B两点分

别固定着等量异种点电荷+Q和-Q。O是线段AB的中点，C是线段AB垂直平分线上的一点，且∠CAB＝60°。若O点的电场强度大小为3E，则图中C点的电场强度为（）A.54E，水平向右B.E，水平向右C.34E，水平向左D.14E，水平向左【答案】A【解析】【详解】根据场强的矢量合成可知，O点的场强

为匀强电场场强E以及+Q和−Q在O点形成场强E′的矢量和，设AB距离为2r，则有2322QEEEEkr=+=+可得2EQEkr==在C点，+Q和−Q在C点的场强E''大小相等，且夹角为120°，可知两点电荷在C点的合场强大小也为E''，方向水平向右221(

4)124QQEkkErr===故C点处的场强大小为54EEEE=+=合故A正确，BCD错误。故选A。7.如图甲所示为一款儿童电动汽车，该款电动汽车的部分参数如图乙所示，则下列说法正确的是（）适用年龄6个月~3

岁家长遥控34岁可自驾核定载重25kg电源规格12V45Ah充电器12V1000mA电机RS390-12V2AA.电机的输入功率等于54WB.电源规格中的45Ah，Ah是电功的单位C.电机在正常工作时突然被卡住不转动，此时通过电机的电流会超过2AD.电

机线圈的电阻为6【答案】C【解析】【详解】A．由参数可知，电动机正常工作时的电流为2A，额定电压为12V，所以电动机的输入功率为24WPUI==故A错误；B．Ah是表示电流单位与时间单位的乘积，是电荷量的单位，故B错误；C．由参数可知，电动机正常工

作时的电流为2A，若电机在正常工作时突然被卡住不转动，此时通过电机的电流会超过2A，故C正确；D．根据题意，由欧姆定律可得6URI==由于电动机为非纯电阻电路，则电机线圈的电阻小于6，故D错误。故选C。8.如图所示，甲是回旋加速器，乙是磁流体发电机，丙是

速度选择器，丁是霍尔元件，下列说法正确的是（）A.甲图只要增大加速电压U，就能增大粒子能获得的最大动能B.乙图可判断出电流方向为BbaAC.丙图可以判断出能够沿直线匀速通过的粒子的电性、以及射入的速度大小（电场强度E和磁感应强度B已知）D.丁图中稳定时一定是左侧的C板比右侧的D板电势高【答案】

B【解析】【详解】A．根据题意，图甲中，由牛顿第二定律有2vqvBmr=解得mvrqB=当粒子做圆周运动半径等于D型盒半径时，粒子的速度最大，即mqBRvm=则最大动能为2222kmm122qBREmvm==可知，最大动能与电压无关，故A错误；B

．根据题意，图乙中，由左手定则可知，带正电的粒子向下偏转，带负电的粒子向上偏转，B板为正极，A板为负极，则电流方向为BbaA，故B正确；C．根据题意，图丙中，电场的方向与磁场的方向垂直，带电粒子进入复合场，受电场力和洛伦兹力，且二力是平衡力，即Eqqv

B=解得EvB=不管粒子带正电还是带负电都可以匀速直线通过，所以无法判断粒子的电性，故C错误；D．根据题意，图丁中，若载流子带负电，由左手定则可知，带负电的载流子C端偏转，则左侧的C板比右侧的D板电势低，故D错误。故选B。9.关于磁感应强度B的说法正确的是（）A.磁场中某点的磁场方向就是小磁针在该

点静止时N极所指的方向B.小磁针静止时N极的指向，一定可以用“同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”来确定C.匀强磁场的磁感应强度，由处于其中的检验电荷受到的磁场力、电荷量和速度决定D.一小段通电导线在某处不受磁场力，该处的磁感应强

度不一定为零【答案】AD【解析】【详解】A．磁场中某点的磁场方向就是小磁针在该点静止时N极所指的方向，故A正确；B．在通电螺线管内部，磁场方向由S极指向N极，则小磁针静止时N极的指向，不能用“同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”来确定，故B错误；C．匀强磁场的磁感应强度，与磁场本身有关，与处于其

中的检验电荷受到的磁场力、电荷量和速度无关，故C错误；D．一小段通电导线在某处不受磁场力，可能是该处磁感应强度为零，也可能是导线与磁场平行，故D正确。故选AD10.如图所示，真空中有两个异种点电荷1Q、2

Q分别固定在x轴上的A、O两点（O为坐标原点），x轴正半轴上的电势随x变化规律如图所示，C为电势的最高点，2OCOA=，则下列说法正确的是（）A.1Q、2Q的电荷量大小之比为3:2B.C处的场强为0C.1Q一定带正电、2Q一定带

负电D.带负电的粒子从B点沿x轴向D点移动的过程中，电势能先增大后减小【答案】BC【解析】【详解】B．根据x−图像中，斜率表示电场强度，由图可知，C处的场强为0，故B正确；A．根据题意，由点电荷场强公式2kQEr=和电场的叠加原理，设OA的距离为a，则有()()122232kQk

Qaa=解得1294QQ=故A错误；C．根据题意，由图结合沿电场线方向电势逐渐降低可知，C点左侧电场方向沿x轴负方向，C点右侧电场方向沿x轴正方向，由点电荷场强公式2kQEr=和电场的叠加原理可知，1Q一定带正电、2Q一定带负电，故C正确；D．根据题意，由图可知，从B点到D点电势先增大后减

小，带负电的粒子的电势能先减小后增大，故D。错误。故选BC。11.两个带等量异种电荷的粒子分别以速度av和bv射入匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为60和30，磁场宽度为d，两粒子同时由A点出发，同时到达B点，如

图所示，则（）A.两粒子的轨道半径之比:1:3abRR=B.两粒子的质量之比:1:2abmm=C.两粒子圆周运动的周期之比:2:1abTT=D.两粒子的速率之比:3:2abvv=【答案】CD【解析】【详解】A．对粒子在磁场中运动

，根据题意可得如图所示信息由图a、d所夹得弧为粒子a的运动轨迹，半径为Ra，b、d所夹得弧为粒子b得运动轨迹，半径为Rb，根据几何关系可知12sin30adRd==132sin603bdRd==整理可得:3:1abRR=故A错误；BCD．由几何关系可得，从A运动到B

，a粒子转过的中心角为60，b粒子转过的中心角为120，根据运动时间相同可得运动周期为:2:1abTT=两粒子做匀速圆周运动有2RvT=由此可得:3:2abvv=粒子是受洛伦兹力为向心力，故有2vqvBmR=整理可得2q

BRmv=由此可得:2:1abmm=故选CD。12.如图所示，绝缘平板A静置于水平面上，带正电的物块B（可视为质点）置于平板最左端，电荷量q=2×10-4C，平板质量M=2kg，物块质量m=1kg，物块与平板间动摩擦因数μ1=0.5，平板

与水平面间动摩擦因数μ2=0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。t=0时，空间提供水平向右的匀强电场（图中未画出），场强大小为E=5×104N/C；t=1s时，电场反向变为水平向左，场强大小不变；t=1.25s时，撤去电场，

在整个过程中，物块的电荷量保持不变，物块始终未离开平板，不计空气阻力，不考虑因电场变化产生的磁场影响，重力加速度取g=10m/s2。则下列说法正确的是（）A.t=1s时，A、B的速度分别为1m/s和5m/sB.平板A的长度至少为3.125mC.A、B之间摩擦生热为12.5JD.整个过程中电场力做

的总功小于17.5J【答案】ACD【解析】【详解】A．t=1s时，对物块有11Eqmgma−=对平板有122()mgmMgMa−+=代入数值解得21225,m/sm/s1aa==此时A、B速度分别为A21m/svat==，B15m

/svat==A正确；B．01s时，物块相对平板的位移为22112112m22xatat=−=电场反向后，物块开始做匀减速运动，加速度大小为3a有13Eqmgma+=解得2315m/sa=设经过1t达到共同速度v，有B31A21vatvatv−=+=解得10.

25st=，1.25m/sv=该段时间内物块相对平板位移为BA2110.5m22vvvvxtt++=−=可知共速后刚好撤去电场，因为12>，分析可知共速后物块和平板一起向右做匀减速运动直到静止，所以平板长度至少为122.5ml

xx=+=B错误；的C．根据前面分析可知A、B之间摩擦生热为112.5JQmgl==C正确；D．分析可知01s时电场力做正功，1s1.25s内电场力做负功，所以可得整个过程中电场力做的总功为2B11117.1875J<17.5J22v

vWEqatEqt+=−=D正确。故选ACD。二、非选择题（本题共6个小题，共52分）13.某同学欲将电流表（量程0~10mA，内阻为20Ω）改装为两用电表，即“×1”挡的欧姆表及量程为0~12V的电压表，实验室可

提供的器材有：a．一节全新的5号干电池（E=1.5V，内阻不计）；b．滑动变阻器R1（0~100Ω）；c．滑动变阻器R2（0~300Ω）；d．定值电阻R3（1180Ω）e．定值电阻R4（1200Ω）；f．单刀双掷开关S，一对表笔及若干导线（1）下列关于实验操作说法正确的是（）A．图

中B为“红”表笔，测量电阻时应将开关S扳向“1”B．图中B为“黑”表笔，测量电阻时应将开关S扳向“2”C．滑动变阻器应选用R1，定值电阻R0应选R4D．滑动变阻器应选用R2，定值电阻R0应选R3（2）在正确选用器材的情况下，改装后电

流表3mA处在欧姆挡刻度盘上应标为________Ω（填写具体数值）。【答案】①.BD②.350【解析】【详解】(1)[1]AB．测电阻应使用欧姆表，开关S应该扳向“2”；根据“红进黑出”，可以判断B为“黑”表笔，故C错误，B正确；CD．欧姆调零时，电流表满偏，此时=ggERRI−滑解得130R=

滑所以滑动变阻器应选用R2。改装成量程为0~12V的电压表，需要串联电阻0ggURRI=−解得01180R=所以定值电阻R0应选R3，故C错误，D正确。故选BD。(2)[2]根据闭合电路欧姆定律()gEIRRR=++滑当电流为3mA

时，解得350R=14.某物理兴趣小组要描绘一个标有“4V2W”的小灯泡L的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压由零逐渐增大，且尽量减小实验误差，可供选用的器材除导线、开关外，还有以下器材：A．直流电源4.5V（内阻不计）B．直流电流表0~600mA（内阻

约为5Ω）C．直流电压表0~4V（内阻约为6kΩ）D．滑动变阻器0~1000Ω，额定电流2AE．滑动变阻器0~10Ω，额定电流2A（1）为了让实验的误差更小，选用最合适的滑动变阻器是________（选填“D”或“E”）。（2）要求能够实现在0~4V的范围内对小灯泡的电压进行测量

，请在虚线框内画出实验电路图________。（3）实验测得小灯泡伏安特性曲线如图a所示，可确定小灯泡的功率P与U2和P与I2的关系，下列示意图中合理的是________（U和I分别为灯泡两端的电压和流过灯泡的电流）。（4）若将两个完全相同规格的小灯泡L按如图b所示电路连接，电源电动势E=6

V，内阻r=3Ω，调节滑片P使滑动变阻器R的功率和一个小灯泡的功率相等，则此时每个小灯泡消耗的电功率为________W。（结果保留2位有效数字）【答案】①.E②.③.D④.0.95##0.96##0.97##0.98##0.99##1.0【解析】【详解】（1）[1]为了减小误差

，滑动变阻器采用分压式连接，为了方便调节，滑动变阻器选择阻值较小的E；（2）[2]描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法。由于灯泡内阻较小，因此应采用电流表外接法，所以电路图如图所示

（3）[3]随着电压的升高灯泡电阻增大，所以灯泡的功率22UPIRR==则P-I2图象的斜率增大，而P-U2的斜率减小。故选D。（4）[4]两个完全相同的灯泡并联后通过滑动变阻器调节每个灯泡的电流I和电压U，滑动变阻器R的功率和一个小灯泡的功率相等，滑动变阻器电流为2I，则滑动变阻器R两端的电压为

灯泡两端电压的一半，根据闭合电路欧姆定律得322UIrE+=代入数据并变形得到44UI=−将此电流与电压的关系画在小灯泡伏安特性曲线中，如图所示两图象的交点坐标为（2.28V，0.43A），所以灯泡功率2.28

0.43W0.98WPUI===15.如图所示，空间中有一对彼此绝缘的平行金属带电极板M、N，一带电液滴恰好静止在极板MN之间的A点处，已知金属板M、N之间相距为d=8cm，其中N板接地，带电液滴的质量为m=4×10-4kg，带电量为q=4×10

-6C，取g=10m/s2。（1）求M、N两板间的电势差UMN；（2）若A点到N板的距离为3cm，试求液滴在A点的电势能EpA。【答案】（1）-80V；（2）-1.2×10-4J【解析】【详解】（1）由平衡条件有qEmg=两板间的电压为UEd=解得E=1000V/mU=80V

由于场强向上，N板电势较高，MN间的电势差为UMN=-80V（2）NA两点间的电势差UNA=EdNA=30VNANAU=−N点的电势为零，则A点的电势φA=-30V则液滴在A点的电势能为pAAEq=EPA=-1.2×10-4J16.如图所示，倾角为37

°的斜面上固定着宽0.6mL=的足够长平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器，电源电动势5VE=，内电阻0.5Ω=r。一质量80gm=的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好，导轨与金属棒的电阻不计，整个装置处于竖直

向上的匀强磁场中，磁感应强度0.5TB=，金属棒静止在导轨上，210m/s=g，sin370.6=，cos370.8=，求：（1）若金属导轨光滑，滑动变阻器接入电路的阻值R1多少？（2）若金属导轨粗糙，滑动变

阻器接入电路的阻值21.5R=，导体棒仍能保持静止，此时金属棒所受的摩擦力是多少？方向如何？【答案】（1）2Ω；（2）0.12N，方向沿斜面向下【解析】【详解】（1）若导轨光滑，金属棒受到重力、安培力和导轨的支持力而处于平衡状态，则有tan37F

mg=解得0.3NF=根据安培力公式FBIL=得2AFIBL==设变阻器接入电路的阻值为1R，根据闭合电路欧姆EIRr=+（）解得12=−=ERrI（2）若导轨粗糙，滑动变阻器接入电路的阻值为21.5R=金属棒仍然静止，容易判断摩擦力沿斜面向下，则'12.5A==+E

IRr根据安培力公式''FBIL=列出平衡方程有'cos37sin37=+Fmgf解得0.12Nf=方向沿斜面向下.17.如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段为倾角θ=37°的粗糙倾斜轨道，BC段水平光滑，CD段是半径为0.1mr=的光滑半圆，各段轨道均平滑连接。AB段轨道

所在区域有方向垂直于倾斜轨道向下、大小可以调节的匀强电场，BB′是电场边界（垂直于倾斜轨道）。一个质量为m，电荷量为q的带正电小物块（视为点电荷）在倾斜轨道上的A点由静止释放。已知A、B之间的距离为1mL

=，倾斜轨道与小物块之间的动摩擦因数为0.25=，设小物块电荷量保持不变，重力加速度为g，sin370.6=，cos370.8=。（1）若电场强度大小为045mgEq=，求小物块刚通过C点时对轨道的压力NF的大小；

（2）若小物块能通过圆轨道最高点，求电场强度E的最大值是多少？【答案】（1）5mg；（2）35mgq【解析】【详解】（1）小物块从A到B的过程，根据动能定理可得21sin37(cos307)2BmgLmgq

ELmv−+=−解得0.4BvgL=在C点时，由牛顿第二定律可得2NBvFmgmr−=解得2N5BvFmmgmgr=+=由牛顿第三定律可知NN5FFmg==（2）小物块恰好能过D点时，电场强度最大，在D点时，根据牛顿第二定律可得2Dvmgmr=小物块由A运

动到D，根据动能定理可得21(sin372)(c0os37)2DmgLrmgqELmv−−+−=联立解得35mgEq=18.如图所示，在0y的区域存在匀强电场2510N/CE=，场强沿y轴负方向；在0y区域存在匀强磁场，磁感应强度0.1TB=，磁场

方向垂直xOy平面向外。一电荷量为7210Cq−=、质量为14410kgm−=的带正电粒子，从y轴上2cmy=处的P1点以速率4011ms0/v=沿x轴正方向射入电场，紧接着从2P点射入磁场（不计粒子重力）。求：（1）2P点到坐标原点O点的距离；（2）该粒子在匀强磁

场中做匀速圆周运动的半径R的大小；（3）粒子从1P开始计时直到第四次经过x轴所用的时间。【答案】（1）4cm；（2）22210m−；（3）6(126)10s−+【解析】【详解】（1）根据题意，由牛顿第二定律有Eqma=由类平抛规律有2112yat=01xvt=联立解

得0.04m4cmx==61410st−=（2）设粒子进入磁场时与x轴的夹角为，则有tan21yx==可得45=则有002cos45vvv==由牛顿第二定律有2vqvBmR=解得22210m

R−=（3）设带电粒子在磁场中运动周期为T，则22RmTvqB==根据题意可知，粒子在磁场运动的时间为632610s4tT−==磁粒子在电场中每次运动的时间为5131.210stt−==电粒子从1P开始

计时直到第四次经过x轴所用的时间为()612610sttt−=+=+磁电获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com