【文档说明】重庆市凤中2020届高三下学期6月三诊考试物理试题 【精准解析】.doc，共(15)页，653.500 KB，由小赞的店铺上传

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6月27凤中高三三诊物理试题一、选择题1.一物体运动的速度随时间变化的关系如图所示，根据图象可知（）A.4s内物体在做曲线运动B.4s内物体的速度一直在减小C.物体的加速度在2.5s时方向改变D.4s内物体速度的变化量的大小为8m/s【

答案】D【解析】【详解】A．前2.5s内物体速度为正，沿正方向运动，后1.5s速度为负，沿负方向运动，但都是做直线运动，故A不符合题意；B．4s内物体的速度先减小后反向增大，故B不符合题意；C．物体的斜率一直为负值，所以加速度一直沿负方向，没有发生改变，故C不符合题意；D．4s内物体速度的变

化量为△v＝v﹣v0＝﹣3﹣5＝﹣8m/s，所以速度的变化量的大小为8m/s，故D符合题意；2.如图所示,两个可视为质点的小球a、b，其质量均为m，用一刚性的且质量不计的细杆相连,在光滑的半球内处于静止状态．已知细杆长度与半球半径相等，则细杆对小球b的作用力大小为（）A.33mgB.32

mgC.233mgD.3mg【答案】A【解析】【详解】对小球b受力分析，如图；由平行四边形法则可得F=mgtan30°=33mg故选A。3.氢原子的能级公式为En=21nE1(n=1，2，3，…)，其中基态能量E1=－13.6eV，能级图如图所示．大量氢原子处于量子数为n的激发态，由这些氢原子可能

发出的所有光子中，频率最大的光子能量为－0.96E1，则n和可能发出的频率最小的光子能量分别为A.n=5，0.54eVB.n=5，0.3leVC.n=4，0.85eⅤD.n=4，0.66eⅤ【答案】B【解析】【详解】根据题可知处于n级的激发态的

氢原子向下跃迁会基态的时候发出的光子的能量最大，因此有11120.96EEEn−=−，可得n=5，由Eh=可知频率越小光子的能量越小，因此频率最小的光子的能量发生在n=5到n=4的能级跃迁过程中，因此540.31mEEEeV=−=，故B对，选B．4.相距5cm的正对平行金属板A和B带

有等量异号电荷。如图所示．电场中C点距A板1cm，D点距B板1cm，C、D距离为5cm。已知A板接地，C点电势φC＝-60V，则A.D点的电势φD=240VB.CD两点连线中点的电势为-180VC.若B板不动，A板上移0

.5cm，C、D两点间的电势差将变大D.若A板不动，B板上移0.5cm，则D点电势不变【答案】D【解析】【详解】A.由题意可知0A=，由UEd=可得，两板间的场强为060V/cmCCAφEd−==故D点的电势为240VDDAφEd=−=−故A错误；B.C、D两点连线中点的电势为15

0V2CDφφφ+==−故B错误；C.由于板上的电荷量不变，上下移动A板或者B板时，两板间的电场强度不变，由UEd=可知，若B板不动，A板上移0.5cm，场强和C、D之间距离均不变，故C、D两点间的电势差不变，故C错误；D.若

A板不动，B板上移0.5cm，场强E和D、A板距离不变，则D点电势不变，故D正确；故选D。5.天文学家经过长期观测，在宇宙中发现了许多“双星”系统，这些“双星”系统一般与其他星体距离很远，受到其他天体引力的影

响可以忽略不计.根据对一“双星”系统的光学测量确定，此双星系统中两个星体的质量均为m，而绕系统中心转动的实际周期是理论计算的周期的k倍〔k<1)，究其原因，科学家推测，在以两星球球心连线为直径的球体空间中可能均匀分布着暗物质.若此暗物质确实存在，其质量应为A.21(1)4mk−B.24(

1)4mk−C.21(4)4mk−D.21(1)44mk−【答案】A【解析】【分析】根据对称性可知，两颗星都绕系统中心做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力列式求解；暗物质引力和星星引力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解出暗物质的质量.【详解】双星均绕它们的连线的中点做圆周运动，万

有引力提供向心力得：2222042mLGmLT＝；解得：02LTLGm＝．根据观测结果，星体的运动周期T＝kT0＜T0这种差异是由双星内均匀分布的暗物质引起的，均匀分布在球体内的暗物质对双星系统的作用与一质量等于球内暗物质的总质量m'，位于中点O处的质点的作

用相同．则有：2222242()2mGmmLGmLLT+＝解得：()24LTLGmm+＝；所以：m′＝21(1)4mk−，故选A.6.一辆小车以一定的初速度冲上高度为h、长度为L的斜坡，已知小车的质量为m，小车受到沿斜面向下的阻力为f，则对小车由坡底冲到坡顶的运动过程

分析正确的是（）A.此过程中小车的动能减少了(mgh+fL)B.此过程中小车的势能增加了(mgh－fL)C.此过程中自然界中的能量减少了fL了D.此过程中小车的机械能减少fL【答案】AD【解析】【详解】A．上升过程中，受到重

力、支持力和阻力，根据动能定理得kmghfLE−−=所以此过程中小车的动能减少了mghfL+，A正确；B．此过程中小车重力做功为mgh−，所以此过程中小车的势能增加了mgh，B错误；C．根据自然界中能量是守恒的，C错误；D．机械能减小量等于除重力外其余力做的功，此过程

中除重力外，摩擦力做功fWfL=−所以此过程中小车的机械能减少了fL，D正确。故选AD。7.如图甲，理想变压器的原、副线圈匝数比n1：n2=10：1，副线圈电路接有滑动变阻器R和额定电压为12V、线圈电阻为2Ω的电动机M，原线圈输入的交流电压如图乙，闭合开关S，电动

机正常工作，电流表示数为1A，下列判断正确的是（）A.副线圈两端的电压有效值为222VB.滑动变阻器R的接入电阻为10ΩC.电动机输出的机械功率为12WD.若电动机突然卡住，原线圈输入功率将变大【答案】BD【解析】【分析】本题考查变压器电路的相关知识，根据变压器工作原理进行分析，要特别注意电动

机电路问题的能量转化关系，电动机电路不是纯电阻电路，不能简单用欧姆定律进行求解。【详解】A．由图像可知，原线圈两端输入电压的有效值为220V，根据理想变压器电压与匝数的关系，可知1122UnUn=得到副线圈两端的电压有效值为22111220V22V10n

UUn===故A错误；B．滑动变阻器接入电阻2M2212Ω10Ω1UURI−−===故B正确；C．电动机输出的机械功率22M11212W10WPIUIr=−=−=出故C错误；D．若电动机突然卡住，副线圈电流变大，副线圈消耗的功

率变大，则原线圈输入功率将变大，故D正确。故选BD。【点睛】含电动机电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立。8.如图所示abcd为正方形，abd区域有垂直纸面向里的匀强磁场，bcd区域有方向平行bc的匀强电场（图中未画出）．一带电粒子从d点沿da方向射入磁场后经过bd的中点e进入

电场，接着从b点射出电场．若不计粒子的重力，下列说法正确的是A.粒子在磁场中运动的半径为正方形边长的一半B.电场的方向是由c指向bC.粒子在b点和d点的电势能相等D.粒子在磁场、电场中运动的时间之比为:2【答案】AD【解析】【分析

】根据“abcd为正方形，abd区域有垂直纸面向里的匀强磁场，bcd区域有方向平行bc的匀强电场”可知，考查了带电粒子在复合场中的运动；粒子在电场中做类似平抛运动，根据类似平抛运动的分位移公式列式求解电场强度，根据分速度公式列式求

解末速度；在磁场中做匀速圆周运动，画出临界轨迹，结合牛顿第二定律和几何关系分析即可．【详解】A、一带电粒子从d点沿da方向射入磁场后经过bd的中点e进入电场，由对称性可知，粒子从e点进入电场的速度水平向右，粒子的运动轨迹的圆心角为90°，故粒

子在磁场中运动的半径为正方形边长的一半，故A正确；B、由于粒子带负电，进入电场后弯向上方，受力向上，则电场方向就向下，由b指向c，故B错误；C、由于磁场对粒子不做功，所以de两点的动能相等，但从e到b电场力做正功，动能增加，所以bd两点的电势能不相等，

故C错误；D、在磁场中偏转90°，时间144Tatv==，而在电场中运动的时间22atv=，两者比值为2，故D正确．【点睛】明确粒子的运动规律，画出运动的轨迹是解题的关键．二、非选择题9.如图是实验室测定水平面和小物块之

间动摩擦因数的实验装置，曲面AB与水平面相切于B点且固定．带有遮光条的小物块自曲面上面某一点释放后沿水平面滑行最终停在C点，P为光电计时器的光电门，已知当地重力加速度为g．（1）利用游标卡尺测得遮光条的宽度如图所示，则遮光条的宽度d=______cm；（2）实验中除了测定遮光条的宽度

外，还需要测量的物理量有_____；A．小物块质量mB．遮光条通过光电门的时间tC．光电门到C点的距离sD．小物块释放点的高度h（3）为了减小实验误差，同学们采用图象法来处理实验数据，他们根据（2）测量的物理量，建立图丙所示

的坐标系来寻找关系，其中合理的是_____．【答案】(1).（1）1.060；(2).（2）BC；(3).（3）B．【解析】【详解】（1）主尺的刻度：1cm，游标卡尺上的第12个刻度与主尺的刻度对齐，读数是：0.05×12mm＝0.60mm，总读数：10mm＋0.6

0mm＝10.60mm＝1.060cm.（2）实验的原理：根据遮光条的宽度与物块通过光电门的时间即可求得物块的速度：v=dtB到C的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得：－μmgs＝0－12mv2联立以上两个公式得动摩擦因数的表达式22=2dgst还需要测量

的物理量是：光电门到C点的距离s与遮光条通过光电门的时间t，故BC正确，AD错误．（3）由动摩擦因数的表达式可知，μ与t2和s的乘积成反比，所以21t与s的图线是过原点的直线，应该建立的坐标系为：纵坐标用物理量2

1t，横坐标用物理量s，即B正确，ACD错误．【点睛】本题通过动能定理得出动摩擦因数的表达式，从而确定要测量的物理量．要先确定实验的原理，然后依据实验的原理解答即可；游标卡尺的读数时先读出主尺的刻度，然后看游标尺上的哪一个刻度与主尺

的刻度对齐，最后读出总读数；10.如图电路可以同时测量两个电压表的阻值，以下器材备选用A.待测电压表V1量程0~6V，内阻约20kΩ，测量读数用U1表示B.待测电压表V2量程0~10V，内阻约30kΩ，测量读数用U2表示C.滑动变阻器R1：0~20ΩD.滑动

变阻器R2：0~500ΩE.电阻箱R3：0~99.9ΩF.电阻箱R4：0~99999.9ΩG.电源电动势E=18VH.开关两个，导线若干(1)本次实验中，滑动变阻器选___，电阻箱选___（填写器材前标号）；(2)实验步骤如下(i)实验时闭合K1和K2，调整滑动变

阻器使____满偏（填“V1”或“V2”），并记录此时两电压表的读数为U1和U2；(ii)断开K2，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调整电阻箱使原来满偏的电压表半偏，此时记录电阻箱阻值R；(iii)通过测量记录的读数来表示电压表V1的内阻RV1=____，电压表V2的内阻RV2=___

_（用测量物理量U1、U2和R表示）；(3)实验测得电压表的内阻与其真实值相比___（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）【答案】(1).C(2).F(3).V1(4).V1266RRU=+(5).2V226URRU=+(6).偏大【解析】【详解】(1)[1][

2]本实验采用半偏法测电压表内阻，要求电压表半偏时分压电路分压几乎不变，则滑动变阻器的阻值要远小于电压表阻值，它们相差越大，接入电阻时对分压电路分压影响越小，因此要选择最大阻值较小的滑动变阻器，滑动变阻器应选择C，电阻箱阻值要与两电压表阻值之和相等，由题意可知，电阻箱应选择F(2)[3]

两电压表串联，只能使量程小的电压表V1满偏，并记录此时两电压表的读数为U1和U2[4][5]闭合K2时，电压表V1满偏，示数为6V，流过电流表电流2V1V26UIRR==断开K2时，分压电路两端电压不变，电阻箱两端电压为分压电路总电压的一

半，电阻箱阻值与电压表电阻相等，即V1V2RRR=+解得V1266RRU=+，2V226URRU=+(3)[6]断开K2时，分压电路的电阻增大，分压电路的电压增大，电阻箱两端电压大于分压电路总电压的一半，由于两电压表

与电阻箱串联，所以用电阻箱的阻值代替电压表的内阻则实验测得电压表的内阻与其真实值偏大11.如图所示，在高15m的平台上，有一个质量为0.5kg的小球被细线拴在墙上，球与墙之间有一被压缩的轻弹簧，当细线被烧断时，小球被弹出，落地时速度方向与

水平成60角不计一切阻力，（g=10m/s2）。求(1)小球落地点距平台的水平距离；(2)细线被烧断后，弹簧对小球的冲量。【答案】(1)103m；(2)5kgm/s【解析】【详解】(1)根据竖直方向的自由落体运动212hgt=代入数据解得

3st=把速度进行分解有000103tan60yvgtvvv===解得010m/sv=水平方向匀速直线运动水平距离0103m103mxvt===(2)对小球，由动量定理可知00.510kgm/s=5kgm/sImv==12.如图所

示，两根等高光滑的14圆弧轨道，半径为r间距为L，轨道电阻不计，在轨道顶端连有一阻值为R的电阻，整个装置处在一竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B，现有一根长度稍大于L、质量为m、电阻不计的金属棒从轨道的顶端ab处由静止开始

下滑，到达轨道底端cd时受到轨道的支持力为2mg。整个过程中金属棒与导轨电接触良好，求(1)棒到达最低点时的速度大小；(2)棒从ab下滑到cd过程中回路中产生的焦耳热和通过R的电荷量q；(3)若棒在拉力作用下，从cd开始以速度v0向右沿轨

道做匀速圆周运动到达ab；①请写出杆在运动过程中产生的瞬时感应电动势随时间t的变化关系；②在杆到达ab的过程中拉力做的功为多少。【答案】(1)gr；(2)12mgr，BrLR；(3)00cos()vBLvtr，2204rBLvmgrR+

【解析】【详解】(1)到达最低点时，设棒的速度为v22vmgmgmr−=解得vgr=(2)设产生的焦耳热为Q，由能量守恒定律有212Qmgrmv=−解得12Qmgr=产生的平均感应电动势为BrLEtt==平均感应电流为EIR=通过R的电荷量为

BrLqItR==(3)金属棒在运动过程中水平方向的分速度000coscos()xvvvtvtr==金属棒切割磁感线产生瞬时感应电动势00cos()xveBLvBLvtr==金属棒切割磁感线产生电流的有效值02BLvIR=金属棒切割磁感

线产生的热量24TQIR=02rTv=设拉力做的功为FW，由功能关系有FWmgrQ−=解得2204FrBLvWmgrR=+13.下列关于热现象的描述正确的是（）A.用棉线做酒精灯的灯芯是利用了毛细现象B.绝热密闭容器中一定质量气体的体积增大，其

内能一定减少C.气体温度每降低1℃所放出的热量与气体经历的具体过程有关D.水蒸气的压强离饱和汽压越远，越不利于水的蒸发，人感觉越潮湿E.小草上的露珠呈球形是由于液体表面张力使其表面积具有扩张到最大的趋势【答案】ABC【解析】【详解】A．水浸润棉线，用棉线做酒精灯的灯芯

是利用了毛细现象，故A正确；B．绝热密闭容器中一定质量气体的体积增大的过程中对外做功，根据热力学第一定律可知其内能一定减少，故B正确；C．气体绝热压缩或膨胀时，气体不吸热也不放热，气体内能发生变化，温度升高或降低；在非绝热过程中，气体内能变化，要吸收或放出热量，由此可知气体温度

每降低1C所放出的热量与气体经历的具体过程有关，故C正确；D．水蒸气的压强离饱和汽压越远，越利于水的蒸发，人感觉越干爽，故D错误；E．小草上的露珠呈球形是由于液体表面张力使其表面积具有收缩到最小的趋势，故E错误

。故选ABC。14.中学物理课上一种演示气体定律的有趣仪器--哈勃瓶，它是一个底部开有圆孔，瓶颈很短的、导热性良好的平底大烧瓶．在一次实验中，体积为V=1L的瓶内塞有一气球，气球的吹气口反扣在瓶口上，瓶底的圆孔上配有一个截面积为S=2cm2的轻

质橡皮塞，橡皮塞与玻璃瓶间的最大静摩擦fm=60N．瓶内由气球和轻质橡皮塞封闭一定质量的气体，不计实验开始前气球中的少量气体和气球膜厚度，向气球中缓慢打气，假设气球缓慢膨胀过程中球内外气压近似相等．已知：实验室环境温度T=290K恒定，环境空气密度

ρ=1.20kg/m3，压强为标准大气压P0=105pa，求：（1）橡皮塞被弹出时瓶内气体的压强（2）为了使橡皮塞被弹出，需要向气球内打入空气的质量【答案】①5410Pa②3.6×10－3kg【解析】【详解】①橡皮塞即将弹出时对瓶

塞受力分析得：pS=p0S+fm解得：50410mfppS=+=Pa②瓶内气体等温变化:p0V=pV1则V1=0.25L对气球内气体：体积V2=V－V1=0.75L气球内气体压强也为p等温变化：p0V0=pV2可得V0=3L打入空气质量m=ρV0=3.6×

10－3kg