【文档说明】重庆市第十八中学2023-2024学年高一上学期12月月考物理试题 含解析.docx，共(23)页，3.152 MB，由小赞的店铺上传

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重庆市第十八中学2023—2024学年（上）12月学习能力摸底高一物理试题考试说明：1.考试时间90分钟2.试题总分100分3.试卷页数4页一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）

1.对于运动的描述，下列说法正确的是（）A.在马拉松比赛中研究运动员跑全程所用的时间，运动员可视为质点B.两物体的速度分别是12m/sv=和23m/sv=−，则两个物体的速度大小关系为12vvC.一般人反应时间约0.8s中的0.8s指的是时刻D.速

度不变时，加速度可能改变【答案】A【解析】【详解】A．马拉松比赛中运动员的大小和形状对全程所用时间的影响可忽略，运动员可视为质点，A正确；B．速度是矢量，负号仅表示方向，应12vv，B错误；C．反应时间指一段时间，不表示时刻，

C错误；D．有加速度则速度一定发生改变，D错误。故选A。2.下列说法正确的是（）A.物体的重心位置跟物体的质量分布情况有关，与物体的形状无关B.N是国际单位制中的基本单位C.伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证D.运动的物体可能受到

静摩擦力【答案】D【解析】【详解】A．物体的重心与质量分布和形状有关，A错误；B．N是国际单位制中的导出单位，B错误；C．伽利略利用斜面验证速度与时间成正比，再合理外推得出自由落体的运动规律，并未直接验证，C错误；D．存在静摩擦力的物体之间有相对运动趋势，而

物体可能是运动的，D正确。的故选D。3.如图所示，一质量为m的木块靠在竖直粗糙的墙壁上，墙面与物体之间的动摩擦因数为μ，且受到水平力F的作用，下列说法正确的是（）A.若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩

擦力大小为μmgB.若木块静止，当F增大时，木块受到的摩擦力随之增大C.若木块沿墙壁向下运动，但水平力F逐渐减小，刚木块受到的摩擦力大小也逐渐减小D.若开始时木块静止，当撤去F后，木块沿墙壁下滑时，木块将会受到向上的滑动摩擦力作用【答案】C【解析】【详解】

B．木块在推力作用下静止时，处于平衡态。受力如图所示根据共点力平衡条件可得FN=，fmg=当F增大时，木块受到的摩擦力始终等于重力，大小不变，故B错误；AC．若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力为滑动摩擦力

，大小为fNF==水平力F逐渐减小，木块受到的摩擦力大小也逐渐减小，故A错误，C正确；D．撤去推力后，墙壁对木块的支持力为零，摩擦力为零，木块只受重力，做自由落体运动，故D错误。故选C。4.图甲为弹簧高跷，当人抓

住扶手用力蹬踏板压缩弹簧后，人就向上弹起，进而带动高跷跳跃，如图乙。不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.人向上弹起过程中，踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力B.人向上弹起过程中，先处于超重状态后处于失重状态C.弹簧压缩到最低点时，高跷对人的作用力等于人的重

力D.从最高点下落至最低点的过程，人先做匀加速运动后做匀减速运动【答案】B【解析】【详解】A．踏板对人的作用力和人对踏板的作用力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律可知，相互作用力大小相等，作用方向相反，故A错误；B．当人开始向上弹起时，高跷对人向上的支持力大于人

的重力，人处于超重状态；当人向上运动并减速时，高跷对人向上的支持力小于人的重力，人处于失重状态，故B正确；C．当弹簧压缩到最低点时，人的速度已经为0，并要开始向上做加速运动，则高跷对人的作用力大于人的重力，故C错

误；D．当人从最高点开始下落时，人处于完全失重状态，人做自由落体运动；当弹簧触地时，弹簧会向上产生弹力，并且弹力随着压缩量的增加而增大，所以人会先做加速度减小的加速运动，后做加速度增加的减速运动，故D错误。故选B。5.有一辆汽车在一个沙尘暴天气中匀速

行驶，司机突然模糊的看到正前方十字路口有一路障，他立即采取刹车，未发生事故。已知该汽车在水平路面上刹车时位移随时间变化的规律式为∶2202xtt=−（x的单位是m，t的单位是s）。则关于该汽车的运动，下列判断中正确的是（）A.刹车过程中的加速度大小为22m/sB.刹车后6

s内位移48mC.刹车后，汽车第一个1s内，第二个1s内，第三个1s内，第四个1s内位移之比为9:7:5:3D.刹车全过程的平均速度为8m/s【答案】C【解析】的【详解】A．根据2012xvtat=+可知，汽车的初速度020m/sv=，加速度24m/sa=−，故A错误；B．汽车刹车所需的时间为0

0020s5s4vta−−===−故汽车在5s末已经停止，故6s内的位移22202205m25m50mxtt=−=−=故B错误；C．刹车后，汽车5s内停下，则逆向思维，根据212xat=第1s内、第2s内、第

3s内…位移之比为：1∶3∶5∶7∶9，那么刹车后，汽车第一个1s内，第二个1s内，第三个1s内，第四个1s内位移之比为9∶7∶5∶3，故C正确；D．刹车后5s末汽车已停止，故刹车后5s内的平均速度为

0010m/s2vv+==故D错误。故选C。6.一铁球通过3段轻绳OA、OB、OC悬挂在天花板上的A点，轻绳OC栓接在轻质弹簧秤上，第一次，保持结点O位置不变，某人拉着轻质弹簧秤从水平位置缓慢转动到竖直位置，如图甲所示，弹簧秤的示数记为F1，第二次，保

持轻绳OC垂直于OA，缓慢移动轻绳，使轻绳OA从竖直位置缓慢转动到如图乙所示位置，弹簧秤的示数记为F2，则（）A.F1先增大后减小，F2逐渐减小B.F1先增大后减小，F2逐渐增大C.F1先减小后增大，F2逐渐减小D.F1先减小后增大，F

2逐渐增大【答案】D【解析】【详解】在图1中，对O点受力分析，抓住两根绳的合力等于物体的重力，其大小和方向都不变，OA绳拉力方向不变，根据平行四边形定则得，如图1，知OA绳上拉力F1先减小后增大．在图2中，假设AO与竖直方向的夹角为θ，由平衡条件得：F2=Gsinθ

，轻绳OA从竖直位置缓慢转动到如图乙所示位置，θ增大，则F2逐渐增大．故选D．【点睛】此题是动态变化分析问题，分别运用图解法和函数法．处理这个类型的题需要找出不变的物理量，然后作图或找变化的物理量与不变的物理量之间的关系

再加以分析，就能以不变应万变．7.如图所示，半径为R的光滑圆环竖直固定，原长为2R的轻质弹簧一端固定在圆环的最高点A，另一端与套在环上的质量为m的小球相连。小球静止在B点时，弹簧与竖直方向夹角θ=30°，已知重力加速度

大小为g，则（）A.小球对圆环的弹力方向背离圆心B.圆环对小球的弹力大小为3mgC.弹簧的劲度系数为(36)mgR+D.若换用原长相同，劲度系数更大的轻质弹簧，小球将在B点下方达到受力平衡【答案】C【解析】【详解】A．弹簧处于伸长状态，弹簧弹力F的方向如图所示小球处于平衡状态，合力为0，故圆环

对小球的弹力NF沿半径向外，由牛顿第三定律知小球对圆环的弹力方向指向圆心，故A错误；B．由相似三角形法得N2cosmgFFRRR==可得NFmg=故B错误；C．弹簧的长度为32cos30232lRRR===弹簧的形变量为0

32xllRR=−=−由胡克定律F=kx可得()323FkRRmg=−=解得()36mgkR=+故C正确；D．换用劲度系数更大的某轻质弹簧，若拉伸到同样的长度，小球将上移，则小球将在B点上方达到受力平衡，故D错误。故选C。8.如图所示，甲从A地

由静止匀加速跑向B地，当甲前进距离为S1时，乙从距A地S2处的C点由静止出发，加速度与甲相同，最后二人同时到达B地，则AB两地距离为（）A.S1+S2B.()21214SSS+C.()21124SSS

+D.()()212112-SSSSS+【答案】B【解析】【详解】设甲前进距离为S1时，速度为v，甲乙匀加速直线运动的加速度为a，则有：vt+12at2−12at2＝S2−S1根据速度位移公式得12vaS＝解得2112SSt

aS−=则AB的距离2222212112222111()()()1122244SSSSSSSSatSaSaSSS−−+++=+＝＝＝A．S1+S2，与结论不相符，选项A错误；B．()21214SSS+，与

结论相符，选项B正确；C．()21124SSS+，与结论不相符，选项C错误；D．()()212112-SSSSS+，与结论不相符，选项D错误；故选B考点：匀变速直线运动的规律二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分。全部选对的

得4分，选对但不全的得2分。有选错的得0分）9.如图所示，物体A、B由轻绳连接，质量分别为1m和2m且12mm，A、B与斜面间动摩擦因数均为，在恒定拉力F的作用下沿斜面向上加速运动。则（）。A.物体A、B一起运动的加速度12sincosF

aggmm=−−+B.轻绳拉力的大小与物体和斜面之间的动摩擦因数有关C.轻绳拉力的大小与两物体的质量1m和2m有关D.若将力F改为作用在B上沿斜面向下拉连接体，轻绳拉力的大小不变【答案】ACD【解析】

【详解】A．根据牛顿第二定律()()()121212sincosFmmgmmgmma−+−+=+得12sincosFaggmm=−−+A正确；BC．对B，由牛顿第二定律222sincosTmgmg

ma−−=代入加速度得212mTFmm=+轻绳拉力的大小与物体和斜面之间的动摩擦因数无关，与两物体的质量1m和2m有关，B错误，C正确；D．若将力F改为作用在B上沿斜面向下拉连接体，同理得()()()121212

sincosFmmgmmgmma++−+=+222sincosTmgmgma+−=得212mTFmm=+轻绳拉力的大小不变，D正确。故选ACD。10.如图所示，传送带以10m/s的速度逆时针匀速转动，两侧的传送带长都是16m，且与水平方向的夹角均为37。现有两个滑块A、B（

可视为质点）从传送带顶端同时由静止滑下，已知滑块A、B的质量均为1kg，与传送带间动摩擦因数均为0.5，取重力加速度210m/s,sin370.6,cos370.8g===。下列说法正确的是（）A滑块A先做匀加速运动后做匀速运动B.滑块A比B先到达传送带底端C.滑块

A、B到达传送带底端时的速度大小相等D.滑块A在传送带上的划痕长度为5m【答案】BD【解析】【详解】A．根据牛顿第二定律1sin37cos37mgmgma+=A的加速度为2110m/sa=A与传送带共速的时间为111svta==A与传送到共速

时的位移为215m16m2vxa==共速后A继续匀加速度的加速度为22sin37cos372m/smgmgam−==.故滑块A先做匀加速度运动再以另以加速度匀加速度运动，A错误；B．A第二段匀加速度运动过程222212lxvta

t−=+得21st=B的加速度为22s2m/a=，根据22312lat=得34st=由于123ttt+则滑块A比B先到达传送带底端，B正确；C．A到达底端的速度为12212m/svvat=+=B到达底端的速度为2228m/sv

al==则A到达斜面底端的速度较大，C错误；D．A第一段匀加速运动的划痕长度为115mxvtx=−=第二段划痕长度为221mxlxvt=−−=由于两段相对运动情况不同，则滑块A在传送带上的划痕长度为15mx=D正确。故选BD。11.如图所示，质量分别为1m和2m的小物块，通过轻

绳相连，并接在装有光滑定滑轮的小车上。如果按图甲所示，装置在水平力1F作用下做匀加速运动时，两个小物块恰好相对静止；如果互换两个小物块，如图乙所示，装置在水平力2F作用下做匀加速运动时，两个小物块也恰好相对静止，一切摩擦不计，则

（）A.221221:mFFm=B.211222:mFFm=C.两种情况下小车对质量为2m的小物块的作用力大小之比为21:mmD.两种情况下小车对质量为2m的小物块的作用力大小之比为12:mm【答案】AC【解析】【详解】AB．一切摩擦不考虑，则题图甲中小车的加速度为211mga

m=题图乙中小车的加速度为122mgam=所以两题图中小车的加速度之比为211212::mgmgaamm=因为题图甲和题图乙装置的整体质量是一样的，所以22121221::mFFaam==A正确，B错误；CD．题图甲中，小车对

质量为2m的小物块的作用力为221211NmFmagm==题图乙中，小车对质量为2m的小物块的支持力大小等于其所受的重力大小，即22NFmg=所以22122211:::NNmgFFmgmmm==C正确，D错误。故选AC。12.如图甲

所示，质量分别为m、M的物体A、B静止在劲度系数为k的弹簧上，A与B不粘连，现对物体A施加竖直向上的力F，使A、B一起上升，若以两物体静止时的位置为坐标原点，两物体的加速度随位移的变化关系如图乙所示，重力加速度大小为g，则（

）A.在图乙中PQ段表示拉力F逐渐增大B.图乙中QS段表示B物体减速上升C.位移为1x时，A、B之间弹力为10mgkxMa−−D.位移为3x时，A、B一起运动的速度大小为()023axx+【答案】ACD【解析】【详解】A．根据牛顿第二定律()(

)FmMgFmMa−++=+弹上升过程中，弹簧弹力逐渐减小，则在图乙中PQ段表示拉力F逐渐增大，A正确；B．QS段加速度方向不变，仍做加速运动，B错误；C．系统静止时在()0mMgkx+=位移为1x时，对B()010

kxxMgNMa−−−=联立得10NmgkxMa=−−C正确；D．根据2202vvax−=可知，图像与横轴所围成的面积的2倍表示速度平方的变化量，则位移为3x时，A、B一起运动的速度大小为()()230023122vxx

aaxx=+=+D正确。故选ACD。三、实验题（本大题2个小题，共14分，解答时按要求把答案填在相应的位置）13.某学习小组尝试探究弹簧所受弹力F与弹簧长度L的关系。（1）通过多次实验，记录实验数据，描绘出如图甲所示的FL−图像。则

弹簧原长0L=__________cm，弹簧的劲度系数k=__________N/m。（2）如图乙所示，若将该弹簧左端固定在中间带有小圆孔的竖直挡板上，弹簧右端连接细线，细线穿过圆孔，通过光滑的滑轮与钩码相连，竖直挡板固定在刻度尺0刻线处，已知每个钩

码重为0.5N。当水平弹簧压缩稳定后，指针指标如图乙所示。由此可推测所挂钩码的个数为__________个。【答案】①.3.0②.200③.6【解析】【详解】（1）[1]当弹簧弹力为零，弹簧处于自然状态，由图

可知，弹簧的原长为03.0cmL=[2]由胡克定律可知012N/cm200N/m9.03.0FkLL===−−（2）[3]由图可知，该刻度尺的读数为11.50cmL=由胡克定律可知()2101200(3.01.5)10N3NFkLL−=−=−=由题可知每个钩码重为0.5N，

由此可推测所挂钩码的个数为1360.5FnG===14.在探究物体的加速度a与物体所受外力F、物体质量M间的关系时，采用如图所示的实验装置。小车质量用M表示，所挂钩码质量用m表示。（1）当M与m的大小关系满足__________时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于钩码的重力

。（2）实验得到如图乙所示的纸带，已知打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，相邻两计数点之间还有四个点未画出，由图中的数据可知，小车的加速度大小为__________2m/s，打下A点时小车的速度大小为_____

_____m/s。（计算结果保留两位有效数字）。（3）用所挂钩码的重力mg作为绳子对小车的拉力F，小车加速度为a，通过实验得到的aF−图线如图所示。①则图线未过原点的原因是__________A.钩码质量没有远小于小车质量B.平衡

摩擦力时木板倾角过大C.平衡摩擦力时木板倾角过小或未平衡摩擦力②若m不断增大，图中曲线部分不断延伸，那么加度度a趋向值为__________③由图求出M=__________kg；水平轨道对小车摩擦力f=__________N。【

答案】①.mM②.3.6③.0.42④.C⑤.g⑥.1.6⑦.0.8【解析】【详解】（1）[1]根据牛顿第二定律()mgmMa=+得magmM=+绳拉力为1MmgmgFMamMmM===++当mM时

，绳子的拉力近似等于钩码重力。（2）[2][3]相邻计数点时间间隔为15s0.1s50T==小车的加速度大小为()()2222231.208.408.4010m/s3.6m/s220.1BCOBxxaT−−−−===打下A点时小车的速度大小

为28.4010m/s0.42m/s220.1OBxvT−===（3）①[4]由于平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力，当拉力增大到一定程度时才会产生加速度。故选C。②[5]设m不断增大至远大于M，则忽略小车质量，钩码近似做自由落体运动，

加速度值趋近于重力加速度g。③[6][7]根据牛顿第二定律FfMa−=得1faFMM=−则10.50.8M=，0.5fM=得1.6kgM=，0.8Nf=四、计算题（本大题4个小题，共38分，解答时应写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤。只写出最

后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.高空抛物是一种不文明的行为，会带来很大的社会危害，某消防员为了测试高空抛物的危害，将一个物体从80m的高楼自由释放，落地后不反弹，不计空气阻力，g取210m/s，求：（1）物体下落的时间；（2）物

体落地时的速度大小；（3）物体落地前最后一秒的平均速度大小。【答案】（1）4s；（2）40m/s；（3）35m/s【解析】【详解】（1）根据212hgt=物体下落的时间为4st=（2）物体落地时的速度大小为40m/svgt==（3）前3s下落高度为

2145m2hgt==最后一秒的平均速度大小为8045m/s35m/s1v−==16.如图所示，物体A用细绳绕过光滑的定滑轮与质量为1kgM=的物体B相连，连接A的细绳与水平方向的夹角为，物体B左侧的轻绳与水平方向的夹角也为，45=，B右侧

与竖直墙壁相连的轻弹簧保持水平，弹簧劲度系数为100N/mk=，此时系统恰好处于静止状态，A所在的桌面水平且动摩擦因数为0.5=，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取210m/s，求：（1）轻弹簧的形变量x；（2）A物体的质量m；（3）剪断轻绳的瞬间，

物体B的加速度。【答案】（1）0.1mx=；（2）3kgm=；（3）2B102m/sa=，方向是朝右下方，与水平夹角为45°【解析】【详解】（1）对B受力分析，根据平衡条件可得：cosFF=弹①sinFMg=②将上式①②联立可得：10Ntantan45MgMgFMg

====弹10N0.1m100NmFxk===弹（2）对A受力分析，根据平衡条件可得：cosfF=③sinNmgF=−④fN=⑤将③④⑤式联立可得：1133kgmMM=+==（3）剪断轻绳的瞬间只有绳子的拉

力瞬间消失，弹簧弹力与B的重力的合力大小等于绳子的拉力大小，方向与绳子拉力方向相反，所以1kg10N/kg102Nsin22MgF===2B102m/sFaM==方向是朝右下方，与水平夹角为45°。17.

如图所示，倾角37=的斜面体静止放在水平地面上，斜面长4mL=。质量1kgm=的物体Q放在斜面底端，与斜面间的动摩擦因数0.25=，通过轻细绳跨过定滑轮与物体P相连接，连接Q的细绳与斜面平行。绳拉直时用手托住P使其在距地面2mh=高处由静止释放，着地后P

立即停止运动。若P、Q可视为质点，斜面体始终静止，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计滑轮轴摩擦，重力加速度大小取210m/sg=。求：（1）若P的质量0.5kgM=，地面对斜面体摩擦力的大小f；（2）若P的质量2kgM=，细线的拉力大小

；（3）为使Q能够向上运动且不从斜面顶端滑出，P的质量M需满足的条件。【答案】（1）4N；（2）12N；（3）0.8kg8kgM【解析】【详解】（1）若P的质量0.5kgM=，分析可知此时绳子不能拉动物块Q，则细线的拉力为5NFMg==地面对斜面体摩擦力的

大小为cos374NfF==（2）若P的质量2kgM=，根据牛顿第二定律MgFMa−=，sin37cos37Fmgmgma−−=细线拉力为12NF=（3）P落地后，Q继续上滑的过程中，根据牛顿第二定律1sin37co

s37mgmgma+=得218m/sa=P落地前后，对Q22'vah=，212vax=Q恰好不从斜面滑出，有xLh=−则P落地前的加速度为2'8m/sa=，8kgM=使P能下落的条件为sin37cos37Mgmgmg+得0.8kgM则

为使Q能够向上运动且不从斜面顶端滑出，P的质量M需满足的条件为0.8kg8kgM18.如图所示，长板A静置于水平面上，A左端到固定竖直挡板的距离4md=，物块B（可视为质点）置于A右端，A上表面水平，已知A、B质量均为1kgm=，A与水平面间动摩擦因数10.05=，A与B

间动摩擦因数20.3=，最大静摩擦力均等于滑动摩擦力。现用一水平向左的恒力2NF=推B，使A、B由静止开始向左运动。A挡板碰后速度反向，大小不变，碰撞时间很短可不计。碰后恒力F仍向左作用于B上，A足够长，物块B始终未离开A，重力加速度g取210m/s。不计空气阻力，求：（

1）A第一次与固定竖直挡板碰撞前瞬时速度大小；（2）A第一次与固定竖直挡板碰撞后瞬时A、B的加速度分别为多少；（3）从开始运动到A第二次与固定竖直挡板碰撞前瞬时，A、B相对位移大小；（4）从开始运动到A第二

次与固定竖直挡板碰撞所用的时间；【答案】（1）2m/s；（2）4m/s2，1m/s2；（3）1.75m；（4）(53)s+【解析】【详解】（1）AB之间的最大静摩擦力为2m20.31kg10m/s3Nfmg

===A与地的最大静摩擦为2120.052kg10m/s1Nfmg===地假设A、B一起向左加速，对A、B整体分析，则有2Ffma−=地解得，A、B一起加速的加速度大小为20.5m/sa=对B分析则有Ffma−=静解得m1.5Nff=静假设成立。则A第一次与

固定竖直挡板碰撞前瞬时速度大小为22m/svad==（2）A第一次与固定竖直挡板碰撞后，A向右运动，B向左运动，对A分析，根据牛顿第二定律有21A2mgmgma+=解得，A第一次与固定竖直挡板碰撞后瞬间A的加速度大小

为2A4m/sa=对B分析，根据牛顿第二定律有2BmgFma−=解得，A第一次与固定竖直挡板碰撞后瞬间B的加速度大小为2B1m/sa=（3）A第一次与固定竖直挡板碰撞后瞬间A、B速度大小都为2m/s，碰撞后B向左减速运动，A向右减速运动

，由于A的加速度大，则A的速度先减为零，设经过1t时间A速度减为零，则有1A0.5svta==此时B的速度为B1B11.5m/svvat=−=此过程中A向右减速的位移为A110.5m2vxt==此过程中B向左减速的位移为B1B110.875m2vvxt+==此过程中B相对于A向左移动的位移为

1A1B11.375mxxx=+=A的速度为零后，B带动A向左加速，B受力不变，则加速度仍不变，对A分析，根据牛顿第二定律有21A22mgmgma−=此时A的加速度大小为2A22m/sa=经过2t时间，A、B共速，则有1A22vat=1B1B2vvat=−联立解得20.5st=，11

m/sv=此过程中A向左加速的位移为1A220.25m2vxt==此过程中B向左减速的位移为B11B220.625m2vvxt+==此过程中，B相对于A向左移动的位移为2B2A20.375mxxx=−=此时A距离左侧挡板的距离为2A1A20.25m

dxx=−=A、B共速后又以加速度20.5m/sa=一起向左加速运动，直至A与挡板发生第二次碰撞，所以从开始运动到A第二次与固定竖直挡板碰撞前瞬时，A、B相对位移大小为121.75mxxx=+=（4）设经过时间3t，A、

B共速后又以加速度20.5m/sa=一起向左加速运动，直至A与挡板发生第二次碰撞，则有2213312dvtat=+解得3(52)st=−设经过时间0t，A、B开始运动后第一次与挡板碰撞，则有2012dat=解得04st=则从开始运动到A第二次与固定竖直挡板碰撞所用的时间为获

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