【文档说明】广西南宁市第三十四中学2018-2019学年高二下学期期中段考物理试题【精准解析】.doc，共(13)页，697.500 KB，由管理员店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-f6f3d747a07ba3e41a4355a41f8e9d4b.html

以下为本文档部分文字说明：

2019春学期高二物理段考试卷（满分：110分）一、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中第1~5题只有一项符合题目要求，第6~8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图，金属

棒ab，金属导轨和螺线管组成闭合回路，金属棒ab在匀强磁场B中沿导轨向右运动，则()A.ab棒不受安培力作用B.ab棒所受安培力的方向向右C.ab棒向右运动速度越大，所受安培力越大D.螺线管产生的磁场，A端为N极【答案】C【解析】ab棒切割磁感线

时，要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力，故A错误；根据楞次定律可知，感应电流总是起到阻碍的作用，故安培力的方向与导体棒一定的方向相反，应当向左，故B错误；ab棒向右运动时，EBLv、EIR、FBIL，联立解得：2

2BLvFR，则知速度越大，所受安培力越大，故C正确；根据右手定则，ab中的电流的方向向上，流过螺旋管时，外侧的电流方向向下，根据安培定则得知螺线管产生的磁场，A端为S极，B端为N极，故D错误．故选C.【点睛】回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生

感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力；感应电流的大小与运动速度有关，运动速度越大，所受安培力越大．根据右手定则、左手定则和楞次定律依次进行分析．2.如图所示，ab是一个可以绕垂直于纸面的轴O转动的闭合矩形导体线圈，当滑动变阻器R的滑片P自左向右滑动过程中，线圈a

b将()A.静止不动B.逆时针转动C.顺时针转动D.发生转动，但因电源的极性不明，无法确定转动的方向【答案】C【解析】【详解】滑片P向右滑动过程中，电流增大，线圈处的磁场变强，磁通量增大，根据“阻碍”含义，线圈将阻碍磁通量增大而顺时针转动；A.Φa>Φb，，与结果不一致，故A错

误；B.Φa＝Φb，与结果不一致，故B错误；C.Φa<Φb，与结果一致，故C正确；D.条件不足，与结果不一致，故D错误；3.如图所示，一电阻为R的导线弯成边长为L的等边三角形闭合回路。虚线MN右侧有磁感应强度大小为B的匀强磁场，方向垂直于闭合回路所在的平面向里。下

列对三角形导线以速度v向右匀速进入磁场过程中的说法正确的是（）A.回路中感应电动势的最大值32EBLvB.回路中感应电流方向为顺时针方向C.回路中感应电流的最大值32IRBLvD.导线所受安培力的大小可能不变【答案】A【解析】【详解】A．当三角

形闭合回路进入磁场一半时，即这时等效长度最大为32L，这时感应电动势最大32EBLv故A正确。B．在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，故B错

误；C．回路中感应电流的最大值32EBLvIRR故C错误；D．线框进入磁场的有效长度先变大后减小，则电流先变大后减小，由F=BIl可知，导线所受安培力的大小先变大后减小，故D错误。故选A。4.两个完全相同、质量均为m的滑块A和B，放在光滑水平面上，滑块A与轻弹簧相连，弹簧另一端固定在墙

上，当滑块B以0v的初速度向滑块A运动，如图所示，碰到A后不再分开，下述说法中正确的是（填选项前的字母）A.两滑块相碰和以后一起运动过程，系统动量均守恒B.两滑块相碰和以后一起运动过程，系统机械能均守恒C.弹簧最大弹性势能为2012mvD.弹簧最大弹性势能为20

14mv【答案】D【解析】【详解】A．两滑块只在相碰时系统动量才守恒，在以后一起运动过程中，由于受到弹簧的弹力作用，故系统动量不守恒，选项A错误；B．两滑块在相碰时系统机械能减小，在以后一起运动过程中，由于只有弹簧的弹力

做功，故系统机械能守恒，选项B错误;CD．两物体相碰时02mvmv，弹簧的最大弹性势能020221122142PmmvEmvmv选项D正确，C错误．故选D。5.如图，电阻不计的正方形导线框abcd处于匀强磁场中，线框绕中心轴OO匀速转动时，产生的电动势2002cos100

Vet，线框的输出端与理想变压器原线圈相连，输电导线的电阻忽略不计。下列判断正确的是（）A.t=0时刻穿过线框平面的磁通量为零B.若线框转速减半，则电动势的有效值变为100VC.开关S闭合后灯泡L变暗D.开关S闭合后，电流表A的示数变大【答案】

ABD【解析】【详解】A．图示位置线圈与中性面垂直，感应电动势最大，故线框中磁通量变化率最大，磁通量为零，故A正确；B．若线框转速减半，则根据mENBS可知最大值减半，根据2mEE可知电动势的有效值减半，变为100V，选项B正确；C．开

关S闭合后，由于次级电压不变，故灯泡L亮度不变，选项C错误；D．开关S闭合后，次级电阻减小，因次级电压不变，故次级电流变大，则初级电流变大，电流表A的示数变大，选项D正确。故选ABD。6.将图甲所示的正弦交流电压输入理想变压器的原线圈,变

压器副线圈上接入阻值为10Ω的白炽灯(认为其电阻恒定),如图乙所示．若变压器原副线圈匝数比为10∶1,则下列说法正确的是()A.该交变电流的频率为50HzB.灯泡消耗的功率为250WC.变压器原线圈中电流表的读数为0.5AD.流过灯泡的电流方向每秒钟改变100次【答案】AD【解析

】由图可知，原线圈输入电压的周期为0.02s，故频率为50Hz，故A正确；由图甲知输入电压有效值为50025022V，根据电压与匝数成正比知副线圈电压有效值为U=252V，灯泡消耗的功率为2UPR=125W，故B错误；副线圈电流为：2.52UIAR；则原线圈的电

流为0.25210IA，故C错误；每一个周期电流方向改变2次，故流过灯泡的电流方向每秒钟改变100次，故D正确；故选AD.7.如图所示，电路中所有元件完好，当光照射到光电管上时，灵敏电流计中没有电流通过，可能的原因是（）A.入射光强度较弱B.入射光波长太长C.电源正负极接反D.光照射时间太短【

答案】BC【解析】【详解】A．光电管能否产生光电效应与入射光的强度没有关系。故A错误；B．若入射光波长太长，大于金属的极限波长时，金属不能产生光电效应，灵敏电流计中没有电流通过。故B正确；C．电源正负极接反时，光电管加上反向电

压，光电子做减速运动，可能不能到达阳极，电路中不能形成电流。故C正确；D．光电管能否产生光电效应与光照时间没有关系。故D错误。故选BC。8.在用如图所示的光电管研究光电效应的实验中，用某种频率的单色光a照射光电管阴极K，电流计G的指针发生偏转。而用另一频率的单色光b照射

光电管阴极K时，电流计G的指针不发生偏转，那么（）A.a光的波长一定小于b光的波长B.增加b光的强度可能使电流计G的指针发生偏转C.只增加a光的强度可使通过电流计G的电流增大D.用a光照射光电管阴极K时通过电流计G的电流是由d到c【答案】AC【解析】【详解】A．用一定频率的a单色照射光电管时，电

流表指针会发生偏转，知γa＞γ0，而用另一频率的单色光b照射光电管阴极K时，电流计G的指针不发生偏转，即不能发生光电效应，可知a光的频率大于b光的频率，即a光的波长小于b光的波长；所以A正确；B．发生光电效应的条件：γ＞γ0，

增加b光的强度不能使电流计G的指针发生偏转，选项B错误；C．增加a光的强度可使单位时间逸出的光电子数增加，即通过电流计G的电流增大；选项C正确；D．发生光电效应时，电子从光电管左端运动到右端，而电流的方向与电子定向

移动的方向相反，所以流过电流表G的电流方向是c流向d；故D错误。故选AC。二、非选择题（一）必考题（共47分）9.如图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为20Ω的电阻，测量步骤如下：(1)调节________，使电表指针停在________的“0”刻

线(填“电阻”或“电流”)．(2)将选择开关旋转到“Ω”挡的________位置．(填“×1”“×10”“×100”“×1k”)(3)将红、黑表笔分别插入“＋”、“－”插孔，并将两表笔短接，调节________，使电表指针对准________的“0”刻线(

填“电阻”或“电流”)．(4)将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为________Ω.(5)测量完毕，将选择开关旋转到“OFF”位置．【答案】(1).指针定位螺丝(2).电流(3).×1(4).欧姆调零旋钮(5).电阻(6).19.2(19.0-19.3)【

解析】【详解】（1）[1][2]调节指针定位螺丝，使电表指针停在电流、电压公共的“0”刻线．（2）[3]将选择开关旋转到“Ω”挡的×1位置（3）[4][5]将红、黑表笔分别插入“+”、“-”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻

的“0”刻线．（4）[6]由图乙所示可知，电阻的阻值19.0119.010.欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A.电池组（3V，内阻1Ω）B电流表（0~3A，内阻0.0125Ω）C.电流表（0~0.6A，内阻0.125Ω）

D.电压表（0~3V，内阻3kΩ）E.电压表（0~15V，内阻15kΩ）F.滑动变阻器R1（0~20Ω，额定电流1A）G.滑动变阻器R2（0~2000Ω，额定电流0.3A）H.开关、导线（1）电流表选择______电压表选择______滑动变阻

器应选用的是______。（填写器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表______（选填“内”或“外”）接法，采用此接法测得的电阻值比其真实值偏______（选填“大”或“小”）造成这种误差的主要

原因______。（3）为使通过待测金属导线的电流能在0~0.5A范围内改变，请按要求在方框内画出测量测金属导线的电阻xR的原理电路图____。并连接电路______。【答案】(1).C(2).D(3).F(4).外(5).小(6).由于电压表的分流作用(7)

.(8).【解析】【详解】（1）[1][2][3]电池组的电动势是3V，电压表的量程选3V，即选择电压表D。金属导线的电阻约为5Ω左右，则通过导线的电流最大值约为3A0.6A5maxEIR故电流表选C。为方便实验操作，滑动变阻器应选F。（2）[4][5][6]由题意可知540

0.0125ARR30006005VRRVARRRR电流表应采用外接法；由于电压表的分流作用，测量电流偏大，所以被测电阻测量值偏小。（3）[7][8]测量电阻xR的原理电路如图，电路连接如图11.如图所示，质量为m，电荷量为q的带电粒子，以初速度v沿垂直磁

场方向射入磁感应强度为B的匀强磁场，在磁场中做匀速圆周运动．不计带电粒子所受重力．（1）请判断带电粒子的电性；（2）球粒子做匀速圆周运动的半径R和周期T；（3）为了使该粒子进入磁场时做匀速直线运动，还需要同时存在一个与磁场方向垂直的匀强电场，求电场强度E的大小和方向．【答案】（1）正电（2）

mvRqB，2mTqB（3）EBv，方向水平向右【解析】【详解】（1）由左手定则可知，粒子带正电；（2）粒子做圆周运动的向心力等于洛伦兹力，则：2vqvBmR解得mvRqB，周期22RmTvqB（3）为了使该粒子进入

磁场时做匀速直线运动，则qvBqE，解得E=Bv，方向向右．12.如图所示，质量为245gm的物块可视为质点，放在质量为0.5kgM的木板左端，足够长的木板静止在光滑水平面上，物块与木板间的动摩擦因数为0.4。质量为05gm的子

弹以速度v0=300m/s沿水平方向射入物块并留在其中（时间极短），g取10m/s2。求：（1）子弹进入物块后一起向右滑行的最大速度v1；（2）木板向右滑行的最大速度2v；（3）物块在木板上滑行的时间t及物块在木板上相对木板滑行的距离x。【答案】（1）6m/s；

（2）2m/s；（3）1s；3m【解析】【详解】（1）子弹进入物块后一起向右滑行的初速度即为物块的最大速度，由动量守恒定律可得：0001mvmmv解得16m/sv（2）当子弹、物块、木板三者共速时，木板的速度最大，由动量守恒定律可得010

2mmvmmMv解得22m/sv（3）对物块和子弹组成的整体应用动量定理得：00210--mmgtmmvmmv由能量关系22001021122mmgxmmvmmMv

解得1st3mx（二）选修题（每小题5分，共15分）13.某弹簧振子在水平方向上做简谐运动，其振动图像如图所示，则______。A.弹簧在第1s末与第5s末的长度相同B.简谐运动的频率是0.125HzC.弹簧振子在第4s末的位移为零D.在第3s末与第5s末弹

簧振子的速度方向不变E.第5s末，弹簧振子的速度与加速度均为正值【答案】BCD【解析】【详解】A．弹簧在第1s末与第5s末的形变量相同，但是长度不相同，选项A错误；B．简谐运动的周期T=8s，则频率是1fT=0.125Hz选项B正确；C．弹簧振子在第4s末在平衡位置，位移为零，选项C正确；D．

因x-t图像的斜率的符号反映速度的方向，可知在第3s末与第5s末弹簧振子的速度方向不变，选项D正确；E．第5s末，弹簧振子的速度沿y轴负方向，加速度沿y轴正方向，选项E错误。故选BCD。14.甲、乙两弹簧振子的振动图象

如图所示，则可知（）A两弹簧振子完全相同B.两弹簧振子所受回复力最大值之比F甲∶F乙＝2∶1C.振子甲速度为零时，振子乙速度最大D.两振子的振动频率之比f甲∶f乙＝1∶2E.振子乙速度为最大时，振子甲速度不一定为零【答案】CDE【解析】【详解】A、由振动图象读出两弹簧振子周期之比:2

:1TT甲乙，根据周期公式2mTk分析可知，两弹簧振子不完全相同，故A错误；B、由振动图象读出两振子位移最大值之比:2:1xx甲乙，根据简谐运动的特征Fkx，由于弹簧的劲度系数k可能不等，回复力最

大值之比:FF甲乙不一定等于2:1，故B错误；C、由图看出，甲在最大位移处时，乙在平衡位置，即振子甲速度为零时，振子乙速度最大，故C正确；D、两弹簧振子周期之比T甲:T乙=2:1，频率之比是f甲:f乙=1:2，故D正确；E、由图示图象可知，

有时振子乙速度最大，振子甲速度为零；有时振子乙速度最大，振子甲速度也最大，故E正确；故选CDE．【点睛】由振动图象读出两弹簧振子周期之比，根据周期公式2mTk分析弹簧振子是否完全相同；由图读出两振子位移最大值之比，但由于振子的劲度系数可能不等，无法确定回复力最大值之比

；振子甲速度为零时，振子乙速度最大，频率与周期互为倒数；当振子乙到达平衡位置时，振子甲有两个可能的位置，一个是最大位移处，一个是平衡位置，据此作答．15.质量是40千克的铁锤从5米的高处落下，打在木桩上，撞击时间是0.04秒，求铁锤对木桩的平均冲力（g=10m/s2）

。【答案】大小10400N，竖直向下【解析】【详解】对铁锤由运动学规律22vha得10m/sv在撞击过程中，由动量定理，得到()0()Nmgtmv解得10400NmvNmgt根据牛顿第三定律，铁锤对木桩的作用力大小也为10400N，竖直向下。