【文档说明】《精准解析》甘肃省定西市2021-2022学年高一（下）统一检测物理试题（解析版）.docx，共(18)页，840.615 KB，由小赞的店铺上传

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2022定西市普通高中高一学生统一检测考试物理考生注意：1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题

选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4.本卷命题范围：新人教版必修第二册第五、六、七章。一、选择题（本题共10小题，共46分，在每小

题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分，第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.人类文明的进程离不开科学家们的不断探索，关于科学

家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A.卡文迪许用实验测出了万有引力常量G的数值B.牛顿发现了万有引力定律，并测出了地球的质量C.开普勒发现了行星运动定律，从而提出了“日心说”D.第谷通过长期的观测，积累了大量的天文资料，指出行星绕太阳的运动轨迹是椭圆【答案】A【解析】【

详解】A．卡文迪许用扭称实验巧妙地测出了万有引力常量G的数值，故A正确；B．牛顿发现了万有引力定律，测出了万有引力常量而成为第一个计算出地球质量的人是卡文迪许，故B错误；C．开普勒发现了行星运动定律，提出了“日心说”的是哥白尼，故C

错误；D．第谷通过长期的观测，积累了大量的天文资料，但指出行星绕太阳的运动轨迹是椭圆的是开普勒，故D错误。故选A。2.2021中国航展，海陆空高精尖装备齐亮相。表演中，翼龙Ⅱ无人机先沿直线Qa水平运动，再沿曲线ab运动，最后沿陡直线bc直入云霄，设飞行路径

在同一竖直面内，关于无人机沿曲线ab飞行，下列说法正确的是（）A.竖直分速度可能不变B.水平分速度可能不变C.所受合力大小可能为零D.所受合力方向可能竖直向下【答案】B【解析】【详解】AB．无人机在ab飞行的速度不一定增大，水平分速度可能变化也可

能不变，而竖直分速度在a点时为零，而在b点时不为零，则竖直分速度一定变化，故A错误，B正确；C．无人机在ab飞行，做曲线运动，由物体做曲线运动条件知无人机受合外力一定不为零，故C错误；D．由物体做曲线运动所受合外力总是指向轨迹弯曲的凹侧，故无人机在ab飞

行所受合外力不可能竖直向下，故D错误。故选B。3.如图所示，在水平地面上做匀速直线运动的汽车，通过定滑轮用细绳吊起一个物体，若汽车在某时刻的速度大小为15m/sv=，物体的速度为2v，此时汽车端的细绳与水

平方向的夹角为37=，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，下列说法正确的是（）A.此时物体做匀速运动，且25m/sv=B.此时物体做减速运动，且24m/sv=C.此时物体做加速运动，且24m/sv=D.此时物体做减速运动，且23m/sv=【答案】C【解析】【详

解】汽车在水平地面上做匀速直线运动，根据绳连接的关联速度的关系可知21cosvv=汽车向右运动过程中，角不断减小，则物体的速度为2v不断增大，当37=时，则有21scos34/7mvv==故此时物体做加速

运动，且24m/sv=，C正确，ABD错误。故选C。4.2021年12月9日，中国空间站上的航天员们进行了第一次太空授课，丰富有题的物理实验使得“天宫课堂”深受广少年朋友喜爱神舟三号在远地点高度约394.9km，近地点高度约384km的轨道上运行，已知同步卫星离地高度为3600

0km，则关于神舟十三号载人飞船，下列说法正确的是（）A.飞船内宇航员不受重力作用B.飞船绕地球飞行周期小于24hC.飞船发射速度大于11.2km/sD.飞船绕地球飞行速度大于7.9km/s【答案】B【解析】【详解】A．飞船内宇航员仍受地球引

力作用，即仍受重力作用，选项A错误；B．根据2224=MmGmrrT可得32rTGM=飞船的运动半径远小于同步卫星的轨道半径，可知飞船绕地球飞行周期小于24h，选项B正确；C．飞船发射速度大于7.9km/s，小于11.2km/s，选项C错误；D

．根据22=MmvGmrr可得GMvr=则飞船绕地球飞行速度小于第一宇宙速度7.9km/s，选项D错误。故选B。5.如图所示，质量分别为m和2m的两小球A、B固定在轻质细杆上，在光滑的水平面上以相同的角速度绕杆的一端

做匀速圆周运动，已知OB=AB，则细杆上AB、OB段产生的拉力之比:ABOBFF为（）A.1:1B.2:1C.1:2D.1:3【答案】C【解析】【详解】设OA=2r，则OB=r，角速度为ω，则根据牛顿第二定律，对A球22ABFmr=对B球22OBABF

Fmr−=联立以上两式得:1:2ABOBFF=故选C。6.质量为m=0.5kg的物体以初速度02m/sv=水平抛出，重力加速度g取10m/s2，当瞬时速度大小为22m/s时，下列说法正确的是（）A.运动时间为0.1sB.运动的竖直位移大小为0.4mC.竖直分位移大小等于水平分位移大小D.

此过程速度的变化量大小为2m/s【答案】D【解析】【详解】AB．当瞬时速度大小为22m/sv=时，竖直分速度为2202m/syvvv=−=由竖直方向运动规律得，运动时间为0.2syvtg==运动的竖直位移大小210.2m2hgt==故AB错误；C．水平分位移大小为00.4mxvt==竖直分位

移大小不等于水平分位移大小，故C错误；D．速度的变化量大小为2m/svgt==故D正确。故选D。7.如图所示，某儿童玩具内部采用齿轮传动，有小、中、大三个齿轮，A点和B点分别为小齿轮和大齿轮边缘的点，已知大齿轮半径是小齿

轮半径4倍，下列说法正确的是（）A.A、B两点的角速度大小之比为4：1，A、B两点的向心加速度大小之比为4：1B.A、B两点的角速度大小之比为1：1，A、B两点的向心加速度大小之比为1：4C.A、B两点的角速度

大小之比为4：1，A、B两点的向心加速度大小之比为1：4D.A、B两点的角速度大小之比为1：1，A、B两点的向心加速度大小之比为4：1【答案】A【解析】【详解】由题意可知大齿轮与小齿轮线速度相等，根据vr=可知A、B两点的角速度大小之比是4：1，根据2var=可知A

、B两点的向心加速度大小之比是4：1，故A正确，CBD错误。故选A。8.削面是西北人喜欢的面食之一，全凭刀削得名。如图所示，将一锅水烧开，将一块面团放在锅旁边较高处，用一刀片飞快地削下一片片很薄的面片儿，面片便水平飞向锅里，若面团到锅的上沿的竖直距离为0.45m，面团离锅上沿最近的水平

距离为0.3m，锅的直径为0.6m。运动中忽略空气阻力，重力加速度g取10m/s，要使削出的面片落人锅中，则面片的水平初速度可能是（）A.1.2m/sB.2.4m/sC.3.6m/sD.4.8m/s【答案】AB【解析】【详解】依题意，知面片做平抛运动，根据212hgt=得220.4

5s0.3s10htg===要使削出的面片落入锅中，则面片平抛运动的水平位移需要满足0.3m0.9mx根据xvt=知，面片初速度的范围为1m/s3m/sv故选AB9.如图所示，发射同步卫星时，先将卫星发射至近地轨道1，然后经点火使其在椭圆轨道2上运行，最后再次点火将卫

星送人同步轨道3。轨道1、2相切于A点，轨道2、3相切于B点，则当卫星分别在1、2、3轨道正常运行时，下列说法正确的是（）。A.卫星在轨道1上的速率小于在轨道3上的速率B.卫星在轨道1上的周期小于在轨道3上的周期C.卫星在轨道2上运行时，经过A点时的速率大于经过B点时的速

率D.卫星在轨道1上运行时经过A点的加速度小于在轨道2上运行时经过A点的加速度【答案】BC【解析】【详解】A．根据卫星受到的万有引力提供向心力，即22GMmmrvr=可知环绕速度为GMvr=可知卫星的轨道半径越小，运行速率越大，则卫星在轨道1上的速率大于在轨道3上的速率，故

A错误；B．根据开普勒第三定律32rkT=知，卫星的轨道半径越大，则周期也越大，故卫星在轨道1上的周期小于在轨道3上的周期，故B正确；C．根据开普勒第二定律知，卫星在轨道2上运行时，从A点向B点运动时，卫星到地心的连线的距离越来越远，故卫星的速度逐渐减小

，经过A点时的速率大于经过B点时的速率，故C正确；D．根据牛顿第二定律得2GmMmar=得2GMar=卫星经过同一点时r相同，M也相同，所以加速度相同，故D错误。故选BC。10.有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（）A.图a中，汽车通过拱桥的最高点处于失重状态B.图b中，在光滑固

定圆锥筒的水平面内做匀速圆周运动的小球，受重力、弹力和向心力C.图c中，小球绕轻质细杆一端O点在竖直面内做圆周运动，到达最高点时速度可能为零D.图d中，火车以某速度经过外轨高于内轨的弯道时，车轮可能对

内、外轨均无侧向压力【答案】ACD【解析】【详解】A．图a中，汽车通过拱桥的最高点时，加速度向下，处于失重状态，选项A正确；B．图b中，在光滑固定圆锥筒的水平面内做匀速圆周运动的小球，受重力、弹力作用，两个力的合力充当向心力，选项B错误；C．图c中，小球绕轻质细杆一端O点在竖直面

内做圆周运动，到达最高点时速度可能为零，选项C正确；D．图d中，火车以某速度经过外轨高于内轨的弯道时，若速度满足2tanvmgmr=则此时重力和轨道支持力的合力充当火车做圆周运动的向心力，此时车轮对内、外轨均无侧向压力，选项D正确。故选ACD。二、实

验题（本题共2小题，共16分）11.如图所示，为研究平抛运动的装置图。弯曲轨道AB固定在水平桌面上，在离轨道边缘B不远处有一可移动的竖直平面abcd，平面中心竖直线标有刻度，0刻度线与桌面边缘平齐。以边缘B正下方的O点为原点建立水平x轴。

实验时，将竖直平面移动到x处，从固定立柱处由静止释放体积很小的钢珠，钢珠从B点离开后击中中心竖直线某点，记录刻度值y；改变x，重复实验。（1）下列操作，有利于减小误差的是______。A.弯曲轨道尽量光滑B

.弯曲轨道边缘保持水平C.使用相同体积的小铝珠D.保持竖直平面abcd与水平面垂直（2）若某次将钢珠从固定立柱处由静止释放，记录钢珠击中中心竖直线的刻度为y；将竖直平面向远离B方向平移20.00cm，再次将钢珠从固定立柱处由静止释放，记录钢珠击中中心竖直线的刻度

为115cmyy=+；将竖直平面再向远离B方向平移20.00cm，让钢珠从固定立柱处由静止释放，记录钢珠击中中心竖直线的刻度为240cmyy=+。重力加速度g取210ms，则小钢珠平抛的初速度0v=______m/s。（保留两位有效数字）（3）下列各图，能正确反映y与x的关系的是__

____。A.B.C.D.【答案】①.BD##DB②.2.0③.A【解析】【详解】（1）[1]A．本实验只需要保证每次小球平抛的初速度相同即可，轨道光滑对减小实验误差没有帮助，故A错误；B．弯曲轨道边缘保持水平，能保证小球离开轨道后做平抛运动

，故对减小误差有帮助，故B正确；C．小铝珠的密度小于小钢珠的密度，使用相同体积小铝珠，增大了误差，故C错误；D．保持竖直平面abcd与水平面垂直，刻度值y才表示竖直位移，故对减小误差有帮助，故D正确；（2）[2]根据平抛运动的规律00.2mvt=竖

直方向2211()()yyyygt−−−=联立解得02.0m/sv=（3）[3]由平抛运动规律可得0xvt=212ygt=联立可得2202gyxv=可知y与2x成正比，故A正确，BCD错误。12.（1）某物理小组的同学设计了

一个测量玩具小车通过凹形桥模拟器最低点时的速度的实验。所用器材有：玩具小车、压力式托盘秤、凹形桥模拟器（圆弧部分的半径为R=0.10m）。完成下列填空：①将凹形桥模拟器静置于托盘秤上，如图甲所示，托盘秤的示数为1.00kg②将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时，托盘秤的示数如图乙所示

，该示数为______kg；③将小车从凹形桥模拟器某一位置释放，小车经过最低点后滑向另一侧，此过程中托盘秤最大示数为的m；多次从同一位置释放小车，记录各次的m值如下表所示；序号12345m（kg）1.801.

751.851.751.85④根据以上数据，可求出小车经过凹形桥最低点时对桥的压力大小为______N（保留三位有效数字）；小车通过最低点时的速度大小为______m/s。（重力加速度g取10m/s2，计算结果

可保留根号）（2）一艘宇宙飞船飞近某一新发现的行星，并进入靠近该行星表面的圆形轨道绕行数圈后，着陆在行星上，宇宙飞船上备有以下实验仪器：A.弹簧测力计一个B.精确秒表一只C.天平一台（附砝码一套）D.物体一个为测定该行星的密度，字航员在绕行中进行了一次测量，依据测量数据可以求出

密度。①绕行时所测物理量为______（限用文字说明和相应符号表示）②密度=______（万有引力常量为G）【答案】①.1.50②.8.00③.155④.宇宙飞船的绕行周期T⑤.23GT【解析】【详解】（1）[1]托盘秤的读数为1.50

kg[2]根据表格中的数据，可知小车经过凹形桥最低点时，托盘秤示数的平均值为示1.801.751.851.751.85kg1.80kg5m++++==故小车对桥的压力大小为()()示桥1.801.0010N=8.00NFmmg=−=−[3]小车通过最低点

时，满足2NvFmgmR−=其中FN=F=8.00N，m=1.50-1.00kg=0.50kg，代入可得15m/s5v=（2）[4][5]宇宙飞船在靠近行星表面的圆形轨道上运行时满足222MmmRRTG=为由密度公式可知343MMVR==联立以上两式，可得23GT

=故绕行时所测物理量为宇宙飞船的绕行周期T，该行星的密度为23GT=三、计算题（本题共3小题，共38分、作答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演量步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值

和单位）13.如图所示，在光滑水平面上竖直固定一半径为R=0.4m的半圆槽轨道，其底端恰与水平面相切。质量为m=0.5kg的小球以大小为06m/sv=的初速度经半圆槽轨道最低点B滚上半圆槽，小球恰好能通过最高点

C后落回到水平面上的A点。不计空气阻力，重力加速度g取10m/s（1）小球通过B点时对半圆槽的压力大小；（2）A、B两点间的距离。【答案】（1）50N；（2）0.8m【解析】【详解】（1）在B点的速度为06m/sv=，根据牛顿第

二定律得20mvNmgR−=解得50NN=根据牛顿第三定律可知，小球通过B点时对半圆槽的压力大小为50NNN==（2）小球刚好到达C点，则有重力等于向心力2CmvmgR=解得2m/sCvgR==小球从C点

飞出后做平抛运动，竖直方向有2122Rgt=解得40.4sRtg==水平方向上为匀速直线运动，所以AB间的距离为0.8mABCLvt==14.2021年12月14日，我国成功将天链二号02卫星送入预定轨道，发射任务取得圆满成功。假设该卫星

绕地球做匀速圆周运动，离地球表面的高度等于地球的半径R。已知地球表面处的重力加速度大小为g，引力常量为G，忽略地球的自转，求：（1）地球的密度；（2）卫星绕地球转动的线速度；（3）卫星所在处的重力加速度大小。【答案】（1）34gGR；（2）2gR；（3）4g【解析】【详解】（1）在地球表面处

物体受到的重力等于万有引力，则2GMmmgR=解得地球质量GgRM2=地球的体积343RV=地球的密度34MgVGR==（2）根据万有引力提供向心力，有22(2)2GMmvmRR=联立可得卫星绕地球转动的线速度2gR

v=（3）在轨道半径2rR=处，仍有万有引力等于重力，即2'(2)GMmmgR=联立解得卫星所在处的重力加速度大小'4gg=15.如图所示AB为一竖直面内半径0.4m的四分之一光滑圆弧轨道，与水平滑道BC相切于B点。BC长为L=1.5m动摩擦因数μ=0.1。C点下

方h=0.8m处放置一水平圆盘，圆心O与C点在同一竖直线上，其半径OE上某点固定一小桶（可视为质点），DE在BC正下方。一质量m=0.5kg的物块（可视为质点）从圆轨道上某点滑下，当物块经过B点时，圆盘开始从图示位置绕通过圆心O的竖直轴匀速转动。物块通过圆弧轨道上B点时受到轨道的支持

力大小为10N，物块由C点水平抛出后恰好落入小桶内。重力加速度g取10m/s2。求：（1）物块通过C点的速度；（2）小桶到圆心O的距离；（3）圆盘转动的转速n应满足的条件。【答案】（1）1m/sCv=；（2）0.4m；（3）(

)5r/s1,2,3,7nkk==为【解析】详解】解：（1）物块到达B点时，由牛顿第二定律可得2BvNmgmR−=解得2m/sBv=解法一：从B到C由牛顿第二定律可得mgma=解得21m/sa=由运动学公式得222CBvvaL−=−解得1m/sCv=解法二：从B到C由动能定理有22112

2CBmgLmvmv−=−解得1m/sCv=（2）物块从C点做平抛运动，设所用时间为2t，竖直方向有2212hgt=解得20.4st=则物块水平位移为20.4m==Cxvt即小桶到圆心O的距离为0.4m（3）物块由B到C点的时间为1t，由速度公

式可得1CBvvat=−解得【11st=物块从B运动到小桶的总时间为121.4sttt=+=圆盘转动的转速n应满足条件()221,2,3,ntkk==解得()5r/s1,2,3,7nkk==获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue

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