【文档说明】卷2-备战高考物理【名校地市好题必刷】全真模拟卷（重庆专用）·3月卷（解析版）.docx，共(23)页，633.616 KB，由管理员店铺上传

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1备战2021年高考物理【名校、地市好题必刷】全真模拟卷（重庆专用）·3月卷第二模拟一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．（2021·重庆高三专题练习）如图所示，虚线表示某电场中的三个等势面，a、a′、b、b′、c、c′为分

布在等势面上的点。一带电粒子从a点运动到c点的过程中电场力做功为Wac，从a′点运动到c′点的过程中电场力做功为Wa′c′。下列说法正确的是（）A．c点的电场方向一定指向b点B．a′点电势一定比c′点电势高C．带电粒子从c点运动到c′点，电场力做功为0D．

acacWW【答案】C【解析】AB．带电粒子的电性和电场力做功的正负均未知，所以各等势面的电势高低未知，电场线的方向未知，AB错误；C．因为c和c在同一个等势面上，电势差0U=，根据电场力做功WqU=可知电场力对带电粒子做功为0，C正确；D．根据题意可

得a、c两点的电势差与a、c两点之间的电势差相等，根据电场力做功WqU=可知acacWW=，D错误。故选C。2．（2021·重庆高三月考）如图所示为发射卫星的轨道简化示意图，先将卫星发射到半径为1rr=的圆轨道I上做匀速圆周运动，在A点时使卫星变轨进入椭圆轨道Ⅱ上，卫星运动到

椭圆轨道的远地点B点时，再次变轨，进入半径为23rr=的圆轨道Ⅲ上做匀速圆周运动。已知卫星在椭圆轨道Ⅱ上运行到A点时的速率为2v，卫星的质量为m，地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，引力常量为G，忽略变轨时消耗的燃料质量，则下列说法正确的是（）A．卫星从椭圆轨道Ⅱ变轨到圆轨道Ⅲ，在B

位置时要向前喷气B．在轨道Ⅰ上卫星与地球球心的连线单位时间内扫过的面积要比在轨道Ⅲ上的大C．卫星在轨道Ⅲ上B点的加速度大于在轨道Ⅱ（稳定运行）上B点的加速度D．发动机在B点对卫星做的功为22318mgRmrvr−【

答案】D【解析】A．卫星从椭圆轨道Ⅱ变轨到圆轨道Ⅲ，在B位置时动力气源要向后喷气加速，离心运动，选项A错误。B．由222π()MmGmrrT=得234πrTGM=可知2πΔ4rGMrST==由于圆轨道Ⅲ的半

径大于圆轨道I的半径，所以在轨道I上卫星与地球球心的连线单位时间内扫过的面积要比在轨道Ⅲ上的小，选项B错误。C．根据2GMmmar=3可知，卫星在轨道Ⅲ和轨道Ⅱ（稳定运行）上的B点时，与地心的距离相同，则加速度大小相同，选项C错误。D．由2MmGmgR=知2GMgR=当卫星在23rr=的

圆轨道上运行时，有202(3)3vMmGmrr=得卫星在圆轨道上运行时通过B点的速度为03GMvr=由开普勒第二定律知卫星在椭圆轨道上B点的速度为11213rvvvr==发动机在B点对卫星做的功2222

2011132218mgRmrvWmvmvr−=−=选项D正确。故选D。3．（2020·渝中区·重庆巴蜀中学高三月考）如图所示是一种纳米粒子选择装置，待选“球形”粒子密度相同、大小不同、带正电且电量与其表面积成正比。待选粒子从O1进入小孔时可认为初速度为零，加速电场区域

Ⅰ的板间电压为U1，粒子通过小孔O2射入正交的匀强电场、磁场区域Ⅱ，其中磁场的磁感应强度大小为B，左、右两极板间距为d。区域Ⅱ出口小孔O3与O1、O2在同一竖直线上。若半径为r0、质量为m0、电量为q0的纳米粒子刚好能沿直线通过，不计纳米粒子重力，则下列说法正确的是（）A

．半径大的纳米粒子到达O2处的速度大4B．区域Ⅱ中磁场与电场的强度的比值为0102qUmC．区域Ⅱ两极板的电势差为10202UqUBdm=D．若新待选纳米粒子的半径为2r0，仍要求沿直线通过，则区域Ⅱ的电场强度应变为原电场强度的22倍【答案】D【解

析】A．球形粒子的质量34π3mr=电荷量24πqr=加速过程中2112Uqmv=可得121Uqmr=v因此半径大的纳米粒子到达O2处的速度小，故A错误；B．匀速直线运动过程中00qvBqE=可得000112mBEqU==v故B

错误。C．区域Ⅱ两极板的电势差012002qUUEdBdBdm===v故C错误；5D．因为121UqEBBmr==v即若新待选纳米粒子的半径为2r0，仍要求沿直线通过，则区域Ⅱ的电场强度应变为原电场强度的22倍，故D正确。故选D。4．（202

0·重庆北碚区·高三月考）山东海阳核电站建成并网发电，有效缓解了山东电力不足的情况，为建设生态山东做出了贡献。核电站核反应堆中，用中子轰击23592U原子核的核反应方程为23511361920540U+

nXe+X+10n→其中23592U、10n、13654XeX、的质量分别为1234mmmm、、、，其中13654Xe是不稳定的，其衰变的周期为T，真空中的光速为c，以下说法正确的是（）A．X原子核中含有的中子数为50B．该反应属

于人工转变核反应C．该反应中释放的能量为()21234192mmmmc−−−D．经过2T，一定质量的13654Xe原子核衰变了的质量占开始时的34【答案】D【解析】A．根据核反应方程中质量数，电荷数守恒

可写出该核反应方程为235113690192054380U+nXe+X+10n→故可知X原子核中含有的中子数为52，故A错误；B．该核反应为重核裂变反应，故B错误；C．该核反应中释放的能量为221234(9)Emcmmmmc==−−

−故C错误；D．根据半衰期公式1()2tTmm=余6可知，经过2T211()24mm==余所以可知原子核衰变了的质量占开始时的34，故D正确。故选D。5．（2020·沙坪坝区·重庆八中）有一种新型采煤技术:高压水射流采煤技术。基本原理如图所示，一组高压水泵将水的压强升高，让高压水从喷嘴中射出，打

在煤层上，使煤成片脱落，从而达到采煤目的。假设某煤层受到压强为79.010Pa的冲击时即可破碎，若高压水流沿水平方向冲击煤层，不计水的反溅作用，水的密度为331.010kg/m，则此时冲击煤层的水速约为（）A．30m/sB．300m/sC．90m/sD．900m/s【

答案】B【解析】取极短时间t内射在煤层上质量为m的水为研究对象，建立水柱模型，设水柱的横截面积为S，取水的初速度0v方向为正方向，由动量定理得0Ftmv−=−又mV=0VSvt=根据压强公式FpS=得FpS=

7联立并带入数据解得0300m/sv=故选B。6．（2020·重庆高三月考）如图甲所示，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，两者与一理想电流表串联后接在恒压直流电源上，当滑动变阻器的触头从a端滑向b端的过程中，得到定值电阻的功率随电流变化的图线如图乙所示，其中电流为0.15A时对应的

触头在a端，电流为Ic时对应的触头在c点，且ab=4bc，下列说法正确的是（）A．电流Ic的大小为0.6AB．定值电阻R0=20ΩC．滑动变阻器的全阻值为R=28ΩD．当滑动变阻器消耗的功率为6.3W时，对应的电流一定为2.1A【答案】B【解

析】B．电流为0.15A时对应的功率为0.45W，根据20PIR=，代入（0.15A，0.45W）解得定值电阻R0=20Ω选项B正确；A．同理当P=5W时解得Ic=0.5A选项A错误；C．当滑动变阻器在a端时，有0aUIRR=（＋）当滑动变阻器在c点时，有80(

)4cRUIR=+联立解得U=45V，R=280Ω选项C错误；D．当滑动变阻器消耗的功率为6.3W时，设滑动变阻器两端的电压为U1，则10UUIR−=110UUPUR−=代入数据为11456.320UU−=解得U1=42V或U1=

3V代入10UUIR−=解得I=0.15A或2.1A回路最大电流m02.25AUIR==故两个答案均合理，选项D错误。故选B。7．（2020·重庆北碚区·高三月考）如图所示为一简易机械装置，质量相等的两物块A和B，通过铰链和连杆相连，物块A与竖直墙壁接触，物块B放在水平面上，沿水平方

向对物块B施加向左的外力F，使物块A缓慢匀速上升，直到连杆与竖直方向的夹角θ为30°。不计铰链及物块与接触面间的摩擦，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．物块B的速度保持不变B．物块B对地面的压力逐渐增大9C．物块A对墙面的压力逐渐增大D．当连杆与竖直

方向的夹角θ为30°时，突然撤去外力F，物块A的加速度为14g【答案】D【解析】A．根据关联速度得ABcossinvv=物块A缓慢匀速上升，所以物块B的速度逐渐增大。A错误；B．将两物块看做一个整体，在竖直方向上合力为零，所以地面对

物块B的支持力与系统总重力平衡，即物块B对地面的压力不变。B错误；C．对A受力分析，得墙面对A的支持力为tanNmg=随着角度减小，支持力减小，则物块A对墙面的压力逐渐减小。C错误；D．设杆对物块的作用力为T，则

对物块分析有AcosmgTma−=，BsinTma=化简为ABsinsincosgaa=+根据关联速度关系得AB(cos)(sin)vvtt=即ABAB(cos)(sin)cossinvvaatt−=+

因为从静止释放，有AB0vv==则有ABcossinaa=联立解得A14ag=10D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分.8．（2021·重庆高三月考）物体以初速度0v做匀减速直线运动，第1s内通过的位移为13mx=，第2s内通过的位移为22mx=，又经过位移3x物体的速度减小为0，则下列说法中正确的是（）A．加速度a的大小为21m/sB．初速度v的大小为

2.5m/sC．位移3x的大小为1mD．位移3x内的平均速度大小为0.75m/s【答案】AD【解析】A．根据2xaT=可解得21msa=−A正确；B．根据2012xvtat=+解得03.5msv=B错误；C．第2s末的速度203.512ms1.5ms

vvat=+=−=则1122309m28vxa−==C错误；D．位移3x内的平均速度为20.75ms2vv==D正确。故选AD。9．（2020·重庆市凤鸣山中学高三月考）如图所示，光滑水平地面上放有截面为14圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A

施加一水平向左的力F，整个装置保持静止。若将A的位置向右略微移动，整个装置仍保持静止，则（）A．水平外力F不变B．墙对B的作用力减小C．地面对A的支持力不变D．B对A的作用力增大【答案】CD【解析】BD．对B球进行受力分析，受到重力mg、A球对B球的

支持力N′和墙壁对B球的支持力N，如图所示：当A球向右移动后，A球对B球的支持力N′的方向不断变化，根据平衡条件结合合成法可以知道A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N都在不断增大，故B错误，D正确；AC．再对A和B整体受力分析

，受到总重力G、地面支持力FN，推力F和墙壁的弹力N，如图所示：12根据平衡条件，有F=N，FN=G，故地面的支持力不变，推力F随着壁对B球的支持力N的不断增大而不断增大，故A错误，C正确。所以CD正确。10．（2021·重庆高三月考）如

图所示，变压器原副线圈的匝数分别为12200,100nn==，原线圈与水平放置的间距1mL=的光滑金属导轨相连，导轨处于竖直向下、磁感应强度大小为1TB=的匀强磁场中，副线圈接阻值10ΩR=的电阻，原线圈串联一阻值也为R的电阻，与导轨接触良好且始终垂直导轨的阻值5Ωr=、质量0.01kgm=的导体

棒在外力F的作用下运动，其速度随时间变化的关系式为112sin10πm/svt=，已知导轨电阻和变压器的能量损耗均不计，导轨足够长，导体棒运动过程中不会与其他用电器相碰，电表均为理想电表，则（）A．电压表的示数为1VB．电流表的示数为0.2AC．变压器铁芯中磁通量变化率的最大值为0.042Wb/s

D．在0~0.05s的时间内外力F做的功为1.32J【答案】CD【解析】AB．由速度随时间变化的关系式可得m2π112m/s,vT===10πrad/s,0.2sT=故导体棒产生的感应电动势的最大值为13mm112VEBLv==电源电动

势为msin112sin10πVeBLvtt==电动势的有效值为m11V2EE==设原线圈的输入电压为1U，副线圈的输出电压为2U，原线圈的输入电流为1I，副线圈的输出电流为2I，则对含有原线圈的回路由闭合电路欧姆定律有11()EIr

RU=++由变压器的工作原理可知11122221UnInUnIn==、对副线圈的回路，由欧姆定律有22UIR=由以上式子可解得21214V,8V,0.4A,0.2AUUII====故电压表示数为12VUIR==电流表示数为20.4AI=，AB错误；C．根据mΔΔΦEnt=可知原线圈中

磁通量变化率的最大值为1m1Δ20.042Wb/sΔ25Utn===由于变压器无能量损失，故是理想变压器，原线圈中的磁通量即为铁芯中的磁通量，故C正确；D．在Δ0.05s4Tt==时间内，电路产生的焦耳热2212()

ΔΔ0.11JQIRrtIRt=++=14根据能量守恒定律得2m12WQmv−=外故2m11.32J2WmvQ=+=外D正确。故选CD。三、非选择题：共57分。第11～14题为必考题，每个试题考生都必须作答。第15～16题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共45

分。11.（6分）（2020·重庆市云阳江口中学校高三月考）将橡皮筋的一端固定在A点，另一端拴上两根细绳，每根细绳分别连着一个量程为5N、最小刻度为0.1N的弹簧测力计，沿着两个不同的方向拉弹簧测力计。当橡皮筋的活动端拉到O点时，两根

细绳互相垂直，如图所示。这时弹簧测力计的读数可从图中读出。（1）读得两个互相垂直的拉力的大小一个是4.0N，则另一个是_______N（只须读到0.1N）。（2）在本题的虚线方格纸上按作图法的要求画出这两个力及它们的合力_____，合力是_______N。【答

案】2.5N见解析4.7（4.5~4.9皆给分）【解析】（1）读弹簧测力计示数时，应注意首先找零刻度，尤其是竖直放置的那个弹簧测力计是倒置的，它的读数是2.5N（而不是3.5N）；（2）水平放置的弹簧测力计读数是4N，按作图法的要求画出这两个力及它们的合力如图：15由图读出合力为4.7N

（4.5N~4.9N都可以）12.（9分）（2020·渝中区·重庆巴蜀中学高三月考）某型号多用电表欧姆挡的电路原理图如图甲所示。G表是欧姆表表头，其满偏电流Ig=500μA，内阻Rg=1000Ω。电源电动势E=1.5V，内阻r=1Ω。电阻箱R1和电阻箱

R2的阻值调节范围均为0到9999Ω。(1)图甲中的b端应与______（填“红”或“黑”）表笔连接；(2)某同学将图甲中的a、b端短接，为使G表满偏，则应调节R1=______Ω；然后在a、b端之间接入一电阻Rx后发现微安表半偏，则接入的电阻阻值为Rx=__

____Ω；(3)如图乙所示，该同学将G表与电阻箱R2并联，利用该电路组装一个“×100”倍率的欧姆表，要求欧姆表的表盘刻度示意图如图丙所示，其中央刻度标“15”，则该同学应调节R2=______Ω；用此欧姆表测量一个阻值约2000Ω的电阻，

测量前应调节R1=______Ω。【答案】黑199930001000999【解析】(1)由图甲所示可知，图中的b端应欧姆表内置电源正极相连，b端应与黑表笔连接；(2)由闭合电路欧姆定律可知16161.5100011999Ω50010ggERRrI−=−−=−−=当微安表半偏时，

所测电阻阻值X161.51999100013000Ω115001022ggERRRrI−=−−−=−−−=(3)组装一个“×100倍率”的欧姆表，其中央刻度标15，则欧姆表内阻为1500Ω，电流表的满偏电流1.50.001A1mA1000μA2150

0gEIIR======内由并联电路特点可知21000ΩgRR==欧姆调零时11.510001999Ω0.0012ERRrI=−−=−−=并13.（12分）（2021·重庆高三专题练习）如图所示，在平面坐标系xoy内，第Ⅱ、Ⅲ象限内

存在沿y轴正方向的匀强电场，第Ⅰ、Ⅳ象限内存在半径为L的圆形边界匀强磁场，磁场圆心在M（L，0）点，磁场方向垂直于坐标平面向外。带电量为q、质量为m的一带正电的粒子（不计重力）从Q（-2L，-L）点以速度

v0沿x轴正方向射出，恰好从坐标原点O进入磁场，从P（2L，0）点射出磁场。求：(1)电场强度E的大小；(2)粒子在磁场中运动的时间；(3)磁感应强度B的大小。【答案】(1)202mvqL；(2)02Lv；(3)0mvqL17【解析】(1)粒子在电场中做类平抛运动，由22011222qELvt

Lattm==，=则202mvEqL=(2)由动能定理2201122qELmvmv=−得02vv=由此可知，粒子进入磁场时与水平方向夹角α=45°，如图所示则粒子在磁场中做圆周运动的半径与水平夹角为45，所以半径2cos45LrL==则粒子在磁场中的运动周期022rLTvv=

=粒子在磁场中运动的时间0222LtTv==(3)粒子在磁场做匀速圆周运动，有182mvqvBr=可得0mvBqL=14.（18分）（2021·重庆高三专题练习）如图所示，在绝缘水平面上的两物块A、B用劲

度系数为13N/mk=的水平绝缘轻质弹簧连接，物块B、C用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接，A靠在竖直墙边，C在倾角为37=的长斜面上，滑轮两侧的轻绳分别与水平面和斜面平行。A、B、C的质量分别是0.5kgAM

=、1kgBM=、1kgCM=，A、C均不带电，B带正电56.410Cq−=，滑轮左侧存在着水平向左的匀强电场55.010V/mE=，整个系统不计一切摩擦，B与滑轮足够远。开始时系统静止。现让C在沿斜面向下的拉力F作用下做加速度大小为21m/sa=的匀加速直线运动，弹簧始终未超过弹性限度，重

力加速度大小210m/ssn370.6cs370.8gio===。（，）(1)求开始时弹簧的压缩长度1x(2)求A刚要离开墙壁时拉力F的功率(3)若A刚要离开墙壁时，撤去拉力F，同时场强大小突然减为51510V/m16E=，方向不变。求在之后的

运动过程中A的最大速度；【答案】(1)2m；(2)56W；(3)3.2m/s【解析】(1)开始时，弹簧处于压缩状态，对于C有1sinCTMg=对B有11TkxEq+=19联立解得12mx=(2)A刚要离开墙壁时，墙壁对A的弹力为零，弹簧刚好不

发生形变，则B做匀加速直线运动，位移大小为1x时有112vax=根据牛顿第二定律，对B2BTEqMa−=对C2sinCCFMgTMa+−=解得功率156WPFv==(3)当51510V/m16E=时sinCMgqE=所以此过程中A、B、C系统合外力做功为零，当弹簧再次恢复原长时，A的

速度最大为3v，B、C速度大小为2v，，则系统动量大小之和不变有123(BCBCAMMvMMvMv+=++（））系统能量守恒有2'22123111222CBCBAMMvMMvMv+=++（）（）解得33.2m/sv=（二）选考题：共12分。请考

生从第15题和第16题中任选一题作答，若两题都做，则按所做的第一题记分。15.[选修3-3]（12分）（1）（4分）（2020·重庆高三月考）如图所示的p-V图像中A→B→C→A表示一定质量的理想气体的状态变化过程，1atm20＝1.01×105Pa，则以下说法正确的是。（

在给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）A．气体在A、B两状态时的温度相等，由状态A到状态B的过程中，气体温度保持不变B．由状态A到状态B的过程中，气体从外界吸收的热量大于气体对外界所做的功C．由状

态B到状态C的过程中，外界对气体做了202J的功D．由状态C到状态A的过程中，气体吸收的热量等于外界对气体做的功【答案】C【解析】A．因为AABBpVpV=，所以，气体在A、B两状态时的温度相等。由图像可知，由状态A到状态B的过程中，气体温度先升高后降低。A错误；

B．因为气体在A、B两状态时的温度相等，所以内能不变，根据热力学第一定律UWQ=+气体从外界吸收的热量等于气体对外界所做的功。B错误；C．由状态B到状态C的过程中，外界对气体做的功为531.0110(31)10J=202JWpV−==

−C正确；D．由状态C到状态A的过程中，温度升高，气体内能增大，因为体积不变，所以气体吸收的热量等于气体内能的增加。D错误。故选C。（2）（8分）（2020·重庆市第七中学校高三月考）如图，容积为V的汽

缸由导热材料制成，面积为S的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分，汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连，细管上有一阀门K。开始时，K关闭，汽缸内上下两部分气体的压强均为p0。现将K打开，容器内的液体缓慢地流入汽缸，当流入的液体体积为8V时，将K关闭，活塞平衡时其下方气体的体积减小了6V。不计活

塞的质量和体积，外界温度保持不变，21重力加速度大小为g。求流入汽缸内液体的质量。【答案】01526pSg【解析】设活塞再次平衡后，活塞上方气体的体积为V1，压强为p1；下方气体的体积为V2，压强为p2。在活塞下移的过程中，活塞上、下方气体的温度均保持不变，由玻意耳定律得p02V＝p1

V1p02V＝p2V2由已知条件得V1＝2V＋6V－8V＝1324VV2＝2V－6V＝3V设活塞上方液体的质量为m，由力的平衡条件得p2S＝p1S＋mg联立以上各式得m＝01526pSg16.[选修3-4]（12分）（1）

（4分）（2020·重庆高三其他模拟）水底S处发出一束含有两种单色光的光线，与水和空气的分界面夹角为θ，经折射后分成甲、乙两束单色光，如图所示。下列说法正确的是_____________（在给出的四个选项中，只有一项是符合题

目要求的）22A．水对甲光的折射率大于对乙光的折射率B．甲光频率大于乙光频率C．如果θ逐渐减小，空气中甲光先消失D．乙光在水中经历的时间较长【答案】D【解析】A．由图可知，水对乙光的偏折程度较大，则水对甲光的折射率小于对乙光的折射率，选项A错误；B．水对甲的折射率较小，则甲

光频率小于乙光频率，选项B错误；C．根据1sinCn=可知，乙光的临界角较小，则如果θ逐渐减小，乙光先发生全反射，则空气中乙光先消失，选项C错误；D．根据cvn=可知，水中乙光的速度较小，可知乙光在水中经历的时间较长，选项D正确。故选D。（2）（8分）（2020·沙坪坝区·重庆南开

中学高三月考）如图所示，波源位于图中O点，A、B、O三点位于同一条直线上，O点产生的横波可沿直线传到A、B两点。已知2OBOA=，求：①若O点左、右两侧为不同介质，向左、向右传播的波同时传到A、B两点，则向左，向右传播的两列波的波长之比；②若O点左、右两

侧为同种介质，A点比B点先起振△t时间，A、B两点起振后振动方向始终相反，则波源的周期为多少。23【答案】①12；②221tTn=+（n=0、1、2、3…）【解析】①根据向左、向右传播的波同时传到A、B两点，则由svt

=可知1=2vOAvOB=左右波向左右传播的周期相同，根据=vT可得1=2vv=左左右右②因A、B两点起振后的振动方向始终相反，则A、B两点到振源O的距离之差为半波长的奇数倍(21)2xvtn==

+Tv=解得221tTn=+（n=0、1、2、3…）