【文档说明】山东省烟台市、德州市2022-2023学年高三下学期一模物理试题答案.docx，共(6)页，118.867 KB，由小赞的店铺上传

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2023年高考诊断性测试物理参考答案及评分意见一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.A2.D3.D4.C5.A6.C7.B8.C二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个

选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.BD10.AD11.CD12.BCD三、非选择题：本题共6小题，共60分。13．（6分）⑴BD（2分，漏选得1分，错选不得分）⑵Ⅰ（2分）⑶2.1（2分）14．（8分）⑴2.498~2.

502（2分）⑵R2，A2（每空1分，共2分）⑶如图所示（2分）⑷)1(42kLrkd−（2分）15．（7分）解：⑴如图，光线恰好全反射22222sin++=lLLLCMNMPMP=()(

)228.07.155++=32…………①（1分）由nC1sin=…………………………②得折射率Cnsin1==1.5…………③（1分）＋－﹢﹣A2﹢﹣A1Rx0.8cmbacdMNPQ前挡风玻璃外表面内表面光学元件C⑵红外发射管如果是在a位置向MN中点发射

红外线，如图则35cossin2==C…………………④（1分）由折射率公式21sinsin=n……………⑤解得25sinsin21==n＞1………⑥（1分）所以红外发射管不能在a位置向MN中点发射红外线。则红外发射管在b位置向MN中点发射红外线。

⑦（1分）红外接收管是在c位置。…………………………⑧（1分）大致光路图如图所示。…………………………⑨（1分）16．（9分）解：⑴设恒星A与地球间的距离为d，得dR02tan=…………………………………………………①（1分）即dR02解得02Rd=…………

……………………………………………②（1分）恒星A辐射出的总功率与地球所在的球面上接收到A辐射出的总功率相等，即σT04∙4πRA2=I∙4πd2……………………………………………③（1分）解得RA=ITR2002……………………………………………④（1分）⑵设行星B的质量为m，半径为R

B，绕恒星A做匀速圆周运动的轨道半径为r，则行星B接收到恒星A辐射出的功率为P1=2B22A4044RrRT……⑤（1分）行星B向外辐射出的功率为P2=σT14∙4πRB2……………………⑥（1分）因行星B表面的温度保持不变，故有P1=P2……………………⑦

（1分）对行星B有2224BTmrrMmG=…………………………………⑧（1分）解得TB=IGMIRTR03102……………………………………⑨（1分）0.8cmbacdMNPQ前挡风玻璃外表面内表面光学元件θ2CCθ10.8cmbacdMNPQ前挡风

玻璃外表面内表面光学元件17．（14分）⑴初速度为v0的粒子的运动轨迹与y轴相切dRR=+60cos11………………………………①（1分）1200RmBqvv=…………………………………………②（1分）m

Bqd320=v…………………………………………③（1分）(2)初速度为023v的粒子在yOz平面左侧运动时2200)23(23RmBqvv=dR=2………………………………………④（1分）由几何关系知，粒子第一次到达y轴时的速度与x轴正方向成30o角斜向下，此时将粒

子的速度分解：平行于x轴的分速度：mBqdx2330cos230==vv…………⑤（1分）平行于y轴的分速度：mBqdy230sin230==vv…………⑥（1分）在yOz平面右侧沿y轴方向，在电场力作用

下先做匀减速直线运动，到达xOz平面沿y轴方向速度为零1621dty=v……………………………………………………⑦（1分）Bqmt41=在垂直y方向，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，32RmBqxxvv=xRTv32=81Tt=粒子与xOz平面相切时，对应的坐标：dRx4645sin3=

=……………………………………………………⑧（1分）dRRz4)632(45cos33−=−=……………………………………⑨（1分）即切点坐标为），，（dd4)632(046−⑶粒子第一次经过yOz平面时的y轴坐标为161dy=，粒子从与平面xOz平面相切到第二

次与yOz平面相交用时为t2TtTt83212=−=xv0ydR1R160o23v0ydR2R260o23v030ox粒子沿y轴方向所受电场力不变，加速度不变，第二次与yOz平面相交时的y轴坐标为169912dyy==212dyyy=−=……………………

…………………………………………⑩（1分）2223122)()2(+=+=dyRL………………………………………………⑪（1分）⑷初速度为023v的粒子在yOz平面右侧运动时加速度为22212mdqBtay==v………………………………

……………⑿（1分）初速度为023v的粒子第2次刚进入yOz平面左侧运动时沿y轴方向的速度大小为mBqdaty2322==v因为粒子沿y轴方向只在平面右侧才有不变的加速度，且每次加速时间均为2T，所以第n次刚进入yOz平面左侧运动时的沿y轴方向的速度大小为2)2(2Tanyyn−+=vv（n=2，

3，4，……）……………………………………⑬（1分）粒子第n次在yOz平面左侧运动时速度大小为3)54(2222+−=+=nmBqdynxvvv（n=2，3，4，……）………………………⑭（1分）18．（16分）解：⑴设A、B第一次共速时的速率为v110)2(vvmmm+=………………………………

……………①（1分）μmgLmm+=212042121vv………………………………………②（1分）解得：μgL320v=…………………………………………………③（1分）⑵第n次共速时的速度为n30v，B与竖直档板第一次碰撞后到第二次共速过程中，设A相对长木板运动的距离为x由能量守恒得：mg

xmm=−202093213321vv………④（1分）xLd−=………………………………………………………⑤（1分）解得：μgd27520v=……………………………………………（1分）⑶对B：Bmaμmg=……………………………

…………⑥（1分）从B第一次撞击挡板到第二次撞击挡板过程，有12023saB=v从B第二次撞击挡板到第三次撞击挡板过程，有222023saB=v从B第n次撞击挡板到第n+1次撞击挡板过程，有nBnsa2320=

v………………………………………………⑦（1分）则++++=++++=nngSSSSS26422032131...313131)...(2v………⑧（1分）ggSn8311)311(31202

2220vv=−−=………………………………………⑨（1分）⑷B从第n次与挡板发生碰撞到第n+1次与挡板发生碰撞的过程中，设B做匀变速运动的时间为t1；B做匀速直线运动的时间为t2，A、B保持相对静止共同运动的位移为Δx匀变速运动过程有：

1B10033tann=++vv……………………………………………………⑩（1分）xann=−+B21020233vv……………………………………………⑪（1分）匀速过程有：2103txn+=v……………………………………………

…⑫（1分）联立⑭⑮⑯可得：t1:t2=1:1，即每相邻两次碰撞过程：A、B匀变速运动过程与A、B匀速运动过程的时间之比为1:1。在0~t0时间内，设A做匀减速运动的累计时间为t＇，则021tt=……⑬（1分）对A：A2maμmg=………………………………

………又ta=A03v………………………………………………………………⑭（1分）解得：gt3400v=………………………………………………………⑮（1分）