【文档说明】安徽省六安第一中学2022-2023学年高三下学期第八次月考理综物理试题 含解析.docx，共(21)页，2.142 MB，由小赞的店铺上传

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六安一中2023届高三年级第八次月考理科综合1.2023年1月，日本确认将于“今年春夏期间开始向太平洋排放福岛核电站内储存的逾130万吨核污染水，核泄漏对环境会造成污染，影响人类安全，其中核反应之一为90903839SrYX→+，半衰期为28年

，下列说法错误的是（）A.该核反应为β衰变B.该衰变反应中质量数守恒，能量守恒C.9039Y的比结合能比9038Sr的比结合能大D.100个9038Sr子核经过一个半衰期后，还剩50个未衰变【答案】D【解析】【详解】AB．根据

核反应过程满足质量数守恒和电荷数守恒，可知X为01e−，则该核反应为β衰变，衰变过程满足能量守恒，故AB正确，不满足题意要求；C．比结合能越大，原子核越稳定，则9039Y的比结合能比9038Sr的比结合能大，故C正确，不满足题意要求；D．半衰期具有统计规律，是对大量

原子核适用，对少数原子核不适用，故D错误，满足题意要求。故选D。2.学校召开运动会，买了部分透明材料奖杯，其横截面是以顶点B为圆心、圆心角为120扇形ABE，如图所示，研究性小组的同学想用激光束测量这种奖杯材料的折射率，他们将激光束平行纸面且垂直BE面射入该材料，入射点为D，该激光束

恰好未从圆弧面AE射出，已知22BDBE=，则光线从AB面射出的折射角为（）A.60B.30C.45D.无法计算【答案】C【解析】的【详解】如图因为22BDBE=，光线恰好未从圆弧面AE射出，所以光在AE面的入射角

为临界角45C=，所以反射光线与BE边平行，由60=可得，光线在AB面上的入射角30=，设光线第一次从AB面射出的折射角为，根据1sinCn=，sinsinn=得45=故选C。3.如图所示，两电荷量分

别为Q−和2Q+的点电荷固定在直线MN上，两者相距为L，以2Q+的点电荷所在位置为圆心、2L为半径画圆，a、b、c、d是圆周上四点，其中a、b在MN直线上，c、d两点连线垂直于MN，下列说法正确的是（）A.c、d两点的电势不相同B.将

一正点电荷从a沿圆弧经c移动到b，电势能增加C.c、d两点的电场强度相同D.a点的电场强度小于b点的电场强度【答案】B【解析】【详解】AB．a、b、c、d四点在以点电荷2Q+为圆心的圆上，由2Q+产生的电场在a、b、c、d四点的电势是相等的，所以a、b

、c、d四点的总电势可以通过Q−产生的电场的电势确定，根据顺着电场线方向电势降低可知，b点的电势最高，c、d电势相等，a点电势最低，根据正电荷在电势高处电势能大，可知q+在a处的电势能最小，在b处的电势能

最大，在c、d两处的电势能相等，故A错误，B正确；CD．根据点电荷电场强度公式2kQEr=结合矢量的合成法则可知，a点电场强度最大，因此a点的电场强度大于b点的电场强度，且c、d两点场强大小相等，方向不同，故CD错误。故选

B。4.如图所示，it−像表示LC振荡电路的电流随时间变化的图像，在0=t时刻，回路中电容器的M板带正电，在某段时间里，回路的磁场能在减小，而M板仍带正电，则这段时间对应图像中（）A.bc段B.cd段C.Oa段D.ab段【答案】B【解析】【详解】某段时间里，回路的磁场能在减小

，说明回路中的电流在减小，电容器充电，而此时M板带正电，则测电流方向为顺时针方向。在0=t时，电容器开始放电，且M极板带正电，结合it−图像可知，电流以逆时针方向为正方向，因此这段时间内电流为负且正在减小，符合条件的只有图像中的cd段。故选B。5.晾晒衣服的绳子两端A

、B分别固定在两根竖直杆上，A点高于B点，原来无风状态下衣服保持静止。某时一阵恒定的风吹来，衣服受到水平向右的恒力而发生滑动，并在新的位置保持静止（如图），不计绳子的质量及绳与衣架挂钩间的摩擦，下列说法中一定正确的是（）A.有风时，挂钩左右两侧的绳子拉力不相等

B.无风时，挂钩左右两侧绳子OA较陡C.相比无风时，有风情况下∠AOB大D.在有风的情况下，A点沿杆稍下移到C点，绳子的拉力变小【答案】D【解析】【详解】A．由于不计绳子的质量及绳与衣架挂钩间的摩擦，且O点为活结，活结两端的拉力总是相等，A错误；B．无风时，假设OB与水平方向的夹角为，O

A与水平方向的夹角为，两细绳拉力水平方向的分力大小相等，方向相反，有coscosFF=可得=即挂钩左右两侧绳子倾斜程度相同，B错误；C．设绳长为L，两杆之间的距离为d，根据几何关系可得sindL=无风时，根据平衡条件可得2cosFmg=解得

2cosmgF=有风后，衣服受力多个风力，四力平衡，两个绳子的拉力的合力与重力、风力的合力相平衡，如图2所示的状态此时通过A点和B点做平行于合力方向的直线，相对于两根杆的方向（如图红线所示），根据图中几何关系可知两根杆（即两红线）之间的距离d变小，风力越大，距离越小，则越小，故有风时∠AOB一

定减的小，C错误；D．当在有风的情况下，将A点沿杆稍下移到C点，根据图像可以看出，两端绳子之间的夹角变小，但是两细绳拉力的合力为恒力，则拉力F变小，D正确。故选D。6.现有一根长0.4m的轻绳，其一端固定于O点，另一端系着一个可视为质点且质量为1kg的

小球，将小球提至O点正上方的A点处，此时绳刚好伸直且无张力，如图所示，不计空气阻力，210m/sg=，则（）A.小球以1m/s的速度水平抛出到绳子再次伸直时的位置在过O点的水平线之上B.小球以1m/s的速度水平抛出到绳子再次伸直时的位置在过O点的水平线之下C.小球以2m/s

的速度水平抛出的瞬间，绳子的张力大小为0ND.小球以4m/s的速度水平抛出的瞬间，绳中的张力大小为40N【答案】BC【解析】【详解】AB．若要想使得细绳恰在与O点水平线时细绳伸直，则需满足201,2LvtL

gt==解得02m/sv=则若小球以1m/s的速度水平抛出，则到绳子再次伸直时的位置在过O点的水平线之下，故A错误，B正确；CD．要使小球在竖直面内能够做完整的圆周运动，在最高点时重力恰好提供的向心力，根据牛顿第二定律可得2vmgmL=解

得100.4m/s2m/svgL===小球以2m/s的速度水平抛出的瞬间，轻绳刚好有拉力，张力为0；小球以4m/s的速度水平抛出的瞬间，对小球受力分析，由牛顿第二定律得21vTmgmL+=解得30NT=故C正确，D错误。故

选BC。7.地球和木星绕太阳运行的轨道可以看作是圆形的，它们各自的卫星轨道也可看作是圆形的。已知木星的公转轨道半径约为地球公转轨道半径的5倍，木星半径约为地球半径的11倍，木星质量大于地球质量。如图所示是地球和木星的不同卫星做圆周运动的半径r的立方与周期T的平方的关系图像，已知万有引力

常量为G，地球的半径为R，下列说法正确的是（）A.木星与地球的质量之比为bdacB.木星与地球的线速度之比为1:5C.地球密度为34πaGdRD.木星密度为33π1331bGcR【答案】AD【解析】【详解】卫星绕行星做圆周运

动，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得2224GMmmrrT=解得3224GMrT=故r3﹣T2图象的斜率为24GMk=A．由题意可知，木星的质量大于地球的质量，由图示图象可知bkc=木，akd=地故木星与地球的质量之比为MkbdMkac==木木地地故A正确；B．万有引力提供向心力，由

牛顿第二定律得22GMmvmrr=解得线速度GMvr=设地球、木星公转半径分别为r地、r木，故木星与地球的线速度之比为15vrvr==木地地木故B错误；C．由图示图象可知24GMakd==地地故地球质量为24=aMGd地地球的密度33343MaGdRR

==地故C错误；D．由上述分析可知24GMbkc==木木解得24bcGM=木又因为=11RR木故木星的密度333413313MbGcRR==木故D正确。故选AD。8.如图所示，电阻不计、间距为l的光滑平行金属导轨水平放置于磁感强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中，导轨左端

接一定值电阻R。质量为m、电阻为r的金属棒MN置于导轨上，受到垂直于金属棒的水平外力F的作用由静止开始运动，外力F与金属棒速度v的关系是0FFkv=+（0F、k是常量），金属棒与导轨始终垂直且接触良好。金属棒中感应电流

为i，受到的安培力大小为AF，电阻R两端的电压为RU，感应电流的功率为P，它们随时间t变化图像可能正确的有（）A.B.C.D.【答案】ABD【解析】【详解】设金属棒在某一时刻速度为v，由题意可知，感应电动势EBLv=环路电流EBLIvRrRr==

++即Iv安培力方向水平向左，即22==+安BLvFBILRr则Fv安R两端电压RBLRUIRvRr==+即RUv感应电流功率222BLPEIvRr==+即2Pv分析金属棒运动情况，由力的合成和牛顿第二定律

可得222200BLBLFFFFkvvFkvRrRr=−=+−=+−++合安加速度Fam=合因为金属棒从静止出发，所以00F且0F合，0a加速度方向水平向右。AC．若22BLkRr=+，0FF=合即0Fam=金属棒水平向右做匀加速直线运动。有vat=说明vt即It

，Ft安，RUt，2PtA正确，C错误；B．若22BLkRr+F合随v增大而增大，即a随v增大而增大，说明金属棒做加速度增大的加速运动，速度与时间呈指数增长关系，B选项；D．若22BLkRr+F合随v增大而减小，即a随v增大而减小，说明金属棒在做加速度减小的

加速运动，直到加速度减小为0后金属棒做匀速直线运动，D正确。故选ABD。9.某同学在资料上发现弹簧振子的周期公式为2mTk=，弹簧的弹性势能公式为成2p12Ekx=（式中k为弹簧的劲度系数，m为振子的质量，x为弹簧的形变量），为了验证弹簧的弹性势能公式，他设计了如图甲所示的

实验：轻弹簧的一端固定在水平光滑木板一端，另一端连接一个质量为M的滑块，滑块上竖直固定一个挡光条，每当挡光条挡住从光源A发出的细光束时，传感器B因接收不到光线就产生一个电信号，输入电脑后经电脑自动处理就能形成一个脉冲电压波形；开始时滑块

静止在平衡位置恰好能挡住细光束，在木板的另一端有一个弹簧枪，发射出质量为m，速度为v0的弹丸，弹丸击中木块后留在木块中一起做简谐振动（1）系统在振动过程中，所具有的最大动能Ek＝__________；（2）系统振动过程中，在电脑上所形成

的脉冲电压波形如图乙所示，由图可知该系统的振动周期大小为：T＝_________；（3）如果再测出滑块振动的振幅为A，利用资料上提供的两个公式求出系统振动过程中弹簧的最大弹性势能为：Ep＝_________；通过本实验，根据机械能守恒，如发现Ek＝Ep，即验证

了弹簧的弹性势能公式的正确性。【答案】①.（1）2202()mvmM+②.（2）2T0③.（3）2220()2mMAT+【解析】【分析】【详解】（1）[1]弹丸和滑块碰撞瞬间动量守恒，因此有0()m

vMmv=+碰后的最大动能为()2k22011()22mEMmvMmv=+=+（2）[2]滑块离开平衡位置以后，第二次到达平衡位置时间间隔为一个周期．由图乙可知，振动周期的大小为2T0，故该系统的振动周期的

大小为2T0；（3）[3]由周期公式为的2mTk=得022MmTk+=所以求出()202TMmk+=所以由弹性势能公式为成2p12Ekx=得22p20()2mMAET+=10.随着智能手机耗电的增加，充电宝成为外出常备物品。为测量某款充电宝（可视为

跟蓄电池和干电池一样的可移动直流电源）在充满电后的电动势和内阻，某同学拆开了充电宝，在里面找到连接正极和负极的两根导线，准备开始实验．实验室提供的器材如下：A．充电宝E（电动势约为5V）B．电压表）（量程2.5V，内阻约几千欧）C．电流表A（量程1.5V，内阻约为0.0

3）D．滑动变阻器1R（最大阻值为10）E．电阻箱2R（最大阻值为9999.9）F．开关12SS、，导线若干（1）该同学发现V表量程太小，准备把V表改装成量程为5V的电压表，而改装前需要知道V表的内阻，为此他设计了图（a

）所示的实验电路，实验步骤如下：①按图（a）连接电路，将变阻器1R的滑片置于最___________（填“左”成“右”）侧，且将电阻箱2R调至阻值最大；②闭合开关12SS、，滑动1R的滑片，使V表的指针指在2.5V处，断开2S，调节电阻箱2R，使V表的指针指在1.5V处，此时

电阻箱2R的示数为2000.0Ω，则V表的内阻vR=__________Ω；③将电阻箱2R的阻值调到0R=____________Ω，使其与V表串联，就改装成了量程为5.0V的电压表；（2）该同学利用电流表和改装好的电压表测量充电宝的电动势与内阻，设计的电路如图（b）所示。若根据测出

的多组V表示数U与A表示数，得到的UI−图线如图（c）所示，则充电宝的电动势E=________V，内阻r=__________。（结果均取2位有效数字）。【答案】①.左②.3000③.3000④.4.8⑤.1.6【解析】【详解】（1）[1][2][3]为了保证电路安

全，在接通开关前，滑动变阻器1R滑片应置于左端；电压表内阻远大于变阻器1R的最大阻值，故断开2S，V表与电阻箱2R的电压仍为2.5V，根据闭合电路欧姆定律有V1.5V(2.51.5)V2000ΩR−=解得V3000.0ΩR=电压表扩大量程需要串联电阻，有02.5V5V3000.0Ω3000.0

ΩR=+解得03000.0ΩR=（2）[4][5]根据闭合电路欧姆定律有()v0VURRIrER++=代入数据整理得22ErUI=−结合图像可知2.41.22.4V,Ω221.5Er−==解得4.8V,1.6ΩEr==11.如图所示，竖直放

置的圆柱形汽缸体积为V，横截面积为S，被活塞分成A、B两部分。初始时活塞静置于卡环上，A、B两部分容积之比为2∶1，气体的压强均为0p。现通过打气孔（气体只进不出）向容器B中缓慢注入压强为0p、一定体积的同种气体，气体注入后活塞静止于圆柱形汽缸正中央。已知活塞的质量023p

Smg=（g为重力加速度），活塞厚度不计。整个过程外界温度恒定，汽缸及活塞密闭性和导热性良好，不计活塞与汽缸壁间的摩擦。求：（1）A部分气体最终压强Ap；（2）通过打气孔注入的气体体积V。【答案】（1）043p；（2）23V【解析】【详解】（1）A部

分气体做等温变化，根据玻意耳定律有0A2··32VpVp=解得A043pp=（2）设B部分气体最终的压强为pB，根据平衡条件有的BA02mgpppS=+=打入B内的气体和B内原有气体整体做等温变化，根据玻意耳定律有00BΔ··

32VVpVpp+=解得2Δ3VV=12.如图，xoy为平面直角坐标系，y>0区域内有一个底边与x轴重合的等腰直角三角形，在该等腰直角三角形区域内存在着垂直于坐标平面向里的匀强磁场，y<0的区域内存在着沿y轴正方向的匀强电场．一质量为m、电荷量为+q(q>0)的带电粒子(不计重力)从电场中P

(0，-h)点以速度0v沿x轴正方向运动，由Q(2h，0)点进入磁场，经磁场偏转后再次射入电场，恰能以同样的速度0v通过P点并重复上述运动．求：(1)电场强度的大小;(2)磁感应强度的大小;(3)粒子连续两次通过P点的时间间隔;(4)等腰三角形磁场区域的最小面积．【答案】(1)

202mvEqh=；(2)02mvBqh=；(3)0(43)hv+(4)2min36Sh=【解析】【详解】(1)粒子在电场中做抛物线运动,运动轨迹如图所示，的由运动规律及牛顿运动定律得:012hvt=①2112hat=②qEma=③解得201022mvhtEvqh==④(2)粒子到达Q点时,沿y

轴正方向的分速度002yqEhvatvmv===⑤速度方向与x轴正方向的夹角θ满足:0tan,45yvv==⑥粒子在磁场中做匀速圆周运动(圆心为C),轨迹如图所示，粒子在磁场中运动速度为02vv=⑦由几何关系可知轨迹半径为22R

h=⑧...又2mvqvBR=，解得02mvBqh=(3)粒子在磁场中的运动周期为1024RhTvv==则粒子在磁场中的运动时间为120334Thtv==则连续两次通过P点的时间间隔120(43)2hTttv+=+=(4)若等腰三角形面积最小，则粒子在磁场中运动轨迹应与三角形

的腰相切,由几何关系可知最小三角形的腰362LRh==..最小面积为：2min36Sh=13.小车C静止在光滑的水平面上，距离小车C的右侧s处有一固定光滑的斜面和光滑平台组成的装置，斜面底端与小车C等高，平台P点与斜面平滑连接，不影响滑块经过时运动的速率。平台上O

点固定一竖直的弹性挡板，滑块B静止于Q点，PQ间距离为kL，OQ间距离为L。当滑块A以v0＝8m/s的速度滑上小车，运动到小车C右端时恰好与之共速（小车未碰到平台）。当滑块A经斜面进入平台时，始终受到水平向右的恒力F＝mg作用，

当滑块B在该区域内向左运动时受到同样的恒力F作用，向右运动则合力为零。已知滑块A、B及小车C的质量相等，即mA＝mB＝mC，斜面高h＝0.8m，A、C间的动摩擦因数μ＝0.5，g＝10m/s2，滑块A、B均可看成质点，且A、B之间以及B与挡板之间的碰撞为弹性碰撞。（1）为保

证小车C与平台碰撞时A、C能共速，s至少多长？（2）当滑块A经斜面进入平台PO后，若A不能在滑块B匀速运动过程中追上滑块B发生第二次碰撞，则k需要满足什么条件？（3）若满足（2）问的k值，求A、B从第一次碰撞开始到第二次碰撞经历的时间。【答案】（

1）1.6m；（2）14k>；（3）81422kLkkg++【解析】【详解】（1）设A、C获得共同速度为v1，以水平向右为正方向，由动量守恒定律得mAv0＝（mA＋mC）v1代入数据解得v1＝4m/s若A、C共速

时C刚好运动到斜面底端，对C应用动能定理得2AC1102mgsmv=−代入数据解得s＝1.6m则保证C运动到斜面底端前A、C能够共速，s应满足的条件是s≥1.6m所以为保证小车C与平台碰撞时A、C能共速，s至少1.6m。（2）滑块A冲上斜面，到斜面顶端时速度为v1′，由动能定理'22AA

1A11122mghmvmv−=−解得v1′＝0A上到平台后受到向右的恒力F＝mgA开始做初速度为零的匀加速运动，由牛顿第二定律可知F＝mg＝ma解得a＝g设与B碰前A的速度为vA，由运动学公式2A2vgkL=A与B发生弹性碰撞，由动量守

恒定律可知mAvA＝mAvA1＋mBvB1由机械能守恒定律可知2AAABB12A12111222mvmvmv=+联立解得vA1＝0B12vgkL=A、B第一次碰后，B合力为零，在平台上做匀速直线运动，B运动到O点所用时间为1B12LLtvgk==碰

后A的加速度不变，A运动到O点所用时间为22Ltg=由题意得t2>t1解得14k则A与B同向运动不能相撞，此时有14k。（3）当14k时，A与B反向相撞（即B先与挡板碰撞，然后与A发生第二次碰撞），根据题意，B与挡板碰后速率仍为B12vgkL=，设B向

左运动时加速度大小为a′，则F＝ma′解得a′＝g设B与挡板碰撞后向左运动到与A第二次碰撞的时间为t3，则()2213B1331122Lgttvtgt=++−解得()34141218842kLkLtkkgkgLkkgL−−==++B反向减速至零的时间B102vkLtgg==因为()304

11421tktkk−=+故所求t3合理，所以1341812218422LkLkLtttgkkkgkkg−+=+=+=++获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com