【文档说明】江苏省连云港市连云港高级中学2024-2025学年高二上学期9月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(15)页，1.834 MB，由小赞的店铺上传

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2024-2025学年第一学期高二第一次学情检测物理试题一、单项选择题：每道题只有一个正确选项，本题共10小题，每小题4分，共40分。1.如图所示为一水平绝缘盘，盘边缘均匀地固定着带负电的电荷，从上向下看

，盘面沿逆时针方向匀速转动，则对该过程中形成的电流的理解正确的是（）A.如果仅将盘边缘固定的总电荷量加倍，则其形成的电流也加倍B.如果仅将盘面转动的角速度加倍，则其形成的电流减小C.如果仅增大盘的半径，则其

形成的电流也增大D.如果仅增大盘的半径，则其形成的电流减小【答案】A【解析】【详解】A．设圆盘转动的角速度为ω，则周期2T=则等效电流2qqIT==则如果仅将盘边缘固定的总电荷量q加倍，则其形成的电流I也加

倍，故A正确；B．如果仅将盘面转动的角速度ω加倍，则其形成的电流I也加倍，故B错误；CD．如果仅增大盘的半径，则其形成的电流不变，故CD错误；故选A。2.如图所示，电路中灯泡均正常发光，阻值分别为12ΩR=，

23ΩR=，32ΩR=，44ΩR=，电源电动势12VE=，内阻不计，四个灯泡中消耗功率最大的是（）A.1RB.2RC.3RD.4R【答案】A【解析】【详解】由电路图可知R3与R4串联后与R2并联，再与R1串联。并联电路部分的等效电阻为()()234234=2RRRRR

RR+=++并由闭合电路欧姆定律可知，干路电流即经过R1的电流为113AEIIRR===+并并联部分各支路电流大小与电阻成反比，则222AIRIR==并34341AIRIIRR===+并四个灯泡的实际功率分别为211118WPIR==，222212WPIR==，23332WPIR==，24444

WPIR==故四个灯泡中功率最大是R1。故选A。3.如图所示，线框abcd放置在磁感应强度为B的匀强磁场中，线框面积为S，a′b′cd为线框在垂直于磁场方向的投影，与线框平面的夹角为θ，则穿过线框的磁通量为（）A.BSB.BSsinθC.BScosθD.BStanθ【答案

】C【解析】【详解】矩形线圈abcd如题中图所示放置，匀强磁场方向竖直向下，平面abcd与水平方向成θ角，将此时通过线圈的磁通量为1BScos=，故C正确。故选C。的4.无限长直导线在周围某点产生的磁场的磁感应强度大小与导线中电流大小成正比，与该点到导

线的距离成反比。三根无限长直导线垂直纸面平行放置，分别位于直角三角形OMN的三个顶点处。导线中通入大小分别为2I、I、和I的恒定电流，方向如图所示。P为MN连线中点，则P处磁感应强度方向为（）A.水平向右B.水平向左C.竖直向下D.竖直向

上【答案】A【解析】【详解】根据右手螺旋定则结合几何关系，N处导线在P点产生的磁感应强度方向垂直MN向上（与水平方向夹角为60°），大小为B，M处导线在P点产生的磁感应强度方向垂直MN向上，大小为B，O处导线在P点产生的磁感应强度方向垂直OP向下（与水

平方向夹角为60°），大小为2B，根据平行四边形定则，故P处合磁感应强度方向水平向右。故选A。5.将一段裸铜导线弯成图甲所示形状的线框，使线框上端的弯折位置与一节五号干电池的正极良好接触，一块圆柱形强磁铁N极吸附在电池的负极（N极在上，S极在下）线框下面

的两端P，Q与磁铁表面及电池的负极均保持良好接触，放手后线框就会转动，从而制成了一个“简易电动机”，如图乙所示。关于该“简易电动机”，下列说法正确的是（）A.线框转动的原因是由于受到电场力的作用B.从上向下看，线框沿顺时针方向转动C.从上向下看，线框沿逆时针方

向转动D.仅将磁铁的磁极调换，线框转动的方向不变【答案】B【解析】【详解】A．线框转动的原因是由于受到磁场力的作用，A错误；BC．磁场和电流方向如图所示，根据左手定则，I1所受磁场力向外，I2所受磁场力向里，从上向下看，线框沿顺时针方向转动

，B正确，C错误；D．仅将磁铁的磁极调换，磁场反向，电流方向不变，磁场力方向反向，线框沿逆时针方向转动，D错误。故选B。6.如图所示，带电粒子以与x轴平行的初速度0v从a点进入匀强磁场，运动过程中经过b点，OaOb=

。若撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场，带电粒子仍以速度0v从a点进入电场，仍能通过b点，则电场强度E和磁感应强度B的比值为（）A.0vB.01vC.02vD.02v【答案】C【解析】【详解】设OaObL==，带电粒子在匀强磁场中运动时，由题意可知粒子轨道半径为rOaObL===由洛伦兹力提供向

心力可得20vqvBmr=解得0mvBqL=粒子在匀强电场中做类平抛运动，则有0Lvt=，212Lat=，qEam=联立可得202mvEqL=则电场强度E和磁感应强度B的比值为02EvB=故选C。7.如图所示。在MNQP中有一垂直纸面向里

匀强磁场。质量和电荷量都相等的带电粒子a、b、c以不同的速率从O点沿垂直于PQ的方向射入磁场。图中实线是它们的轨迹。已知O是PQ的中点。不计粒子重力。下列说法中正确的是（）A.粒子b在磁场中运动的时间最短

B.射入磁场时粒子c的速率最小C.粒子c带负电，粒子a、b带正电D.若匀强磁场磁感应强度增大，其它条件不变，则a粒子运动时间不变【答案】A【解析】【详解】B．根据洛伦兹力提供向心力2vqvBmr=可得mvrqB=由图可知，a粒子的半

径最小，则射入磁场时a粒子的速率最小，故B错误；C．根据题图，由左手定则可知，粒子c带正电，粒子a、b带负电，故C错误；AD．粒子运动的周期为22rmTvqB==设粒子运动轨迹所对圆心角为，则粒子的运动时间为2

mtTqB==由图可知，粒子b在磁场中运动的时间最短，若匀强磁场磁感应强度增大，其它条件不变，则a粒子运动时间改变，故A正确，D错误。故选A。8.如图所示，直线A为电源a路端电压与电流的关系图像；直线B为电源b的路端电压

与电流的关系图像；直线C为一个电阻R两端的电压与电流的关系图像。如果将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么（）A.R接到a电源上，电源的效率较高B.R接到b电源上，电源的输出功率较大C.R接到a电源上，电源的输出功率较大D.R接到b电源

上，电阻的发热功率较高【答案】C【解析】【详解】A．由题图可判断出电源a的内阻大，在纯电阻电路中，电源效率为100%RRr=+内阻越大，效率越低，故R接在a电源上电源的效率较低，A错误；BCD．当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U­I图像与

电源的U­I图像的交点表示工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流，两者乘积表示电源的输出功率，由图看出，R接到a电源上，电压与电流的乘积较大，电源的输出功率较大，电阻的发热功率较高，BD错误，C正确。故选C。的9.在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向

下调节，不考虑灯泡电阻的变化，已知电源的内阻小于灯泡1L电阻，电流表和电压表均为理想电表，电流表、电压表示数变化量的大小分别为ΔΔIU、，则下列说法正确的是（）A.电源输出功率增大，电源效率增大B.UI变小，UI变小C.电压表

示数变小，电流表示数增加，通过R的电流减小D.灯1L变亮，灯2L变暗【答案】D【解析】【详解】A．由题可知，电源的内阻小于电路的外电阻；当滑片P向下调节，滑动变阻器的阻值R减小，电路的外电阻减小，根据电源的输出功率特性可知，电源输出功率增大；滑动变阻器的阻值R减小，则电路中的总电阻

R总减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中的总电流I总增大，电路内压U内增大，路端电压U外减小，由电源的效率得100%100%100%UIUPPEIE===外总外出总总即电源效率减小，故A错误；B．由图可知，UI等于灯泡2L与滑动变阻

器的并联电阻，由于滑动变阻器的阻值减小，则UI变小；根据闭合电路欧姆定律有1L()EUIrR=++可知1LΔΔUrIR=+因不考虑灯泡电阻的变化，则滑片P向下调节时，UI不变，故B错误；CD．由以上分析可知，灯泡1L的电流增大，亮度变大，即电流表的示数增加；由于1L的电压1U增

大，又路端电压U外减小，所以灯2L和电容器两端的电压2U都减小，即电压表示数变小；所以灯2L变暗，2L的电流2I也减小，又总电流增大，所以通过R的电流增大，故C错误，D正确。故选D。10.如图甲所示，小灯泡L与滑动变阻器R串联在电压为4.5V的电路中，闭合开关S，移动滑片P，得到小灯泡的I­U

图象，如图乙所示。当小灯泡的功率为0.75W时，下列说法正确的是（）A.电流表的示数为0.2AB.滑动变阻器接入电路的电阻为15ΩC.电路消耗的总功率是1.35WD.10s内电流对滑动变阻器做功是16J【答案】C【解析】【详解】A．当小灯泡的功率为0.75W时，根据P=IU结合图像可知，

I=0.3A，UL=2.5V，即此时电流表的示数为0.3A，选项A错误；B．此时滑动变阻器两端电压为U1=4.5V­2.5V=2.0V则滑动变阻器接入电路的电阻为126.70.3URI==选项B错误；C．电路消耗的总功率是P=IU=0.3×4.5W=1.35W选项C正确；D．10s内电

流对滑动变阻器做功是22200.310J=6J3WIRt==选项D错误。故选C。二、非选择题：共5题，共60分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。11.某同学用伏安法测量长为l的导体

电阻率，采用分压电路接线，待测导体Rx阻值约为5Ω。现有器材：A.量程为3V、内阻约为3kΩ的电压表B.量程为0.6A、内阻约为10Ω的电流表C.干电池两节（内阻不计）D.滑动变阻器（0~10Ω）E.滑动变阻器（0~100Ω）（1）其中滑动变

阻器应选________（填器材前的字母代号）；（2）图甲是未完成的实物连线图，图中a为待测导体右端接线柱，b为电流表正极接线柱，c为滑动变阻器左上端接线柱，d为滑动变阻器左下端接线柱。则导线①应连接________（

选填a或b）。导线②应连接________（选填c或d）。正确接线后，闭合开关前，滑动变阻器滑片应该位于__________（填“最左端”或“最右端”）；（3）闭合开关后滑动滑片取得多组数据并做UI−图线，如图乙所示，则Rx的阻值为___

_____Ω（结果保留两位有效数字）（4）用螺旋测微器测金属丝直径d，示数如图丙所示，则d=________mm。（5）写出该金属丝的电阻率的表达式____________（用U、I、d、l表示）【答案】（1）D（2）①.a②.d③.最左端（3）4.7（4）1.843（5）24Ud

Il【解析】【小问1详解】根据题意采用分压电路接线，则为了调节方便，滑动变阻器采用最大阻值较小的D。【小问2详解】[1]因为电压表内阻远大于待测电阻阻值，故采用电流表外接法，导线①应连接a。[2]采用分压电路接线，故导线②应连接d。[3]为了保护电路，闭合开关前，

滑动变阻器滑片应该位于最左端。【小问3详解】Rx阻值为1.5Ω4.7Ω0.32xR=【小问4详解】螺旋测微器读数为1.5mm0.0134.3mm1.843mmd=+=【小问5详解】根据电阻定律22xlURId==该金属丝的电阻率的表达式24UdIl=的12.如图所示，灵敏

电流计内阻g90ΩR=，满偏电流g1mAI=。当使用a、b两个端点时，是量程为I的电流表；当使用a、c两个端点时，是量程为U的电压表。已知电阻110ΩR=，2291ΩR=。求：（1）量程I的值；（2）量程U的值。【答案】（1）10mA；（2）3V【解析】【详解】（1）电阻1R通过的最大电流gg1

19mARRII==量程I的值为1g10mAIII=+=（2）电阻2R两端最大电压为222.91VRUIR==量程U的值为2g3VRUUU=+=13.一个质量m=5.0×10­27kg、电荷量q=3.2×10­19C的带电粒子，以速度v=1

.6×105m/s，沿垂直于地磁场方向进入地球附近，其中该处的磁感应强度为B=2×10­4T（其中π近似取3.2）。求：（1）带电粒子在进入磁场瞬间做圆周运动的半径是多大；（2）若该带电粒子能做完整的圆周运动，则它的周期是多少？【答案】

（1）12.5m；（2）5×10­4s【解析】【分析】【详解】（1）由洛伦兹力提供向心力可得的的2vqvBmR=解得R=12.5m（2）该带电粒子能做完整的圆周运动，它的周期是-42510smTqB==14.小明同学在

玩一个会发光的电动玩具汽车时，发现了一个现象：启动电源，电动机正常工作，车轮正常转动，当不小心卡住车轮时，车灯会变暗。玩具汽车的简化电路如图所示，电源电动势E=10V，r=2Ω，车轮电动机的额定电压UM=6V，额定功率PM=6W，线圈电阻RM=1Ω。则：（1）玩具汽车正

常工作时，流过灯泡的电流；（2）玩具汽车被卡住后，流过灯泡的电流；（3）玩具汽车卡住前后，灯泡消耗功率的减少量。【答案】（1）1A（2）0.5A（3）4.5W【解析】【小问1详解】玩具汽车正常工作时，电源内阻分的电压为rM10

V6V4VUEU=−=−=通过电源的电流为r4A2A2UIr===玩具汽车正常工作时，通过电动机的电流为MMM6A1A6PIU===所以流过灯泡的电流为LM2A1A1AIII=−=−=【小问2详解】灯泡的电阻为ML661URI===玩具汽车被卡住后，电动机可

视为纯电阻，灯泡与电动机并联的电阻为MM67RRRRR==+外电路中的总电流为3.5AEIrR==+外所以流过灯泡的电流为L63.57A0.5A6IRIR===外【小问3详解】玩具汽车卡住前，灯泡消

耗的功率为2LL6WPIR==玩具汽车卡住后，灯泡消耗的功率为2LL1.5WPIR==所以灯泡消耗功率的减少量为LL4.5WPPP=−=15.如图所示，间距为1m的平行金属导轨固定在绝缘水平桌面上，导轨

左端连接有电动势为15VE=，内阻1r=的电源。质量0.5kgm=的金属棒垂直放在导轨上，导轨处在磁感应强度大小为1TB=的匀强磁场中，磁场与金属棒垂直，方向与导轨平面成53=斜向右上。绕过桌边光滑

定滑轮的一根细线，一端系在金属棒的中点，另一端吊着一个重物，拉着金属棒的细线水平且与金属棒垂直，金属棒处于静止状态且刚好不向左滑，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取210m/s，金属棒接入电路的电阻2R=，导

轨电阻不计，金属棒与导轨间的动摩擦因数为0.5=，sin530.8=，cos530.6=，求：（1）金属棒受到的安培力的大小；（2）悬吊重物的质量；（3）保持磁感应强度大小不变，将磁场方向迅速改为竖直向上，则磁场方向改为竖直向上的一瞬间，重物的加速度（不考虑电磁感应现象）。【

答案】（1）5N；（2）0.3kg；（3）0【解析】【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律可得通过金属棒的电流大小为5AEIRr==+金属棒受到的安培力5NFBIL==安（2）因为金属棒恰好不向左滑动，所以其所受最大静摩擦力方向向右，受力分析如图对金属棒，根

据平衡条件可得sinFfF=+安cosFNmg+=安由题意可知fN=对重物根据平衡条件可得FMg=联立解得0.3kgM=（3）将磁场方向迅速改为竖直向上后，金属棒受到的安培力方向变为水平向左，大小为5NFBIL==安

因为MgmgF−安所以金属棒的加速度为0。