【文档说明】江苏省连云港市连云港高级中学2024-2025学年高二上学期9月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(15)页，1.834 MB，由小赞的店铺上传

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2024-2025学年第一学期高二第一次学情检测物理试题一、单项选择题：每道题只有一个正确选项，本题共10小题，每小题4分，共40分。1.如图所示为一水平绝缘盘，盘边缘均匀地固定着带负电的电荷，从上向下看，盘面沿逆时针方向匀速转动，则对该过程中

形成的电流的理解正确的是（）A.如果仅将盘边缘固定的总电荷量加倍，则其形成的电流也加倍B.如果仅将盘面转动的角速度加倍，则其形成的电流减小C.如果仅增大盘的半径，则其形成的电流也增大D.如果仅增大盘的半径，则其形成的电

流减小【答案】A【解析】【详解】A．设圆盘转动的角速度为ω，则周期2T=则等效电流2qqIT==则如果仅将盘边缘固定的总电荷量q加倍，则其形成的电流I也加倍，故A正确；B．如果仅将盘面转动的角速度ω加倍，则其形成的电流I也加倍，故B错误；CD．如果仅增大盘的半

径，则其形成的电流不变，故CD错误；故选A。2.如图所示，电路中灯泡均正常发光，阻值分别为12ΩR=，23ΩR=，32ΩR=，44ΩR=，电源电动势12VE=，内阻不计，四个灯泡中消耗功率最大的是（）A.1RB.2RC.3RD.4R【答案】A【解析】【详解】由电路图可知R3与R

4串联后与R2并联，再与R1串联。并联电路部分的等效电阻为()()234234=2RRRRRRR+=++并由闭合电路欧姆定律可知，干路电流即经过R1的电流为113AEIIRR===+并并联部分各支路电流大

小与电阻成反比，则222AIRIR==并34341AIRIIRR===+并四个灯泡的实际功率分别为211118WPIR==，222212WPIR==，23332WPIR==，24444WPIR==故四个灯泡中功率

最大是R1。故选A。3.如图所示，线框abcd放置在磁感应强度为B的匀强磁场中，线框面积为S，a′b′cd为线框在垂直于磁场方向的投影，与线框平面的夹角为θ，则穿过线框的磁通量为（）A.BSB.BSsinθ

C.BScosθD.BStanθ【答案】C【解析】【详解】矩形线圈abcd如题中图所示放置，匀强磁场方向竖直向下，平面abcd与水平方向成θ角，将此时通过线圈的磁通量为1BScos=，故C正确。故选C。的4.无限长直导线在周围某点产生的磁场的磁感应强度大小与导线中电

流大小成正比，与该点到导线的距离成反比。三根无限长直导线垂直纸面平行放置，分别位于直角三角形OMN的三个顶点处。导线中通入大小分别为2I、I、和I的恒定电流，方向如图所示。P为MN连线中点，则P处磁感

应强度方向为（）A.水平向右B.水平向左C.竖直向下D.竖直向上【答案】A【解析】【详解】根据右手螺旋定则结合几何关系，N处导线在P点产生的磁感应强度方向垂直MN向上（与水平方向夹角为60°），大小为B，M处导线在P点产生的磁感应强度方向垂直MN向上，大小为B，O处导线在P点产生的磁感应强度

方向垂直OP向下（与水平方向夹角为60°），大小为2B，根据平行四边形定则，故P处合磁感应强度方向水平向右。故选A。5.将一段裸铜导线弯成图甲所示形状的线框，使线框上端的弯折位置与一节五号干电池的正极良好接触，一块圆柱形强磁铁N极吸附在电池的负极（N极在上，S极在下）线框下面的

两端P，Q与磁铁表面及电池的负极均保持良好接触，放手后线框就会转动，从而制成了一个“简易电动机”，如图乙所示。关于该“简易电动机”，下列说法正确的是（）A.线框转动的原因是由于受到电场力的作用B.从上向下看

，线框沿顺时针方向转动C.从上向下看，线框沿逆时针方向转动D.仅将磁铁的磁极调换，线框转动的方向不变【答案】B【解析】【详解】A．线框转动的原因是由于受到磁场力的作用，A错误；BC．磁场和电流方向如图所示，根据左手定则，I1所

受磁场力向外，I2所受磁场力向里，从上向下看，线框沿顺时针方向转动，B正确，C错误；D．仅将磁铁的磁极调换，磁场反向，电流方向不变，磁场力方向反向，线框沿逆时针方向转动，D错误。故选B。6.如图所示，带电粒子以与x轴平行的初速度

0v从a点进入匀强磁场，运动过程中经过b点，OaOb=。若撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场，带电粒子仍以速度0v从a点进入电场，仍能通过b点，则电场强度E和磁感应强度B的比值为（）A.0vB.01vC.02vD.02v【答案】C【解析

】【详解】设OaObL==，带电粒子在匀强磁场中运动时，由题意可知粒子轨道半径为rOaObL===由洛伦兹力提供向心力可得20vqvBmr=解得0mvBqL=粒子在匀强电场中做类平抛运动，则有0Lvt=，212Lat=，qEam=联立可得202mvEqL=则电场强度E和磁感应强度B

的比值为02EvB=故选C。7.如图所示。在MNQP中有一垂直纸面向里匀强磁场。质量和电荷量都相等的带电粒子a、b、c以不同的速率从O点沿垂直于PQ的方向射入磁场。图中实线是它们的轨迹。已知O是PQ的中

点。不计粒子重力。下列说法中正确的是（）A.粒子b在磁场中运动的时间最短B.射入磁场时粒子c的速率最小C.粒子c带负电，粒子a、b带正电D.若匀强磁场磁感应强度增大，其它条件不变，则a粒子运动时间不变【答案】A

【解析】【详解】B．根据洛伦兹力提供向心力2vqvBmr=可得mvrqB=由图可知，a粒子的半径最小，则射入磁场时a粒子的速率最小，故B错误；C．根据题图，由左手定则可知，粒子c带正电，粒子a、b带负电，故C错误；AD．粒子运动的周期为22rmTvqB==设粒子运动轨迹

所对圆心角为，则粒子的运动时间为2mtTqB==由图可知，粒子b在磁场中运动的时间最短，若匀强磁场磁感应强度增大，其它条件不变，则a粒子运动时间改变，故A正确，D错误。故选A。8.如图所示，直线A为电源a路端电压与电流的关系图像；直线B为电源b的路端电压与电流的关

系图像；直线C为一个电阻R两端的电压与电流的关系图像。如果将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么（）A.R接到a电源上，电源的效率较高B.R接到b电源上，电源的输出功率较大C.R接到a电源上，电源的输出功率较大D.R接到b电源上，电阻的发热功率较高【答案】C

【解析】【详解】A．由题图可判断出电源a的内阻大，在纯电阻电路中，电源效率为100%RRr=+内阻越大，效率越低，故R接在a电源上电源的效率较低，A错误；BCD．当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U­I图像与电源的U­I图像的交点表示工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标

表示电流，两者乘积表示电源的输出功率，由图看出，R接到a电源上，电压与电流的乘积较大，电源的输出功率较大，电阻的发热功率较高，BD错误，C正确。故选C。的9.在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，不考虑灯泡电

阻的变化，已知电源的内阻小于灯泡1L电阻，电流表和电压表均为理想电表，电流表、电压表示数变化量的大小分别为ΔΔIU、，则下列说法正确的是（）A.电源输出功率增大，电源效率增大B.UI变小，UI变小C.电压表示数变小，电流表示数增加，通过R的电流减小D.灯1L变亮，灯2L变暗【答

案】D【解析】【详解】A．由题可知，电源的内阻小于电路的外电阻；当滑片P向下调节，滑动变阻器的阻值R减小，电路的外电阻减小，根据电源的输出功率特性可知，电源输出功率增大；滑动变阻器的阻值R减小，则电路中的总电阻R总减小，由闭合电路欧姆定

律可得，电路中的总电流I总增大，电路内压U内增大，路端电压U外减小，由电源的效率得100%100%100%UIUPPEIE===外总外出总总即电源效率减小，故A错误；B．由图可知，UI等于灯泡2L与滑动变阻器的并联电阻，由于滑动变阻器的阻值减小，则U

I变小；根据闭合电路欧姆定律有1L()EUIrR=++可知1LΔΔUrIR=+因不考虑灯泡电阻的变化，则滑片P向下调节时，UI不变，故B错误；CD．由以上分析可知，灯泡1L的电流增大，亮度变大，即电流表的示数增加；由于1L的

电压1U增大，又路端电压U外减小，所以灯2L和电容器两端的电压2U都减小，即电压表示数变小；所以灯2L变暗，2L的电流2I也减小，又总电流增大，所以通过R的电流增大，故C错误，D正确。故选D。10.如图甲所示，小灯泡L与滑动变阻器R串联在电压为4.5V的电路中，闭合开关S，移动滑片P，得到

小灯泡的I­U图象，如图乙所示。当小灯泡的功率为0.75W时，下列说法正确的是（）A.电流表的示数为0.2AB.滑动变阻器接入电路的电阻为15ΩC.电路消耗的总功率是1.35WD.10s内电流对滑动变阻器做功是16J【答案】C【解析】【详解】A．当小灯泡的功率为0.75W时，根据

P=IU结合图像可知，I=0.3A，UL=2.5V，即此时电流表的示数为0.3A，选项A错误；B．此时滑动变阻器两端电压为U1=4.5V­2.5V=2.0V则滑动变阻器接入电路的电阻为126.70.3URI==选项B错误；C．电路消耗的总功率

是P=IU=0.3×4.5W=1.35W选项C正确；D．10s内电流对滑动变阻器做功是22200.310J=6J3WIRt==选项D错误。故选C。二、非选择题：共5题，共60分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案

的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。11.某同学用伏安法测量长为l的导体电阻率，采用分压电路接线，待测导体Rx阻值约为5Ω。现有器材：A.量程为3V、内阻约为3kΩ的电压表B.量程为0.6A、内阻约为10Ω的电流表C.干电池两节（内阻不计）D.滑动变阻器（0~10Ω）

E.滑动变阻器（0~100Ω）（1）其中滑动变阻器应选________（填器材前的字母代号）；（2）图甲是未完成的实物连线图，图中a为待测导体右端接线柱，b为电流表正极接线柱，c为滑动变阻器左上端接线柱，d为滑动变

阻器左下端接线柱。则导线①应连接________（选填a或b）。导线②应连接________（选填c或d）。正确接线后，闭合开关前，滑动变阻器滑片应该位于__________（填“最左端”或“最右端”）；（3）闭合开关后滑动滑片取得

多组数据并做UI−图线，如图乙所示，则Rx的阻值为________Ω（结果保留两位有效数字）（4）用螺旋测微器测金属丝直径d，示数如图丙所示，则d=________mm。（5）写出该金属丝的电阻率的表达式____________（用U、I、d、l表示）【答案】（1

）D（2）①.a②.d③.最左端（3）4.7（4）1.843（5）24UdIl【解析】【小问1详解】根据题意采用分压电路接线，则为了调节方便，滑动变阻器采用最大阻值较小的D。【小问2详解】[1]因为电压表内阻远

大于待测电阻阻值，故采用电流表外接法，导线①应连接a。[2]采用分压电路接线，故导线②应连接d。[3]为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片应该位于最左端。【小问3详解】Rx阻值为1.5Ω4.7Ω0.32xR=【

小问4详解】螺旋测微器读数为1.5mm0.0134.3mm1.843mmd=+=【小问5详解】根据电阻定律22xlURId==该金属丝的电阻率的表达式24UdIl=的12.如图所示，灵敏电流计内阻g90ΩR=，满偏电流g1mAI=。当使用a、b两个端点

时，是量程为I的电流表；当使用a、c两个端点时，是量程为U的电压表。已知电阻110ΩR=，2291ΩR=。求：（1）量程I的值；（2）量程U的值。【答案】（1）10mA；（2）3V【解析】【详解】（1）电阻1R通过的最大

电流gg119mARRII==量程I的值为1g10mAIII=+=（2）电阻2R两端最大电压为222.91VRUIR==量程U的值为2g3VRUUU=+=13.一个质量m=5.0×10­27kg、电荷量q=3.2×10­19C的带电粒子，以速度v=1.6×105m/s，沿垂直于地磁场方向进

入地球附近，其中该处的磁感应强度为B=2×10­4T（其中π近似取3.2）。求：（1）带电粒子在进入磁场瞬间做圆周运动的半径是多大；（2）若该带电粒子能做完整的圆周运动，则它的周期是多少？【答案】（1）12.5m；（2）5×10­4s【解析】【分析】【详解

】（1）由洛伦兹力提供向心力可得的的2vqvBmR=解得R=12.5m（2）该带电粒子能做完整的圆周运动，它的周期是-42510smTqB==14.小明同学在玩一个会发光的电动玩具汽车时，发现了一个现象：启动电源，电动机正常工作，车轮正常转动，

当不小心卡住车轮时，车灯会变暗。玩具汽车的简化电路如图所示，电源电动势E=10V，r=2Ω，车轮电动机的额定电压UM=6V，额定功率PM=6W，线圈电阻RM=1Ω。则：（1）玩具汽车正常工作时，流过灯泡的电流；（2）玩具汽车被卡住后，流过灯泡的电流；（3）玩具汽车卡住前后，灯

泡消耗功率的减少量。【答案】（1）1A（2）0.5A（3）4.5W【解析】【小问1详解】玩具汽车正常工作时，电源内阻分的电压为rM10V6V4VUEU=−=−=通过电源的电流为r4A2A2UIr===玩具汽车正常工作时，通过电动机的电流为MMM6A1A6PIU==

=所以流过灯泡的电流为LM2A1A1AIII=−=−=【小问2详解】灯泡的电阻为ML661URI===玩具汽车被卡住后，电动机可视为纯电阻，灯泡与电动机并联的电阻为MM67RRRRR==+外电路中的总电流为3.5AEIrR==+外所以流过灯泡的电

流为L63.57A0.5A6IRIR===外【小问3详解】玩具汽车卡住前，灯泡消耗的功率为2LL6WPIR==玩具汽车卡住后，灯泡消耗的功率为2LL1.5WPIR==所以灯泡消耗功率的减少量为LL4.5WPPP=−=15.如图所示，间距为1m的平行

金属导轨固定在绝缘水平桌面上，导轨左端连接有电动势为15VE=，内阻1r=的电源。质量0.5kgm=的金属棒垂直放在导轨上，导轨处在磁感应强度大小为1TB=的匀强磁场中，磁场与金属棒垂直，方向与导轨平面成

53=斜向右上。绕过桌边光滑定滑轮的一根细线，一端系在金属棒的中点，另一端吊着一个重物，拉着金属棒的细线水平且与金属棒垂直，金属棒处于静止状态且刚好不向左滑，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取210m/s，金属棒

接入电路的电阻2R=，导轨电阻不计，金属棒与导轨间的动摩擦因数为0.5=，sin530.8=，cos530.6=，求：（1）金属棒受到的安培力的大小；（2）悬吊重物的质量；（3）保持磁感应强度大小不变，将磁场方向迅速改为竖直向上，则磁场方向改为竖直向上的一瞬间

，重物的加速度（不考虑电磁感应现象）。【答案】（1）5N；（2）0.3kg；（3）0【解析】【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律可得通过金属棒的电流大小为5AEIRr==+金属棒受到的安培力5NFBIL==安（2）因

为金属棒恰好不向左滑动，所以其所受最大静摩擦力方向向右，受力分析如图对金属棒，根据平衡条件可得sinFfF=+安cosFNmg+=安由题意可知fN=对重物根据平衡条件可得FMg=联立解得0.3kgM=（3）将磁场方向迅速改为竖直向上

后，金属棒受到的安培力方向变为水平向左，大小为5NFBIL==安因为MgmgF−安所以金属棒的加速度为0。