【文档说明】上海市上海中学2021-2022学年高二下学期第9次周测生物试题 含解析.docx，共(23)页，3.530 MB，由小赞的店铺上传

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高二生物等级考周测卷09一、选择题1.下列有关人体免疫的叙述，正确的是（）A.只有通过特异性免疫，才能将入侵人体的抗原消灭B.当机体免疫功能减弱时，可引发免疫缺陷或T细胞攻击自身细胞等C.T细胞可直接或间接参与细胞免疫和体液免疫D.细菌不会

引起细胞免疫【答案】C【解析】【分析】当机体免疫功能不足或缺乏时，可引免疫缺陷病，而自身免疫病、过敏反应是机体免疫功能过强时引起。自身免疫反应对自身的组织和器官造成了损伤并出现了症状，例如风湿性心脏病、类风湿性关节炎、系统性红斑狼疮等。【详解】A、

非特异性免疫也能够将入侵人体的抗原消灭，A错误；B、当机体免疫功能不足或缺乏时，可引免疫缺陷病，自身免疫病是机体免疫功能过强时引起，如T细胞攻击自身细胞属于自身免疫病，B错误；C、体液免疫中T细胞可将抗原呈递给B细胞，促进B细胞增殖分化，细胞免疫过程中，T细胞接

受抗原刺激可直接增殖分化，因此T细胞可直接或间接参与体液免疫和细胞免疫，C正确；D、寄生的细菌从细胞中释放出来，需要通过细胞免疫，D错误。故选C。2.下列有关基因工程叙述错误的是（）A.最常用的载体是

大肠杆菌的质粒B.工具酶主要有限制性核酸内切酶和DNA连接酶C.该技术人为地增加了生物变异的范围，实现种间遗传物质的交换D.不同表达系统的基因工程各有特点，它们的基本原理和技术是不同的【答案】D【解析】【分析】基因工程的工具：（1）限制酶：能够识

别双链DNA分子的某种特定核苷酸序列，并且使每一条链中特定部位的两个核苷酸之间的磷酸二酯键断裂。（2）DNA连接酶：连接的是两个核苷酸之间的磷酸二酯键。（3）运载体：常用的运载体：质粒、噬菌体的衍生物、动植物病毒。【详解】A、大肠杆菌的

质粒是基因工程中最常用的载体，A正确；B、限制性核酸内切酶和DNA连接酶是基因工程中常用的工具酶，B正确；C、通俗地说，基因工程就是按照人们的意愿，把一种生物的某种基因提取出来，加以修饰改造，然后放到另一种生

物的细胞里，定向改造生物的遗传性状，因此该技术人为地增加了生物变异的范围，实现种间遗传物质的交换，C正确；D、不同表达系统的基因工程各有特点，但基因工程的原理都是基因重组，D错误。故选D。3.对肉产品禽畜进行阉割的主要目的是A.使其失去第二性征B.使其不能生育C.使其营养物质集中用于增加

体重D.使其适应环境能力增强【答案】C【解析】【详解】对肉产品禽畜进行阉割，可以减少其性活动时对物质和能量的消耗，从而使营养物质集中用于增加体重，C正确。故选C。4.豌豆是两性花，自然条件下自花传粉。现有一批豌豆种子基因型及比例为AA∶Aa＝1∶4。将这批种子

播种后自然生长，结实率相同，子代中AA∶Aa∶aa的比例是（）A.1∶2∶1B.9∶12∶4C.7∶6∶1D.2∶2∶1【答案】D【解析】【分析】基因分离定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子时，位于同源染色体的等位基因随同源染色体

分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，按照分离定律，基因型为Aa的个体产生的配子类型及比例是A：a=1：1，自交后代的基因型及比例是AA：Aa：aa=1：2：1。【详解】豌豆是自花传粉

且是闭花授粉植物，AA、Aa播种后，自然状态下进行自交，由于AA：Aa=1：4，AA占1/5，自交后代都是AA，Aa占4/5，自交后代，AA=4/5×1/4＝1/5、Aa=1/2×4/5=2/5、aa=4/5×1/4＝1/5，将这批种子播种后自然生长，结实率相同，子代中AA：A

a：aa的比例是（1/5+1/5）：（2/5）：（1/5）=2：2：1。故选D。5.给正常小白鼠静脉输入50mL高渗蛋白质溶液后，小白鼠体内随即发生的变化是（）A.红细胞吸水增加B.胰岛素分泌降低C.肝糖原的分解增加D.血浆渗透压迅

速升高【答案】D【解析】【详解】给正常小白鼠静脉输入50mL高渗蛋白质溶液后，血浆渗透压升高，红细胞失水皱缩，A错误、D正确；血糖浓度没有升高，所以胰岛素的分泌不会减少，B错误；血糖的含量没有降低，所

以肝糖原的分解不会增加，C错误。6.下列物质中，在正常情况下不应该出现在人体内环境中的是（）A.抗体B.胰高血糖素C.乳糖D.氨基酸【答案】C【解析】【详解】试题分析：抗体主要分布在血清中，血清属于人体的内环境，A错误；

胰高血糖素由胰岛A细胞分泌后进入血液中，属于内环境成分，B错误；乳糖是二糖，在消化道内被分解成单糖，进入到内环境，因此乳糖不属于内环境的成分，C正确；氨基酸属于营养物质，属于人体内环境成分，D错误。考点：本题考查

了内环境的成分，意在考查考生的识记能力和理解能力，考生平时学习过程中注意知识点的积累，难度不大。7.下列蛋白质中，在发挥一次作用后会失活的是（）A.接受信息的受体B.运输作用的载体C.免疫作用的抗体D.催化作用的酶【

答案】C【解析】【详解】试题分析：接受信息的受体可以反复使用，A错误；运输作用的载体可以反复使用，B错误；免疫作用的抗体与抗原发生特异性结合后，会被吞噬细胞吞噬消化，因此在发挥一次作用后会失活，C正确；催化作用的酶可以反复使用，D错误。考点：本题考查了蛋

白质以及免疫的有关知识，要求考生能够掌握蛋白质功能的多样性，识记激素、抗体、神经递质等物质作用一次后会立即失活。8.下列关于生长在同一植株上绿色叶片和黄色叶片的叙述，错误的是（）A.两种叶片都能吸收蓝紫光B.绿色叶片不

含类胡萝卜素C.干旱可能会导致绿色叶片变成黄色叶片D.黄色叶片可能无法进行光合作用【答案】B【解析】【分析】光合色素主要包括叶绿素和类胡萝卜素，叶绿素包括叶绿素a和叶绿素b，主要吸收红光和蓝紫光；类胡萝卜素包括胡萝卜素和叶黄素，主要吸收蓝紫光。【详解】A、绿色叶片主要含有叶绿素，叶绿素吸收红光和蓝

紫光，黄色叶片主要是类胡萝卜素，主要吸收蓝紫光，两种叶片都能吸收蓝紫光，A正确；B、绿色叶片含类胡萝卜素，B错误；C、干旱水分不足，细胞代谢受到影响，可能会导致叶绿素合成不足，绿色叶片变成黄色叶片，C正确；D、吸收、传递和转化光能主要与

叶绿素有关，黄色叶片缺乏叶绿素，可能无法进行光合作用，D正确。故选B。9.有关单倍体的叙述，正确的是（）A.凡染色体数目为奇数的个体都是单倍体B.单倍体的杂交后代不发生性状分离C.玉米受精卵发育成的植株不可能是单倍体D.四倍体水稻花药直接培育成

的植株不是单倍体【答案】C【解析】【详解】试题分析：含有奇数染色体组的个体可能是多倍体，如三倍体，A错误；单倍体育种能明显缩短育种年限，因为纯合的二倍体自交后代不发生性状分离，B错误；玉米受精卵发育成的植株肯定不是单倍体，含有几个染色体组就为几倍体，

C正确；四倍体水稻花药中含有配子，虽然含有2个染色体组，经过离体培养也形成的单倍体，D错误。考点：本题主要考查染色体组的概念、单倍体、二倍体、多倍体相关知识，意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。10.赫尔希(A.Hershey)和蔡斯

(M.Chase)于1952年所做的噬菌体侵染细菌的著名实验进一步证实了DNA是遗传物质。这项实验获得成功的原因之一是噬菌体A.侵染大肠杆菌后会裂解宿主细胞B.只将其DNA注入大肠杆菌细胞中C.DNA可用15N放射性同位素标记D.DNA分子具有稳定

的双螺旋空间结构【答案】B【解析】【分析】噬菌体必须在活菌内寄生，有严格的宿主特异性，其核酸只有一种类型即DNA。【详解】A、噬菌体侵染大肠杆菌后确实会裂解宿主细胞，但这并不是实验成功的原因，A错误；B、噬菌体侵染细菌的过程中实现了DNA和蛋白质的完全分离，这样可以单独的研

究二者的功能，B正确；C、DNA和蛋白质都含有N元素，不能用N元素标记DNA，应该用P元素标记DNA，C错误；D、DNA分子具有稳定的双螺旋空间结构，但这并不是实验成功的原因，D错误；故选B。【点睛】用同位素标记法研究噬菌体侵染细菌的思路是将蛋白质和DNA完全分开，分别研究二者

在侵染细菌中的作用，这是实验成功的原因之一，其次是DNA含有P元素而蛋白质不含，蛋白质含有S而DNA不含该元素。11.下列关于人体内血脂代谢及其调节的叙述中，正确的是A.血液中的甘油三酯可以来自于肝细胞的乳糜

微粒B.血液中高密度脂蛋白偏低会导致高胆固醇血症C.所有细胞中甘油三酯与葡萄糖可以相互转化D.胰高血糖素促进甘油三酯的合成【答案】B【解析】【分析】高密度脂蛋白可将周围组织的胆固醇转送到肝脏而排出，体内高密度脂蛋白水平越高，则预示身体清除胆固醇的能力越

强，患心血管疾病的危险性越小。【详解】A、食物中的脂肪在小肠中经胆汁的乳化作用变成乳糜微粒，再经消化作用以甘油和脂肪酸的形式吸收，吸收后的甘油和脂肪酸大部分再合成脂肪（甘油三酯）进入血液，A错误；B、高密度脂蛋白是血脂代谢的基本物质，具有清除血管内多余血脂、清除血垢、清洁血管的作用，如果血液

中高密度脂蛋白偏低会导致高胆固醇血症，B正确；C、脂肪细胞中甘油三酯与葡萄糖是相互影响，可以间接互换，C错误；D、胰高血糖素可以促进甘油三酯分解，转化为葡萄糖，从而升高血糖浓度，D错误；故选B。【点睛】熟记教材相关知识点，结合题意分析选项

，注意知识点间的衔接，注意易错点：血液的甘油三酯主要来源是食物中脂肪的消化吸收。12.在做“探究酵母菌细胞呼吸方式”实验时，有人用血糖仪对稀释10倍后培养液中的葡萄糖浓度进行定量分析，并用葡萄糖消耗量计算出呼吸速率。下

列说法正确的是（）序号时间（min）稀释10倍的培养液中葡萄糖浓度10初始24.5mmol/L215有氧118.6mmol/L无氧I21.3mmol/L330有氧29.9mmol/L无氧213.5mmol/LA.该实验属于对照实验，其中有氧组为实验组

，无氧组为对照组B.该实验如果不用定量分析，可用BTB溶液检测CO2的产生情况，以颜色为实验指标C.每升培养液中酵母菌前15min的有氧呼吸速率为0.393mmol/minD.随着时间的变化，装置中酵母菌种群有氧呼吸速率、无氧呼吸速率都逐渐下降【答案】B【解析】【分析】设置两个或两

个以上的实验组，通过对结果的比较分析，来探究某种因素与实验对象的关系，这样的实验叫做对比实验。为了探究酵母菌细胞在有氧和无氧条件下呼吸方式的区别，这两组实验都作了一定的人为因素处理。A组需要通过不断通气创造有氧环境，B组需要对锥形瓶加以密闭创造缺氧环境，根据对比实验的概念可知，有

氧组与无氧组均属于实验组。【详解】A、该实验属于对比实验，其中有氧组为实验组，无氧组也是实验组，A错误；B、使用BTB溶液（该溶液在二氧化碳浓度高时呈黄绿色；二氧化碳浓度低时呈蓝色），可根据颜色判断CO

2浓度的高低，B正确；C、在0到15分钟，有氧呼吸的速率为（24.5-18.6）×10÷15=3.93mmol/min，C错误；D、在0到15分钟，有氧呼吸的速率为（24.5-18.6）×10÷15=3.93mmol/min，在15到30分钟，有氧呼

吸速率是（18.6-9.9）×10÷15=5.8mmol/min；在0到15分钟，无氧呼吸的速率为（24.5-21.3）×10÷15=2.13mmol/min，在15到30分钟，无氧呼吸速率是（21.3-13.5）×10÷15=5.2mmol/mi

n，因此随着时间变化装置中酵母菌种群的有氧呼吸速率、无氧呼吸速率都逐渐上升，D错误。故选B。13.利用图甲装置探究不同NaHCO3浓度对圆叶片上浮至液面所需时间的影响，实验结果如图乙所示。下列相关叙述错误的是A.当叶肉细胞开

始光合作用时叶片上浮B.提供光照后，叶绿体中的ATP/ADP比值上升C.b组光合作用速率高于a组D.d组由于叶肉细胞失水，导致代谢速率下降【答案】D【解析】【详解】叶片进行光合作用产生的氧气多于有氧呼吸消耗的氧气，叶肉细胞的间

隙有氧气积累叶片才上浮，因此当叶肉细胞开始光合作用时叶片不一定上浮，A项错误；提供光照后，在光合作用的光反应阶段，色素分子利用吸收的光能，使ADP和Pi结合生成ATP，所以叶绿体中的ATP/ADP比值上升，B项错误；b组叶片上浮时间小于a组，说明b

组光合作用速率高于a组，C项错误；d组NaHCO3浓度过高，导致叶肉细胞失水，造成细胞代谢速率下降，D项正确。14.下列可用于染色体结构和数目观察的材料是（）①洋葱鳞茎表皮细胞②小麦的根尖③杂交瘤细胞④鼠的神经细胞A.②B.①②C.②③D.②③④【答案】C【解析

】【详解】洋葱鳞茎表皮细胞和鼠的神经细胞均属于成熟的细胞，成熟的细胞不具有再分裂的能力，因此观察不到染色体；而小麦的根尖分生区细胞和杂交瘤细胞均具有细胞分裂的能力，因此可以在有丝分裂中期时观察染色体的结构和数目．【考点定

位】观察细胞的有丝分裂【名师点睛】染色体结构和数目一般选择有丝分裂中期的细胞，因为此时染色体形态比较固定，数目比较清晰．15.下列叙述正确的是（）A.蛋白质结构多样性取决于氨基酸的种类，数目、排列顺序及氨

基酸的空间结构不同B.相比于蛋白质，DNA的结构和性质更加稳定C.DNA具有多样性的原因是空间结构及核苷酸的种类、数目、排列顺序不同D.两种蛋白质的氨基酸的种类、数目及排列顺序相同即可认为是相同蛋白质【

答案】B【解析】【分析】1、蛋白质结构多样性的直接原因是构成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构千差万别；蛋白质结构多样性的根本原因是DNA的多样性。2、DNA分子的多样性：构成DNA分子的脱氧核苷酸虽只有4种，配对方式仅2种，

但其数目却可以成千上万，更重要的是形成碱基对的排列顺序可以千变万化，从而决定了DNA分子的多样性（n对碱基可形成4n种）。【详解】A、蛋白质结构多样性取决于氨基酸的种类，数目、排列顺序及肽链的空间结构不同，A错误；B、DNA的两条链之间通过氢键相连，形成稳定的双螺旋结构，因此相比于

蛋白质，DNA的结构和性质更加稳定，B正确；C、DNA具有多样性的原因是空间结构及核苷酸的数目和排列顺序不同，不同DNA都含有四种碱基，C错误；D、两种蛋白质的氨基酸的种类、数目及排列顺序相同，不一定是相同的蛋白质，还有可能存在肽链空间结构不同，D错误。故选

B。16.下图为利用玉米的幼苗芽尖细胞（基因型为BbTt）进行实验的示意图。下列有关叙述错误的是A.实现过程①需要在无菌条件下进行B.植株C是单倍体，由配子发育而来C.植株A与B基因型相同的概率是1/4D.过程②③都有染色体复制和着丝点分裂的变化【答案】C【解析】【分析】对题图进

行分析可知，过程①表示组织培养，过程②表示减数分裂，过程③表示有丝分裂。【详解】芽尖细胞经组织培养（过程①）形成幼苗1，组织培养需要在无菌条件下进行，A正确；植株C是花粉（雄配子）直接培育成，为单倍体，B正确；植株A产生雄

配子的基因型及比例为：BT∶Bt∶bT∶bt=1∶1∶1∶1，经秋水仙素处理后染色体数目加倍，故植株B的基因型及比例为BBTT∶BBtt∶bbTT∶bbtt=1∶1∶1∶1。而植株A的基因型为BbTt，因此植株A与B基因型相

同的概率为0，C错误；过程②③都有有丝分裂过程，都会进行染色体复制和着丝点分裂的，D正确。故选C。【点睛】准确判断题图中各生理过程是解答本题的关键。17.下列关于实验处理的说法正确的是（）A.在番茄花上滴加秋水仙素

，可以获得无籽番茄B.动物细胞融合之前，需要用盐酸进行解离C.用赤霉素处理大麦种子，可促进种子萌发D.培养动物细胞时，温度一般要维持在室温左右【答案】C【解析】【分析】赤霉素具有促进种子萌发，破除休眠的作用。【详解】A、在番茄花上滴加生长素，可以获得无籽番茄，A错误；B、盐酸进行

解离后细胞已经死亡，B错误；C、赤霉素具有破除休眠的作用，用赤霉素处理大麦种子，可促进种子萌发，C正确；D、培养动物细胞时，哺乳动物温度一般要维持在36.5℃+0.5℃，D错误。故选C。18.丙肝病毒（HCV）是一种RNA病毒，会选择性感染肝细胞，大多数感染者会发

展成慢性肝炎。HCV中的NS5B是一种RNA聚合酶。下列关于HCV与人肝细胞的比较错误．．的是（）A.两者结构上最大的区别是有无细胞结构B.组成两者的元素中都含有C、H、O、N、PC.两者的RNA聚合酶均可催化RNA的形成D.两者的基因均为具有遗传效应的DNA片段【答案】D【解析】【分析】病毒

是非细胞生物，只能寄生在活细胞中进行生命活动。根据遗传物质来分，分为DNA病毒和RNA病毒，丙肝病毒由核酸RNA和蛋白质组成。【详解】A、HCV属于病毒，人肝细胞属于真核细胞，两者结构上最大的区别是有无细胞结构，A正确；B、丙肝病毒和人肝细胞都含有核酸，核酸的元素组成都是C、H、O、N、

P，B正确；C、RNA聚合酶可催化转录过程，故两者的RNA聚合酶均可催化RNA的形成，C正确；D、HCV的遗传物质是RNA，其基因是具有遗传效应的RNA片段，D错误。故选D。19.下图中①和②为小鼠膀胱上皮细胞中

的溶酶体，①为初级溶酶体，尚未参与细胞内的消化过程；②为次级溶酶体，正在参与细胞内的消化过程。①和②中的H+浓度比细胞质基质高100倍以上。下列相关叙述错误．．的是（）A.①和②均有磷脂双分子层构成的膜结构B.①和②均能合成并储存多种酸性水解

酶C.②中有衰老损伤的细胞器或入侵细胞的病菌D.细胞质基质中的H+运输进入①需要消耗能量【答案】B【解析】【分析】溶酶体为单层膜细胞器。由题意可知，②为次级溶酶体，正在参与细胞内的消化过程，溶酶体可消化衰老损伤的细胞器或入侵细胞的病菌。【详解】A、溶酶体为单层膜细

胞器，含有磷脂双分子构成的膜结构，A正确；B、酶的化学本质大部分是蛋白质，少数是RNA，由核糖体合成或转录形成，溶酶体不能合成，B错误；C、②为次级溶酶体，正在参与细胞内的消化过程，溶酶体可消化衰老损伤的细胞器或入侵细胞的病菌，C正确；D、①和②中的H+浓度比细

胞质基质高100倍以上，说明细胞质基质进入①的为逆浓度梯度运输，运输方式为主动运输，需要消耗能量，D正确。故选B。20.Arf家族蛋白参与蛋白质的囊泡运输，它们有两种状态，结合GDP的不活跃状态和结合GTP的活跃状态。G

TP和ATP的结构和性质相似，仅是碱基A被G替代。活跃状态的Arf蛋白参与货物蛋白的招募和分选，保证货物蛋白进入特定囊泡等待运输。下列相关叙述和推测错误．．的是（）A.GTP是由鸟嘌呤、核糖和3个磷酸基团结合而成B.Arf由不活跃状态转化为活跃状态可以释放能量C.两种状态Arf蛋白的相

互转化需要相应酶的催化D.运输货物蛋白的囊泡可能来自内质网或高尔基体【答案】B【解析】【分析】1、ATP的结构简式为A-P～P～P，其中A代表腺苷（1分子核糖和1分子腺嘌呤组成），P代表磷酸基团。2、分泌蛋

白合成与分泌过程：附着在内质网上的核糖体合成蛋白质→内质网进行粗加工→内质网形成囊泡→高尔基体进行再加工形成成熟的蛋白质→高尔基体形成囊泡→细胞膜，整个过程还需要线粒体提供能量【详解】A、根据题干“GTP和ATP的结构和性质相似，仅是碱基A被G替代”，结合AT

P的结构简式，可知GTP是由鸟嘌呤、核糖和3个磷酸基团结合而成，A正确；B、由题意可知，Arf结合GDP时为不活跃状态，Arf结合GTP时为活跃状态，GDP转化为GTP消耗能量，因此Arf由不活跃状态转

化为活跃状态消耗能量，B错误；C、Arf结合GDP时为不活跃状态，Arf结合GTP时为活跃状态，GDP和GTP的相互转化需要相应酶的催化，故两种状态Arf蛋白的相互转化需要相应酶的催化，C正确；D、根据分析中分泌蛋白的合成与分泌过程可知，运输货物蛋白的囊泡可能来自内质网

或高尔基体，D正确。故选B二、综合题（一）微生物与基因工程21.自然界中某些细菌可通过代谢将原油转化为稳定无害的终产物，科学家为获得能有效修复原油污染土壤的工程菌展开相关研究。（1）获得能降解原油的目标菌可从____中取样，样品经无菌水稀释后涂布于

以原油为唯一碳源的固体培养基上培养，分离纯化后获得目标菌A。（2）假单胞菌遭受环境压力时，会分泌大量胞外复合物将自身包裹于其中形成细菌聚集模样物（生物被膜）。目标菌A成膜性差，不能有效控制原油向深层土壤渗透。研究人员将假单胞菌的bdlA基因（约1300bp）导入目标菌A体内，

尝试构建成膜性好的工程菌。①假单胞菌在遭受环境压力时形成的休眠体叫做___。A.孢子B.芽孢C.荚膜D.囊泡②图1为pX系列质粒构建的重组质粒模式图，为确认是否获得重组DNA分子，可选用限制酶___对重组质粒切割，并对酶切产物及重组质粒进行凝胶电泳检测，结果如图2。据图可初步判断重组质粒

构建成功，依据是_____。的。（3）上述方法获得的两种工程菌命名为KT2和KT5，在不同时间测定实验组及对照组_____的生物被膜总量相对值，结果如图3所示。请描述实验结果_____。【答案】（1）原油污染土壤（2）①.B②.Cs

p45I和XbaI③.两个重组质粒酶切后分别产生5144bp、1254bp和4768bp、1254bp，说明两个重组质粒中都有长度约为1300bp的bdlA基因（3）①.目标菌A②.36hKT2和KT5的生物被膜总量显著高于原目标菌A，且KT5总量高于KT2，12h和24h三者的生物被

膜总量没有显著差异【解析】【分析】分析图1：图1为bdlA基因与pX系列质粒连接构建的重组质粒模式图，根据目的基因（bdlA基因）两侧的限制酶分布可知，构建基因表达载体时，使用的限制酶是Csp45I、XbaI。分析图2：图右边M是对照基因，用于

标记大小；1、2号泳道是两个质粒全长；3、4号泳道是酶切后目的基因和质粒的大小。分析图3：在36t/h时KT2和KT5两种工程菌的生物被膜量相对值显著提高。【小问1详解】能降解原油的目标菌存在于原油污

染土壤，因此应从原油污染土壤中获取降解原油的目标菌。【小问2详解】①假单胞菌在遭受环境压力时形成的休眠体叫做芽孢。芽孢是微生物的一种休眠结构，芽孢最主要的特点就是抗性强，对高温、紫外线、干燥、电离辐射和很多有

毒的化学物质都有很强的抗性，所以，芽孢可以帮助微生物度过恶劣的环境，B正确，ACD错误。②根据目的基因（bdlA基因）插入的位置可知，用Csp45I、XbaI对重组质粒切割，可获得重组质粒中插入的目的基因，若检测结果

中含有目的基因，则说明重组质粒构建成功。根据图2可知，1、2号泳道是两个质粒全长；两个重组质粒酶切后分别产生5144bp、1254bp和4768bp、1254bp，说明两个重组质粒中都有长度约为1254bp的bdlA基因，因此可初步判断重组质粒构建成功。【小问3详解】本

实验的对照组应该是导入普通质粒的目标菌A，因此将上述方法获得的两种工程菌命名为KT2和KT5，在不同时间测定实验组中工程菌及对照组中导入普通质粒的目标菌A的生物被膜总量相对值。由图3可知，实验结果表明36hKT2和KT5的生物被膜总量显著

高于原目标菌A，且KT5总量高于KT2，12h和24h三者的生物被膜总量没有显著差异。（二）光合作用22.为提高粮食产量，研究人员以390μmol／mol的大气CO2浓度和自然降水条件为对照组（C390+W0组），分别研究CO2浓度升高至550μmol／mol（C550+W0组）和降水增加15％（

C390+W15组）对某植物净光合速率的影响，结果如图1所示。图2是叶肉细胞中部分代谢过程的模式图。回答下列问题：（1）据图1可知，____和适当增加降水量可增强植物的净光合速率，适当增加降水量能够增强净光合速率的原因最有可能是：_______

。A.提高气孔的开放度B.减少光照时间C.提高相关酶的活性D.为光反应提供更多原料（2）P为C390+W0组曲线上的点，在该光照强度下，____（选填“降水增加15％”或“CO2浓度升高至550μmol／mo

l”）对净光合作用的促进更显著。（3）当CO2／O2较低时，R酶可以催化C5和O2反应生成1分子C3和1分子2-磷酸乙醇酸。据图2可知，下列说法中正确的是：____A.R酶主要在三碳化合物的还原中起作用B.2-磷酸乙醇酸在酶的催化作用下转换为乙醇酸后，经载体T离开叶绿体C.由叶绿体外的代谢途径

回到叶绿体中的碳很可能会有所减少D.增强叶绿体外的代谢途径有利于植物在CO2浓度高的环境中生存（4）依据上述信息，下列哪些方法可以提高光合效率___A.敲除T蛋白基因B.使用抑制剂降低T蛋白的活性C.

抑制酶R的活性D.抑制甘油酸转化为3-磷酸甘油酸【答案】（1）①.适量增加CO2浓度②.A（2）降水增加15%（3）BC（4）AB【解析】【分析】据图分析：图1三条曲线表明适当增加降水可提高气孔的开放度，增加植物CO2的摄入量，进而提高净

光合速率，仅升高CO2浓度对净光合速率的促进作用没有增加降水量对植物净光合速率的提升明显。图2中在叶绿体基质中，R酶可催化C5与CO2形成3-磷酸甘油酸进而合成C3，再被还原成（CH2O）。氧气浓度过高的条件下，R酶还可以催化C5和O2反应生成1分子C3和1分子2-磷酸乙醇酸。【小

问1详解】据图1可知，与C390+W0组比较可知，另外两条曲线的净光合速率均高于该组，说明适当增加CO2浓度和适当增加降水量可增强植物的净光合速率，适当增加降水量可通过提高气孔的开放度，增加植物CO2的吸收量，从而增强净光合速率。故A正确，BCD错误。【小问2详解】据图可知，P点对应的光

照强度下，C390+W15组的净光合速率大于C550+W0组，因此降水增加15%对净光合作用的促进更显著。【小问3详解】A、由题图2细胞代谢途径可知，在叶绿体基质中，R酶催化C5与CO2形成3-磷酸甘油酸进而合成C3，A错误；B、R酶还可以催化C5和O2反应

生成1分子C3和1分子2-磷酸乙醇酸，2-磷酸乙醇酸转换为乙醇酸经载体T离开叶绿体，参加叶绿体外的代谢途径，B正确；C、乙醇酸在叶绿体外经过一些列变化后会脱掉CO2，其它物质经过转化形成甘油酸，由载体T运回叶绿体，因此

由叶绿体外的代谢途径回到叶绿体中的碳很可能会有所减少，C正确；D、增强叶绿体外的代谢途径可产生更多的CO2，有利于植物在CO2浓度低的环境中生存，D错误。故选BC。【小问4详解】A、T蛋白的功能是将乙醇酸运输出叶绿体，在叶绿体外最终转化成二氧化碳和甘油酸，甘油酸又被T蛋

白运回叶绿体，但是该过程损失了部分二氧化碳，因此可以通过敲除T蛋白基因减少这部分二氧化碳的丢失，从而提高光合作用的效率，A正确；B、使用抑制剂降低载体T的活性，乙醇酸转运出叶绿体外减少，可减少叶绿体外代谢途径中二氧化碳的丢失，从而提

高光合速率，B正确；C、抑制R酶的活性，C5与CO2形成3-磷酸甘油酸进而合成C3减少，光合速率降低，C错误；D、抑制甘油酸转化为3-磷酸甘油酸，将减少C3的形成，会降低光合速率，D错误。故选AB。（三）内环境23.人饮酒后对中枢神经系统有很大的影响，早期主要表现为神

经行为功能的变化。请分析相关资料并回答下列问题：（1）科研人员选若干志愿者，饮酒后测试简单反应时、视觉保留和血液中乙醇浓度，以受试者自身未饮酒时为对照，计算能力指数相对值，结果如下图所示。下列关于上图的描述，正确的是___A.7h内乙醇浓度的变化说明人体能通过自身调节维持稳态B

.随着血液中乙醇浓度的迅速升高，神经行为能力指数相对值明显降低C.推测乙醇可能会延长兴奋在相应反射弧上的传输时间D.血液中的乙醇在红细胞中被分解为水和CO2（2）科研人员为研究乙醇对神经系统的影响机制进行了如下实验：①实验前24h训练，取能在旋转的木棒上停留3min以上的大鼠，随机分

为对照组、乙醇灌胃组（高、低2个剂量组），对照组应用____处理。实验中记录大鼠在棒上____，并观察行为变化以便获得乙醇中毒的模型鼠。②科研人员将乙醇中毒的模型鼠进行处理后，测定DA（多巴胺，一种使人产生欣快感的神经递质）和其分解产物DOPAC含量，数据如下：物质对照组低剂量

组高剂量组DA1367ng/g9714ng/g15752ng/gDOPAC3552ng/g11455ng/g2990ng/g根据实验结果，可以得出的结论是____A.低剂量的乙醇可以促进DA的释放B.低剂量的乙醇可以促进DA的分解C.

高剂量的乙醇可以促进DA的释放D.高剂量的乙醇可以抑制DA的分解（3）DAT是位于突触前膜上的膜蛋白，能特异性识别DA，将释放到突触间隙中的DA摄取到突触前膜内，从而终止神经信息的传导。科研人员对连续乙醇处理6个月的大鼠中的DAT表达量进行测定，结果如下图所示。请结合上述实验

研究，推测乙醇成瘾的机制：_________。【答案】（1）ABC（2）①.等量的生理盐水灌胃②.停留时间③.ABCD（3）从图中可以看出，实验组大鼠的DAT表达量没有显著增加，所以长期饮酒不会导致突触前膜上的DAT显著增多，从而不会促进其特异性识别DA并将其从突触间隙摄取回突触前膜内而导致信

息传导终止，从上述实验研究可知，长期饮酒会增加DA的释放，抑制DA的分解，DA可以延长与突触后膜上的受体结合的时间，使人产生更多的快感，从而导致人上瘾。【解析】【分析】兴奋在神经纤维上的传导：①传导方式：局部电流或电信号或神经冲动。②传导特点：双向传导。反射发生

时，感受器接受刺激并产生兴奋，然后兴奋由传入神经传至神经中枢，神经中枢对信息进行分析综合后，再将指令经由传出神经传至效应器，引起效应器反应。兴奋在神经元之间的传递：①突触：包括突触前膜、突触间隙、突触后膜。②突触小泡释放的递质：乙酰胆碱、单胺类物质等。③信号转换：电信

号→化学信号→电信号。④兴奋传递特点：单向性（神经递质只存在于突触前膜的突触小泡中，只能由突触前膜释放，作用于突触后膜）。⑤神经递质作用效果有两种：兴奋或抑制。【小问1详解】在0.5h内，乙醇浓度上升，1.5h时，乙醇浓度逐渐下降，说明人体

能调节使内环境维持稳态。在0.5h内，简单反应时和视觉保留都下降，神经行为能力指数值明显降低。神经纤维能力数值降低，可能是乙醇干扰的兴奋传递，使兴奋传输时间变长。红细胞没有细胞核，不能进行有氧呼吸将有机物分解为水和CO2。【小问2详解】对照组不进行自变量

处理，为了避免灌胃操作的影响，应灌胃等量的生理盐水。自变量的指标是大鼠在棒上停留的时间。据表，DA的释放是对照组<低剂量组<高剂量组，分解产物DOPAC含量是低剂量组>对照组>高剂量组。则，低剂量的乙醇可以促进DA的释放和DA的分解，高剂量的乙

醇可以促进DA的释放和抑制DA的分解。【小问3详解】据图，连续乙醇处理6个月的大鼠体内DAT表达量增多，而DAT是位于突触前膜上的膜蛋白，能特异性识别DA，将释放到突触间隙中的DA摄取到突触前膜内，从而终止神经信息的传导。推测乙醇成瘾的机制是：长期的

乙醇摄入导致DAT表达量增多，当失去乙醇刺激时，DA释放减少，同时DAT表达量居高不下，持续对突触间隙内DA进行摄取，驱使机体寻找乙醇刺激，进而建立酒精依赖。（四）生物工程24.图1是新型冠状病毒抗原检测试剂盒的结构图示。该产品用于体外定性检测人鼻拭子、鼻咽拭子和口咽拭

子样本中新型冠状病毒N抗原。结构组成为样品垫1、标记垫2、硝酸纤维素膜3和吸水滤纸6。（1）图2是新型冠状病毒模型，新型冠状病毒属于RNA包膜病毒，其与T4噬菌体的成分或结构差异体现在___A.核酸的种类B.碱基的种类C.磷脂分子层D.肽键的

结构（2）S蛋白与N蛋白（核衣壳蛋白）都属于新冠病毒的结构蛋白。S蛋白能与人的血管紧张素转换酶2（ACE2）结合，介导病毒进入宿主体内。以下对于S蛋白和N蛋白的表述错误的是____A.S蛋白与N蛋白的氨基酸序列

存在差异B.N蛋白能够与S蛋白竞争结合ACE2C.若新冠病毒发生变异，必会导致S蛋白的功能减弱D.抗原检测试剂盒针对N蛋白可能是因为其表达量高，容易突变（3）标记垫中含有用胶体金标记的单克隆抗体（抗体1），在4号区域也有固定在硝酸纤维素膜上的单克隆抗体（抗体2），在5号区域

固定了羊抗鼠IgG（即抗体1）多克隆抗体。请根据以上文字推测可能出现的实验结果及结果所代表的意义。①无红色条带；②有红色条带；③待测样品中无N抗原（阴性）；④待测样品中含有N抗原(阳性)4号区域5号区域结果解读②？②？（4）下图为制备单克隆抗体与制备多克隆抗

体的流程对比。图中“B细胞”指____。A.未被抗原刺激过的B淋巴细胞B.被抗原刺激过的一种B淋巴细胞/浆细胞C.被抗原刺激过的多种B淋巴细胞/浆细胞D.记忆B细胞（5）从图中信息可比较出单克隆抗体与多克隆抗体相比，其特点有：____A.制备流程更复杂B.制备成本更高

C.结合抗原的结构区域更多D.可长期稳定提供抗体（6）抗原检测阳性结果不能单独作为作出治疗和疾病管理的依据，应进一步做核酸检测。以下论断和做法合理的是____A.抗原阳性结果仅表明样本中可能存在特定抗原，不能代表感染状态B.阴性结果也不能排除新型冠状病毒感染C.检测阳性的受试者应当

及时报告当地疫情防控部门D.检测阴性的受试者无需参加统一的核酸采样【答案】（1）ABC（2）BCD（3）2、4、1、3（4）C（5）ABD（6）ABC【解析】【分析】新冠病毒抗原检测是一种通过检测人们的口或鼻等呼吸道分泌物中是否有病毒抗原，来判定被检测者是否感染了新冠病毒的

检测方法。单克隆抗体制备流程：先给小鼠注射特定抗原使之发生免疫反应，之后从小鼠脾脏中获取已经免疫的B淋巴细胞；诱导B细胞和骨髓瘤细胞融合，利用选择培养基筛选出杂交瘤细胞；进行抗体检测，筛选出能产生特定抗体的杂交瘤细胞

；进行克隆化培养，即用培养基培养和注入小鼠腹腔中培养；最后从培养液或小鼠腹水中获取单克隆抗体。【小问1详解】T4噬菌体是由DNA和蛋白质组成的，而新冠病毒是由RNA和蛋白质组成的，且含有包膜，包膜的成分主要

是磷脂，因此新型冠状病毒与T4噬菌体的核酸种类不同，构成核酸的碱基也不完全相同（DNA特有的碱基是T，RNA中特有的碱基是U），新型冠状病毒的包膜含有磷脂，而T4噬菌体不含磷脂，两种病毒都有蛋白质，蛋白质中的肽键的结构相同

，故ABC符合题意，D不符合题意。【小问2详解】A、S蛋白和N蛋白的功能不同，可能是S蛋白与N蛋白的氨基酸序列存在差异，A正确；B、S蛋白能与人血管紧张素转换酶2（ACE2）特异性结合，N蛋白的结构与S蛋白不同，因此N蛋白不能与S蛋白竞争结合ACE2，B错误；C、由于密码子存在简

并性，因此若新冠病毒发生变异，不一定会导致S蛋白的功能减弱，C错误；D、抗原检测试剂盒针对N蛋白可能是因为其稳定性高，不容易突变，利用其与抗体特异性结合的特性可灵敏的检测是否含有该病毒，D错误。故选BCD。【小问3详解】在4号区域有固定在

硝酸纤维素膜上的单克隆抗体（抗体2），该抗体可与新冠病毒的抗原发生特异性结合，因此若4号区域出现红色条带，说明待测样品中含有N抗原(阳性)。相反，若4号区域没有出现红色条带，而5号区域出现了红色条带，说明抗体1已经移动到5号区

域，4号区域没有出现红色条带的原因是由于待测样品中无N抗原（阴性）。的【小问4详解】根据从脾脏取出的B淋巴细胞与骨髓瘤细胞融合后，可筛选出产生不同抗体的杂交瘤细胞，说明取出的B细胞是多种，且B细胞增殖分化形成特定的浆细胞是需要抗原刺激的，因此图中“B细胞”指

被抗原刺激过的多种B淋巴细胞/浆细胞。C正确，ABD错误。【小问5详解】据图可知，向小鼠注射多种抗原后，所获得的免疫抗血清实际上是含有Ab1、Ab2、Ab3、Ab4的混合物，这种方法制备的多克隆抗体不仅产量低、而且纯度低。而单克隆抗体制备过程中需要经过浆细胞和骨髓瘤细胞融合，还需要经过至少

两次筛选，且获得的抗体纯度高，因此单克隆抗体与多克隆抗体相比，其特点有制备流程更复杂；制备成本更高；可长期稳定提供抗体，即ABD符合题意，C不符合题意。【小问6详解】A、抗原阳性结果仅表明样本中可能存在特定抗原，不能代表感染状态，如

感染过该病毒但已经康复的患者体内可能还含有该抗原，A正确；B、由于抗原不能增殖，数量较少，因此抗原检测的灵敏度低于核酸检测，B正确；C、检测阳性的受试者说明体内有抗原，可能是感染者，因此应当及时报告当地疫情防控部门，C正确；D、检测阴性的受试者仍需参加统一的核酸采样，以便更精确的排查是否被

新冠病毒感染，D错误。故选ABC。（五）遗传25.原发性醛固酮增多症（PA）是一种人体内自发分泌醛固酮的疾病，醛固酮在肾上腺（ZG）细胞中的过度分泌会进一步导致高血压。CACNA1H基因的突变能够直接导致PA的发生，下图是某家族性PA遗传系谱图。（1

）仅据图A推测，该家系PA的遗传方式可能是_____；（2）对家系中部分成员体细胞进行测序。据图B可知，该遗传病的变异类型为____。A.碱基对的增加B.碱基对的易位C.碱基对的替换D.碱基对的缺失（3）根据测序结果，结合谱系图该家系PA的遗传方式是_____；同一基因的转录产物经过加

工形成长度不一的mRNA的现象称为可变剪接。某科研团队发现CACNA1H基因同样的突变不能在神经（Nu）细胞中产生异常表型，该团队使用来自于同一个体的正常细胞（该突变位点碱基仍A）进行了如下实验。（4）下列关于实验结果讨论中正确的是_____A.图中结果说明同一个基因可以转录加工出不止一种m

RNAB.图中结果说明该个体含有两种不同的CACNA1H基因C.突变位点可能在8.1kb和8.0kb的差异片段中D.PTC组检测的是该个体的生殖细胞mRNA对应的DNA（5）假设经过多次生物学重复，该实验结果可信。请根据可变剪接

现象和中心法则，推测同样的CACNA1H基因突变在ZG细胞中产生异常表型而在Nu细胞中表型正常的原因。___________。【答案】（1）常染色体隐性遗传（2）C（3）常染色体显性遗传（4）AC（5）CACNA1H基因突变在ZG细胞中，经转录后产生的mRNA没有经过可变剪接或可变

剪接后没有剪掉突变点位，导致翻译出的蛋白质异常，从而表型异常。而同样的CACNA1H基因突变在Nu细胞中，经转录产生的mRNA经过可变剪接中去掉了突变点位对应的部分，从而翻译出正常的蛋白导致表型正常【解析】【分析】判断遗传病的口诀“无中生有为隐性，隐性遗传为女病，女病父正非伴性”，

据此分子作答。【小问1详解】根据1和2正常，4（女性）患病可知，该病可能常染色体隐性遗传病。【小问2详解】根据图B中Ⅰ-1和Ⅰ-2的碱基序列相同，而Ⅱ-4的碱基序列与亲本不同，且只有一对碱基不同，因此说明该遗传病的变异类型是发生

了碱基对的替换。C正确，ABD错误。【小问3详解】根据图B，Ⅱ-4和Ⅱ-9同时含有突变基因和正常基因，表现为患者，说明该病为常染色体显性遗传病。【小问4详解】的是A、图示条带为mRNA对应的DNA片段，根据神经细胞内含有两条条带，肾上腺细胞含有一条条带，

可知同一个基因可以转录加工出不止一种mRNA，A正确；B、图示条带来自于同一个体的正常细胞，根据条带不同，说明同一基因的转录产物经过加工形成长度不一的mRNA，不能说明该生物体含有两种不同的CACNA1H基因，

B错误；C、图示条带为mRNA对应的DNA片段，肾上腺细胞仅含有8.1kb片段，说明突变位点可能在8.1kb片段中，C正确；D、CACNA1H基因在生殖细胞内不表达，因此PTC组检测的不是该个体的生殖细胞mRNA对应的DNA，D错误。故选AC。【小问5详解】同一

基因的转录产物经过加工形成长度不一的mRNA的现象称为可变剪接。CACNA1H基因突变在ZG细胞中，经转录后产生的mRNA没有经过可变剪接或可变剪接后没有剪掉突变点位，导致翻译出的蛋白质异常，从而表型异常。而同样的CACNA1H基因突变在Nu细胞中，经转录产生的mRNA经过可变剪接中去掉了突变点位

对应的部分，从而翻译出正常的蛋白导致表型正常。