【文档说明】北京市西城区2020届高三下学期模拟测试物理试题【精准解析】.doc，共(19)页，637.500 KB，由小赞的店铺上传

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西城区高三模拟测试物理一、选择题1.核反应方程9412426Be+HeC+X中的X表示A.中子B.电子C.α粒子D.质子【答案】A【解析】【详解】核反应遵循质量数守恒，电荷数守恒．X的质量数为9+4-12=1，X的电荷数为4+2-6=0．所以10X为中子．A选项正确．2.如图所示，一束

可见光穿过玻璃三棱镜后，变为a、b、c三束单色光。如果b光是绿光，则以下说法正确的是（）A.a光可能是蓝光B.c光可能是红光C.a光的频率小于b光的频率D.c光的波长大于b光的波长【答案】C【解析】【分析】【详解】AB

．因b光是绿光，则a光可能红、橙、黄光，不可能是蓝光，c光可能蓝、靛、紫光，不可能是红光，故AB错误；C．由光路图可知，a光的折射率小于b光，则a光的频率小于b光的频率，故C正确；D．由光路图可知，c光的折射率大于b光，c光的频率大于b光，c光

的波长小于b光的波长，故D错误。故选C。3.一定质量的理想气体从状态a开始，经历ab、bc、ca三个过程回到原状态，其p—T图像如图所示，下列判断正确的是（）A.状态a的体积小于状态b的体积B.状态b的体积小于状态c的体积C.状态a分子的平均动能最大D.状态c分子的平均动能最小【答案】B【解析】【

详解】A．根据CpTV可知，ab在同一条等容线上，即状态a的体积等于状态b的体积，选项A错误；B．因b点与原点连线的斜率大于c点与原点连线的斜率，可知状态b的体积小于状态c的体积，选项B正确；CD．因为a点对应的温度最低，bc两态对应

的温度最高，可知状态a分子的平均动能最小，状态bc分子的平均动能最大，选项CD错误；故选B。4.如图1所示为一列简谐横波在t=0时刻的波形图，P为介质中的一个质点。图2是质点P的振动图像，那么该波的传播速度v的大小和传播方向是（）A.v=0.5m/s，沿x轴正方向

B.v=0.5m/s，沿x轴负方向C.v=1.0m/s，沿x轴正方向D.v=1.0m/s，沿x轴负方向【答案】A【解析】【详解】由图可知λ=1.0m，T=2s，则0.5m/svT由于质点P在t=0时刻向上振动，可知波

沿x轴正向传播。故选A。5.如图1所示，理想变压器的原线圈接在交流电源上，副线圈接有R=10的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2:1，交流电压表的示数是10V，电流表、电压表均可看作理想电表。图2是交流电源输出电压u随时间t变化的图像。则（）A.电流表的读数为1.00AB.电流表的读

数为2.00AC.电源输出电压u随时间t变化的规律是202cos100VutD.电源输出电压u随时间t变化的规律是202cos50Vut【答案】C【解析】【详解】AB．交流电压表的示数是10V，则次级电流2210A=1A10UIR则初级电流212111A=0.5A2nIIn

电流表的读数为0.5A，选项AB错误；CD．初级电压有效值1122210V=20V1nUUn最大值m12202VUU2π2πrad/s100πrad/s0.02T则电源输出电压u随时间t变化的规律是mcos202cos100πVuUtt

选项C正确，D错误。故选C。6.如图所示，用一根轻质细绳将一幅重力为10N的画框对称悬挂在墙壁上，当绳上的拉力为10N时，两段细绳之间的夹角为（）A.45°B.60°C.90°D.120°【答案】D【解析】【详解】两段细线的拉力

大小相等，设为T，则T=10N，两边拉力的合力G=10N，由平行四边形法则可知三力互成120°。故选D。7.如图所示，弹簧的一端固定，另一端连接一个物块，弹簧质量不计，O点为弹簧处于原长时物块的位置。将物块（可视为质点

）拉至A点由静止释放，物块在粗糙的水平桌面上沿直线运动，经过O点运动到B点时速度恰好减为0。在物块由A点运动到O点的过程中，下列说法中正确的是（）A.弹簧弹力做功大于物块克服摩擦力做功B弹簧弹力做功等于物块克服摩擦力做功C.弹簧弹力的冲量大小等于摩擦力的冲量大小

D.弹簧弹力的冲量大小小于摩擦力的冲量大小【答案】A【解析】【详解】AB．从A到O根据动能定理21-2fOWWmv弹则弹簧弹力做功大于物块克服摩擦力做功，选项A正确，B错误；CD．从A到O根据动量定理-fOIImv弹可知弹簧弹力的冲量大小大于摩擦

力的冲量大小，选项CD错误。故选A。8.如图所示，垂直于纸面的匀强磁场局限在长为L的虚线框内，边长为d的正方形闭合线圈在外力作用下由位置1匀速穿过磁场区域运动到位置2。若L>2d，则在运动过程中线圈中的感应电流随时间变化的情况可以用以下哪幅图像

来描述（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】当线圈向右移动，进入磁场的过程中，穿过线圈的磁通量增大，故产生顺时针方向的感应电流，根据E=BLv可知，感应电动势大小不变，则感应电流大小不变；当完全进入时，穿过线圈的磁通量不变，则不产生感应电流；当离开磁场时，磁通量减小

，故产生逆时针方向的感应电流，根据E=BLv可知，感应电动势大小不变，则感应电流大小不变。故选D。9.某种热敏电阻的阻值随环境温度的升高而减小，可以利用这种特性来测量环境温度。在下面的四个电路中，电源电动势一定，内阻不计，Rt表示热敏电阻，R0表示定值电阻。若希

望在温度升高时，电路中的电压表或电流表示数减小，则下列电路中符合要求的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】【详解】A．当环境温度升高时，外电路的总电阻减小，电流强度增加，流过电流表的电流增加，A错误；

B．当环境温度升高时，外电路的总电阻减小，总电流强度增加，内电电压升高，路端电压降低，流过R0的电流减小，因此流过电流表的电流强度增加，B错误；C．当环境温度升高时，外电路的总电阻减小，电流强度增加，内电压及R0两端的电压都增加，Rt两端的电压降低，电压表测量的是热敏电阻Rt两端的电压，因

此电压表的示数减小，C正确；D．当环境温度升高时，外电路的总电阻减小，电流强度增加，内电压及R0两端的电压都增加，电压表测量的是R0两端的电压升高，D错误。故选C。10.如图所示为密立根油滴实验示意图。实验中要设法使带负电的油滴悬浮在电场中。若在实验中观察到某一个带负电的油滴向下加速运动。在

该油滴向下运动的过程中，下列说法正确的是（）A.静电力做正功B.重力和静电力的合力做负功C.重力势能的减少量大于电势能的增加量D.重力势能的减少量小于动能的增加量【答案】C【解析】【详解】A．由于下极板

带负电，带负电的油滴受电场力向上，因此静电力做负功，A错误；B．由于向下加速运动，合力向下，因此重力和静电力的合力做正功，B错误；C，重力做正功等于重力势能的减小量，电场力做负功等于电势能的增加量，由于重力大于电场力，因此重力做的功大于电场力做功，即重力势能的减少量大于电势能的增加量，C正

确；D．根据能量守恒，减小的重力势能一部分增加了电势能，一部分增加了油滴的动能，因此重力势能的减少量大于动能的增加量，D错误。故选C。11.磁单极子是物理学家设想的一种仅带有单一磁极（N极或S极）的粒子，它们的磁感线分布类似于点电荷的电场线分布，目前科学家还没有证实磁单极子的

存在。若自然界中存在磁单极子，以其为球心画出两个球面1和2，如图所示，a点位于球面1上，b点位于球面2上，则下列说法正确的是（）A.a点比b点的磁感应强度大B.a点比b点的磁感应强度小C.球面1比球面2的磁通量大D.球

面1比球面2的磁通量小【答案】A【解析】【详解】AB．由于的磁感线分布类似于点电荷的电场线分布，磁感线越密集的地方，磁感应强度越大，A正确，B错误；CD．由于磁感线都是向外的，中间没有断开，穿过两个面的磁感线的条数相等，因此两个面的磁通量相等

，CD错误。故选A。12.某数码相机的锂电池电动势为7.2V，容量为875mA·h，能连续拍摄约315张照片。根据以上信息估算每拍摄一张照片消耗的电能最接近以下哪个数值（）A.0.02JB.20JC.70JD.7×104J【答案】C【解析】【详解】

锂电池储存的电量3875103600C3150CqIt锂电池储存的电能7.23150J=22680JEUq每拍摄一张照片消耗的电能02268072J315EEnC正确，ABD错误故选C。13.物体A做平抛运动，以抛出点O为坐标

原点，以初速度v0的方向为x轴的正方向、竖直向下的方向为y轴的正方向，建立平面直角坐标系。如图所示，两束光分别沿着与坐标轴平行的方向照射物体A，在坐标轴上留下两个“影子”，则两个“影子”的位移x、y和速度vx、vy描述了物体在x、y两个方向上的运动。若从

物体自O点抛出时开始计时，下列图像中正确的是（）AB.C.D.【答案】B【解析】【详解】AC．“影子”在x轴方向做匀速运动，因此在xvx—图象中是一条平行于x轴的直线，根据0xvt可知在—xt图象中是一条过坐标原点的直线，AC错误；BD．物体在竖直方向上做自由落体运动，根据212ygt可知在

yt—图象中是一条开口向上的抛物线，根据22yvgy可知在yvy—图象是是一条开口向右的抛物理线，B正确，D错误。故选B。14.激光陀螺仪是很多现代导航仪器中的关键部件，广泛应用于民航飞机等交通工具。激光陀螺仪的基本元件是环形激光器，其原

理结构比较复杂，我们简化为如图所示模型：由激光器发出的A、B两束激光，经完全对称的两个通道（图中未画出）在光电探测器处相遇，产生干涉条纹。如果整个装置本身具有绕垂直纸面的对称轴转动的角速度，那么沿两个通道的光的路程差就会发生变化，同时光电探

测器能检测出干涉条纹的变化，根据此变化就可以测出整个装置的旋转角速度。某次测试，整个装置从静止开始，绕垂直纸面的对称轴，顺时针方向逐渐加速旋转，最后转速稳定，这个过程中光电探测器的中央位置C处检测出光强经过了强弱强弱强的变化过程。根据上述材料，结合所学知识，判断下列

说法正确的是（）A.A束激光的频率大于B束激光的频率B.整个装置加速转动过程中，A束激光到达光电探测器的路程逐渐变大C.整个装置加速转动过程中，C处始终没有出现干涉明条纹D.整个装置加速转动过程中，两束激光的路程差变化了2个波长【答案】D【解析】【详解】A．由于两束激光出现干涉现象，

说明两个光束的频率相等，A错误；B．由于整个装置顺时针方向转动，因此整个装置加速转动过程中，A束激光到达光电探测器的路程逐渐变小，B错误；C．整个装置加速转动过程中，当C处出现强光时就是干涉明条纹，C错误；D．由于C处出现了强弱强弱

强的变化，因此两束激光的路程差依次为130,,,,222，因此变化了2个波长，D正确。故选D。二、实验题15.某同学练习使用多用电表。(1)该同学使用多用电表测量某电阻时，选择开关和指针位置如图1所示，若他的操作是正确的，则该电阻的测量值为_____。(2)该同

学继续用相同挡位测量另一电阻，发现指针偏转角度过小。为了减小测量误差，他再次进行测量前应该进行的操作是__________（从下列选项中挑出合理的步骤并按操作顺序排列）。A.将红表笔和黑表笔接触B.把选择开关旋转到“×100”位置C.把选择开关旋

转到“×1”位置D.调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点(3)该同学注意到多用电表电阻的刻度线是不均匀的，而直流电流、电压的刻度线是均匀的。他在课本上查阅到多用电表欧姆表的电路示意图，如图2所示。请根据欧姆表的电路示意图，结合所学知识分析电阻的刻度

线不均匀的原因_____________。【答案】(1).21.510(2).BAD(3).根据闭合电路欧姆定律可知通过表头的电流1xgEIRRRr，可见通过表头的电流I与待测电阻Rx之间的关系为非线性关系，因此电阻的刻度线是不均匀的【解析】【详解】(1)［1］由图

可知选择的是“×10”档位，所以被测电阻为Rx=15×10Ω=150Ω(2)［2］欧姆表指针偏转角度过小，说明所选挡位太小，应换大挡进行测量，应将旋转开关K置于“×1k”，然后进行欧姆调零，再测电阻，因此合理是实验步骤是：B、A、D。(3)［3］根据闭合电路欧姆定律可知通过表头的电流

1xgEIRRRr可见通过表头的电流I与待测电阻Rx之间的关系为非线性关系，电阻的刻度线是不均匀的，而是刻度值越大处刻度线越密。16.用图1所示的实验装置研究加速度与物体受力、物体质量之间的关系。(1)研究加速度与物体质量之间的关系的主要实验步骤如下：a

.用天平测出小车的质量m0。b.安装好实验器材，调整木板倾角平衡摩擦力和其他阻力。c.在小桶内装砂，用细绳悬挂小桶并绕过滑轮系在小车上，调整细绳方向与木板平行。d.接通电源，放开小车，打点计时器在纸带上打下一系列点；

断开电源，取下纸带并在纸带上标上编号。e.保持砂和桶的总质量不变，多次在小车上加放砝码以改变小车的总质量m，并做好记录，重复步骤d。f.求出每条纸带对应的加速度并填入表中；在坐标纸上建立坐标系，描点作图，以研究加速度与质量的关系。综合上述实验步骤

，请你完成以下任务：①实验中，需要平衡摩擦力和其它阻力，在此过程中，下列说法正确的是_____。A．小车后面不能拖纸带B．系在小车的细绳上不能悬挂小桶C．打点计时器必须接通电源②图2所示为实验中得到的一条

纸带，纸带上相邻两计数点之间的时间间隔为T=0.10s，由图中数据可计算出小车的加速度a=_______m/s2。（结果保留2位有效数字）③若实验中砂和桶的总质量为m，则从理论分析可得砂和桶的总重力mg与细绳对小车的拉力F的大小关系为mg________F

（选填“略大于”、“等于”或“略小于”）。(2)某同学在研究加速度与物体受力之间的关系时改进了实验方案，他用无线力传感器来测量小车受到的拉力。如图3所示，他将无线力传感器和小车固定在一起，将系着砂桶的细绳系在传感器的挂钩上，调整细绳方向与木板平行。请判断在改

进后的实验中以下步骤是否还有必要（选填“有必要”或“没必要”）。步骤是否有必要调整木板倾角平衡摩擦力和其他阻力___________控制砂和桶的总质量应远小于小车和车内砝码的总质量___________【答案】(1).BC(2)

.1.1(3).略大于(4).有必要(5).没必要【解析】【详解】(1)①[1]A．平衡摩擦力时研究对象是小车，是让小车所受的滑动摩擦力等于小车所受重力沿斜面的分量，故平衡摩擦力时，应将纸带连接在小车上并穿过打点计时器，以平衡由于纸带与打点计时器之间的摩擦

而产生的摩擦阻力，故A错误；B．平衡摩擦时，小车不受外力作用下做匀速直线运动，所以不挂上小桶，故B正确；C．打点计时器必须接通电源，纸带上打的点均匀，说明小车做匀速运动，刚好平衡摩擦力，故C正确。故选BC。②[2]根据逐差法得小车的加速度221.1m/s(2)CEACxxaT

③[3]因为小桶向下做加速运动，处于失重状态，所以砂和桶的总重力mg略大于细绳对小车的拉力F。(2)[4][5]用无线力传感器来测量小车受到的拉力时，力传感器可以读数绳的拉力，所以不需要满足所挂钩码质量远小于小车质量；但仍要平衡摩擦力。17.如图所示，A、B是两

个完全相同的小球，用较长的细线将它们悬挂起来，调整细线的长度和悬点的位置，使两个小球静止时重心在同一水平线上，且恰好没有接触。现将小球A拉起至细线与竖直方向夹角为°的位置，使其由静止释放，小球A运动至最低点与静止的小球B相碰，碰后两球粘在一起运

动。已知细线的长度为L，每个小球的质量均为m，重力加速度为g，忽略小球半径和空气阻力，求：（1）A球运动至最低点时的速度大小v0；（2）碰后两球能够上升的最大高度h；（3）碰撞过程中损失的机械能E。【答案】（1）gL；（2）8L；（3）14mgL【解析】【详解】（1）由机械能守恒

定律得201(1cos)2vmgLm解得A球运动至最低点时的速度大小0vgL（2）球A运动至最低点与静止的小球B相碰，碰后两球粘在一起运动，由动量守恒定律得01()mvmmv碰后两球粘在一起在竖直面内做圆周运动，由机械能守恒定律得211

(2)(2)2mvmgh解得碰后两球能够上升的最大高度8Lh（3）由能量守恒定律得碰撞过程中损失的机械能2201111(2)224EmvmvmgL18.1897年，汤姆孙根据阴极射线在电场和磁场中的偏转情况断定，它的本质是带负电的粒子流，并求出了这种粒子的比荷，他

的研究装置如图所示。真空管内的阴极K发出的电子经加速后，穿过A、B中心的小孔沿直线进入到两块水平正对放置的平行金属板D1、D2的区域。金属板D1、D2之间未加电场时，射线不偏转，射在屏上P1点。按图示方式施加电场强度为E的电场之后，射线发生偏转并射到屏上P2点。为了抵消阴极射线的偏转，使它从P

2点回到P1，需要在两块金属板之间的区域再施加一个大小合适、方向垂直于纸面的匀强磁场。(1)判断匀强磁场的方向；(2)若施加的匀强磁场磁感应强度为B，求出阴极射线的速度v的表达式；(3)去掉D1、D2间的电场，只保留(2)中的匀强磁场B。由于磁场方向与

射线运动方向垂直，阴极射线在D1、D2之间有磁场的区域内会形成一个半径为r的圆弧，使得阴极射线落在屏上P3点。根据题目所有信息推导电子比荷的表达式。【答案】(1)方向垂直纸面向里；(2)EvB；(3)2eEmBr=【解析】【详解】(

1)电场力的方向向上，加上磁场后电子不发生偏转，电子做匀速直线运动，所以洛伦兹力方向向下，根据左手定则可知，磁场方向垂直纸面向里(2)电子做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得eEevB①解得阴极射线的速度EvB②(3)去掉D1、D2间的电场，只保留(2)中的匀强磁场B，电子做匀速

圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得2mvevBr③由②③式解得2eEmBr=19.类比是逻辑推理中极富创造性的一种方法，科学史上很多重大发现、发明往往发端于类比，例如科学家受行星绕太阳做匀速圆周运动的启发，在构建

原子模型时猜想电子绕原子核也做匀速圆周运动。(1)一质量为m的人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为r。将地球视为质量均匀分布的球体，已知地球质量为M，万有引力常量为G，求卫星的速度大小v和动能

Ek；(2)在玻尔的氢原子理论中，电子绕原子核做匀速圆周运动的轨道半径是量子化的。电子的轨道半径和动量必须满足量子化条件2nhmrv，式中h是普朗克常量，r是轨道半径，v是电子在该轨道上的速度大小，n是轨道量子数，可以取1、2

、3……等正整数。已知电子的质量为m，电荷量为-e，静电力常量为k，试根据上述量子化条件，证明电子在任意轨道运动的动能表达式可以写为kn2AEn，其中A是与n无关的常量。【答案】(1)GMr，2GMm

r；(2)见解析【解析】【详解】(1)根据牛顿第二定律22MmvGmrr解得卫星的速度大小GMvr卫星的动能2122kGMmEmvr(2)根据牛顿第二定律222evkmrr结合题中给出的量子化条件2nhmrv联立推得22kevnh可得电子的动能2222422

21122122knkekmeEmvmnhhn由此可知2knAEn其中22422kmeAh是与n无关的常量20.电容器作为储能器件，在生产生活中有广泛的应用。实际中的电容器在外形结构上有多种不同的形式，但均可以用电容描述它的特性。(1)在两个相距很近的平行

金属板中间夹上一层绝缘物质就组成一个最简单的电容器，叫做平行板电容器。图1为一平行板电容器的充电电路，在充电过程中两极板间电势差u随电荷量q的变化图像如图2所示。类比直线运动中由v—t图像求位移的方法，在图中画网格线表示当电荷量由Q1增加到Q2的过程中电容

器增加的电势能；(2)同平行板电容器一样，一个金属球和一个与它同心的金属球壳也可以组成一个电容器，叫做球形电容器。如图3所示，两极间为真空的球形电容器，其内球半径为R1，外球内半径为R2，电容为1221()RRCkRR，其中k为静电力常量。请结

合(1)中的方法推导该球形电容器充电后电荷量达到Q时所具有的电势能Ep的表达式；(3)孤立导体也能储存电荷，也具有电容：a.将孤立导体球看作另一极在无穷远的球形电容器，根据球形电容器电容的表达式推导半径为R的孤立导体

球的电容C的表达式；b.将带电金属小球用导线与大地相连，我们就会认为小球的电荷量减小为0。请结合题目信息及所学知识解释这一现象。【答案】(1)见解析；(2)221p122kQRRERR；(3)a.RCk，b.见解析【解析】【详解】（1）

如图所示（2）由电容的定义式可知球形电容器充电过程中两极板间电势差u随电荷量q的变化图像如下图所示，图中三角形面积表示电荷量达到Q时电容器所具有的电势能Ep的大小，由图可得12pEQU根据QCU可得22pQEC将球形电容器电容的表达式代入可得22112()2PkQR

RERR（3）a.将孤立导体球看作另一极在无穷远的球形电容器，即1RR，2R代入球形电容器电容的表达式1221()RRCkRR可得RCkb.根据a中推得的孤立导体球的电容表达式RCk可知，球体的半径越

大，其电容越大。由于金属小球的半径远小于地球半径，所以地球的电容远大于小球的电容。二者用导线连接，电势相同，根据Q=CU可知，地球的带电量远大于小球的带电量，电荷总量保持不变，所以可以认为小球的电荷量减小为0。