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【高三物理试题参考答案第１页(共４页)】三湘名校教育联盟􀅰２０２５届高三第一次大联考􀅰物理参考答案、提示及评分细则１．B根据W＝Pt可知,１J＝１W􀅰s,A错误;根据动能定理W＝１２mv２t－１２mv２０可知,１J＝１k

g􀅰m２􀅰s－２,B正确;根据p＝FS可知,Pa􀅰m２是力的单位,C错误;根据I＝FΔt可知,N􀅰s是冲量的单位,D错误．２．D水做平抛运动,图甲情形中,高度一定,则运动时间一定,与喷水速度无关,图乙中,根据tanθ＝１２gt２v０t,解得t＝２v

０tanθg．图乙情形中,喷水速度越大,水在空中的时间越长,A错误;甲情形中x＝v０t＝v０２hg,乙情形中x＝v０t＝２v２０tanθg,不一定相同,B错误;若甲情形中喷水的最大速度加倍x＝v０t＝v０２hg,S＝πx２则直接喷到草坪的面积变为４倍,C错误;若乙情形中喷水的最大速度加倍,x

＝v０t＝２v２０tanθg可得最大水平距离变成原来的４倍,D正确．３．D由v~t图像可知,在０~４s内,乘客加速下降,加速度a竖直向下,加速度a先增大后减小,根据牛顿第二定律有G－F１＝ma,乘客受到的重力G大于地面对乘客的支持力F１,

且支持力F１先减小后增大,A和B错误;在７s~１１s内,乘客减速下降,加速度a竖直向上,根据牛顿第二定律有F２－G＝ma,加速度先增大后减小,乘客受到的重力G小于地面对乘客的支持力F２,C错误,D正确．４．

D剪断B、C间的轻绳之前,设A、B之间绳子上的拉力为T１,对B、C整体分析有T１＝(２m＋３m)g＝５mg,设初始时弹簧对A的弹力竖直向下,大小为F,对A分析有２mg＋F＝T１,解得弹簧弹力F＝３mg,故初始时弹簧处于伸长状态,A错误;剪断A、B间轻绳后,设B、C整体加速度为a１,由牛顿第二

定律得(２m＋３m)g＝５ma１,解得a１＝g．剪断A、B间轻绳后B、C间轻绳拉力为T２,对C,由牛顿第二定律得３mg－T２＝３ma１,解得T２＝０,B错误;剪断B、C间轻绳瞬间,弹簧上的弹力不变,A、B的加速度大小相同,设为a２,设A、B之间绳子上

的拉力为T１′,对B,由牛顿第二定律得T１′－２mg＝２ma２①,对A,由牛顿第二定律得２mg＋F－T１′＝２ma２②,由①②得a２＝３g４,T１′＝７mg２,C错误、D正确．５．C设AO与水平方向的夹角为θ,根据速

度关联可得vQ＝vPcosθ,A错误;当物体P滑到B点时,Q下降到最低点,速度为零,所以在该过程中,根据系统机械能守恒定律可知,Q的机械能减小,P的机械能增大,B错误;当P运动到B处时,P的速度最大,根据系统机械

能守恒定律可得３mg(L－h)＝１２mv２P,解得P运动的最大速度为vP＝６g(L－h),C正确;开始运动后,当P速度再次为零时,即P的机械能不变,则Q的机械能也不变,说明此时Q回到初始释放的位置,D错误．６．A设F与竖直方向之间的夹角为α,对滑块受力分析,滑块垂直于

斜面方向受力平衡FN＝mgcosθ＋Fcos(θ－α),对斜劈的摩擦力为f＝μFN,方向沿斜面向下,两者在水平方向的分量与斜劈受到地面的静摩擦力平衡,可知斜劈受到地面的静摩擦力为f′＝fcosθ－FNsinθ＝[mgc

osθ＋Fcos(θ－α)]􀅰(μcosθ－sinθ),因给滑块一沿斜面向下的初速度,滑块减速下滑,可知斜劈受到地面的静摩擦力水平向右,当α＝θ时斜劈受到地面的静摩擦力最大f′max＝(mgcosθ＋F)􀅰(μcosθ－si

nθ),故选A．{#{QQABbYQAgggoQIAAABgCUwVYCACQkBACAagGBAAIMAABwRFABAA=}#}【高三物理试题参考答案第２页(共４页)】７．AB万有引力提供向心力有GMmR２＝mv２R得v＝GMR,A正确;７．９km/s是地球的第一宇宙速度,即发射地球

卫星的最小发射速度,根据根据题意可判断知:探测器从月球表面发射时的最小速度约为从地球表面发射时最小速度的０．２倍,即v＝０．２×７．９km/s≈１．６km/s,B正确;由开普勒第三定律r３T２＝k可知,对接前探测器在椭圆轨道运行的半

长轴小于嫦娥六号运动的半径,则对接前探测器在椭圆轨道运行的周期小于嫦娥六号的运行周期,C错误;由公式GMmr２＝mv２r得v＝GMr可知,增加质量不会改变轨道半径,若对接后嫦娥六号在原轨道上运行,则其速度不变,D错误

．８．AB设女生达到最大速度时间t１,根据vm＝a１t１,t１＝２s,位移x１＝１２at２１,x１＝６m,当足球速度减为vm时所花时间为t２,根据v－vm＝a２t２,t２＝４s,４s末两者速度相等,相距最远,足球位移x２＝v＋vm２t２,x２＝４０m,女生４s内位移x＝x１＋vm(t２－t１

),可得x＝１８m,两者相距Δx＝x２－x＝２２m,A正确;假设女生在到达禁区前能追上足球,足球速度减为０所花时间t＝va２＝７s,位移为x３＝v２t＝４９m,女生７s内的位移x４＝１２at２１＋vm(t－t１)＝３６m,x４＜x３,所以

到达禁区前,女生追不上足球,B正确、D错误;设女生追上足球时的时间为t３,x３＝１２at２１＋vm(t３－t１),解得t３＝５５６s,C错误．故选AB．９．BD摩托车做匀速圆周运动,合外力不为零,A错误;作出受力图,则有合力提供向心力,可知与H无关,

由于质量m,倾角α都不变,则向心力大小不变,根据牛顿第二定律得mgtanα＝mv２R,得v＝gRtanα,H越高,R越大,Fn不变,则v越大,B正确、C错误;由mgtanα＝mω２R,得ω＝gtanαR,D正确．１０．CD由图可知,当小球下落

到x２时,加速度为零,即弹力与重力大小相等,此时弹簧的形变量为(x２－x１),则有k(x２－x１)＝mgsinθ,解得k＝mgsinθx２－x１,A错误;对小滑块和弹簧组成的系统进行分析,由于只有重力和弹力做功,则

系统机械能守恒,当弹簧的弹性势能最小,小滑块的机械能最大,故当小滑块下落到x１时,弹簧处于原长,弹性势能为零,为最小,则此时小滑块的机械能最大,B错误;对小滑块和弹簧组成的系统机械能守恒,即滑块机械能与弹簧弹性势能总和不变．由图可知,x１~x２的距离差小于x

２~x３两处的距离差,可得弹簧弹性势能的增量不相等,所以滑块机械能的变化不相同,C正确;在x１~x２的过程中,重力下滑分力大于弹力,根据牛顿第二定律有mgsinθ－k(x－x１)＝ma又由A项可知k(x

２－x１)＝mgsinθ联立解得a＝kx２m－kxm由图可知,当x＝x１时a＝gsinθ联立解得km＝gsinθx２－x１即为该段图线的斜率绝对值;在x２＜x＜x３过程中,弹力大于重力下滑分力,根据牛顿第二定律有k

(x－x１)－mgsinθ＝ma{#{QQABbYQAgggoQIAAABgCUwVYCACQkBACAagGBAAIMAABwRFABAA=}#}【高三物理试题参考答案第３页(共４页)】又k(x２－x１)＝mgsinθ联立解得a＝kxm－k

x２m由图可知,当x＝２x２－x１时a＝gsinθ联立解得km＝gsinθx２－x１即为该段图线的斜率绝对值,故可得在x１~x２和x２~x３两段过程中,a－x图线斜率的绝对值均等于gsinθ(x２－x１),D

正确．故选CD．１１．(１)先接通电源后开动小车(１分)(２)电磁(１分)交流８V(２分)(３)０．４０(２分)０．６２(２分)【解析】(３)相邻计数点的时间间隔为t＝５×１f＝０．１s,vB＝x１＋x２２t＝０．４０m/sa＝x３＋x４－x２－x１(２t)２≈０．６２m/s２１２

．(每空２分)(１)d２２L(１Δt２２－１Δt２１)(２)k＝mg(M＋６m)(３)不需要小车通过两光电门的时间相等(４)C【解析】(１)根据v２－v２０＝２aL,v＝dΔt２,v０＝dΔt１,可得a＝d２２L(１Δt２２－１Δt２１);(２)

因为探究加速度与力的关系,根据控制变量法,研究对象质量不变,所以研究对象为小车与槽码构成的系统,对于系统有:nmg＝(M＋６m)a,可得a＝nmg(M＋６m),k＝mg(M＋６m);(３)该实验无需测量绳子拉力且研

究对象为小车与钩码,所受合力就等于挂在绳子上槽码重力,所以不需要M远大于m;(４)(M＋６m)a＝nmg＋[(６－n)m＋M]g(sinθ－μcosθ)得a＝mg(１－sinθ＋μcosθ)M＋６mn＋(６m＋M)

g(sinθ－μcosθ)M＋６m所以答案为C．１３．(１)mgtanθ(２)μMtanθ－μ【解析】(１)由图乙可知竖直墙壁对球弹力N２＝mgtanθ(４分)(２)如图甲所示,对正方体受力分析可得Ff＝N１sinθ≤μFN①(

１分)如图乙所示,对球体受力分析得N１cosθ＝mg②(１分)对正方体和球体构成的整体受力分析得FN＝(M＋m)g③(１分)三式联立可得mgtanθ≤μ(M＋m)g解得m≤μMtanθ－μ(２分)故球质量最大为μMtanθ－μ(tanθ＞μ)若tanθ≤μ,则无论球质量为多少,正方体均不会移动．(

１分){#{QQABbYQAgggoQIAAABgCUwVYCACQkBACAagGBAAIMAABwRFABAA=}#}【高三物理试题参考答案第４页(共４页)】１４．(１)vm＝２m/s(２)P＝１１０W(３)h＝７．８m【解析】(１)当水桶匀速上升时,T＝m

g＝１００N(２分)则水桶能达到的最大速度为vm＝PT＝２m/s(２分)(２)当水桶匀加速运动,v＝at＝１m/s;T＝mg＋ma＝１１０N(２分)根据P＝Fv解得输出功率为P＝１１０W(２分)(３)０~４s内,设水桶上升的

高度为h,根据动能定理可得Pt－mgh＝１２mv２m－０(２分)解得h＝７．８m(２分)１５．(１)t１＝１s(２)μ２＝２３１５(３)见解析【解析】(１)对于A、B、C整体加速度为a１根据:mCg＋μ１(mA＋mB)gcos３０°＋(mA＋m

B)gsin３０°＝(mC＋mA＋mB)a１,(２分)可得a１＝７m/s２根据v＝a１t１,t１＝１s;(２分)(２)对于A,因为恰好相对B静止,所以A与B之间静摩擦力达到最大静摩擦力,又a１＝７m/s２＞５m

/s２;所以根据μ２mAgcos３０°＋mAgsin３０°＝mAa１,(２分)μ２＝２３１５;(２分)(３)绳断瞬间,第一种情况:如果A相对于B下滑对于B有:mBgsin３０°＋μ２mAgcos３０°－μ１(mA

＋mB)gcos３０°＝mBaB可得:aB＝４m/s２(２分)对于A有:mAgsin３０°－μ２mAgcos３０°＝mAaA,可得aA＝３m/s２,aA＜aB,所以A相对于B不会下滑．(２分)第二种情况:如果B相对于A下滑对于B有:mBgsin３０°－μ２

mAgcos３０°－μ１(mA＋mB)gcos３０°＝mBaB可得:aB＝－２m/s２,与事实不符,所以A相对于B静止,A不会从B上滑下(２分)设A、B整体加速度为a２根据:(mA＋mB)gsin３０°－

μ１(mA＋mB)gcos３０°＝(mA＋mB)a２,可得a２＝４m/s２因为mAgsin３０°＞mAa２,所以A受到摩擦力沿斜面向上且为静摩擦力,对于A有:mAgsin３０°－f＝mAa２,f＝２N,方向沿斜面向上根据v２１－v２＝２a２x,可得v１＝９m/s．(

２分){#{QQABbYQAgggoQIAAABgCUwVYCACQkBACAagGBAAIMAABwRFABAA=}#}