【文档说明】【精准解析】宁夏吴忠市吴忠中学2020-2021学年高一（上）期末物理试题（解析版）.doc，共(24)页，960.500 KB，由小赞的店铺上传

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吴忠中学2020—2021学年第一学期期末考试高一年级物理试卷一、单项选择题（每题2分，共30分）1.2020年12月26日，银川至西安高速铁路全线贯通运营，全线总长约618km，规划运营速度250km/h，预留提速350km/h条件，从银川至西安全程运营时间由以前的12小时压缩至最快3小

时4分钟到达，由以上信息可知（）A.“618km”指的是位移B.“250km/h”是瞬时速度C.“3小时4分钟”指的是时刻D.计算列车从银川到西安的时间，可以将列车看作质点【答案】D【解析】【分析】【详解】A．“618km”指的是路程，故A错误；B．“250km/h”是全程

的平均速度，故B错误；C．“3小时4分钟”指的是时间，故C错误；D．计算列车从银川到西安的时间，因列车的长度相对于路程而言可忽略，则可以将列车看作质点，故D正确。故选D。2.关于速度、速度变化量和加速度，下列说法正确的是（）A.速度的变化量越大，加速度

一定越大B.速度的变化率小，速度一定变化慢C.加速度很大时，速度一定很快变大D.某时刻速度为零，加速度不可能很大【答案】B【解析】【分析】【详解】A．根据=vat可知，物体的速度变化量越大，它的加速度不一定越大，还与时间有关，故A错误；B．加速度是表示速度变化快慢

的物理量，故速度的变化率小，加速度小，则速度一定变化慢，故B正确；C．物体做减速运动时，加速度很大，运动物体的速度很快变小，故C错误；D．某时刻速度为零，加速度可能很大，如火箭在升空瞬间，速度为零，加速度很

大，故D错误。故选B。3.某同学从楼顶将一小球由静止释放，已知小球在空中运动的平均速度为10m／s，则此座高楼的楼高的为A.10mB.20mC.30mD.40m【答案】B【解析】【分析】根据自由落体运动和平均速度公式联立进行求解即可；【详解】设楼高为h，落地时

间为t，则212hgt=，根据平均速度公式得：21210/gtxvmstt===整理得到：20tsg=，则21202hgtm=，故选项B正确，选项ACD错误．【点睛】本题关键明确自由落体运动的运动性质，然后根据

运动学公式列式求解．4.一质点做匀加速直线运动，其运动的stt−图象如图所示。则根据图象可以判断（）A.质点做匀加速直线运动的加速度为2m/s2B.质点在1s末的瞬时速度为4m/sC.质点在0-1s内的平均速度为4m/sD.质

点在0-1s内的位移为3m【答案】C【解析】【分析】【详解】A．根据匀变速直线运动的位移-时间公式2012svtat=+变形得012satvt=+可知stt−图象的斜率12ka=，由题图可得2242m/s2m/s1k−==则质点做匀加速直线运动，质点的加速度

24m/sa=，故A错误；B．当0t=时，2m/sst=，代入012satvt=+得02m/sv=故质点在1s末的瞬时速度为0(241)m/s6m/svvat=+=+=故B错误；C．质点在0~1s内的平均速度为

026m/s4m/s22vvv++===故C正确；D．质点在0~1s内的位移为41m4mxvt===故D错误。故选C。5.一个物体从x=2m处开始沿着直线运动，其运动的速度与时间的关系图象如图所示，则下列说法正确的是（）A.物体在t=6.5s时的加速度与t=7.5s时的加速度大小相等、

方向相反B.物体在0~8s内的位移为12mC.物体在0~6s内的位移与0~8s内的位移相同D.物体在t=6s时离出发点最远【答案】C【解析】【分析】【详解】A．由题图可知，因为在t=6.5s时与t=7.5s

时图象的斜率相同，根据v-t图象的斜率表示加速度，所以物体在t=6.5s时的加速度与t=7.5s时的加速度大小相等、方向相同，故A错误；BC．根据图象与时间轴围成的面积表示位移，知物体在0～6s内的位移为1462m10m2

x+==0～8s内的位移为24721(2)m10m22x+=−=即0~6s内的位移与0~8s内的位移相同，均为10m，故C正确，B错误；D．在0-7s内物体沿正方向运动，7-8s内物体沿负方向运动，在第7s末运动方向发生改变，所以物体在t=7s时离出发点最远

，故D错误。故选C。6.如图所示，一小孩用水平力推置于水平地面上的木箱，未推动，下列说法中正确的是（）A.小孩对木箱的推力，是由于木箱发生形变而产生的B.木箱所受的重力就是地球对木箱的吸引力C.木箱对地面的压力就是木箱所受的重力D.小孩对木箱的推力和地面对木箱的摩擦

力是一对平衡力【答案】D【解析】【分析】【详解】A．小孩对木箱的推力，施力物体是小孩，所以不是由木箱发生形变产生的，故A错误；B．木箱所受的重力只是地球对木箱引力的分力，故B错误；C．压力与重力等大同向，但不是同性质的力，不

是同一个力，故C错误；D．小孩推木箱没推动，则小孩对木箱的推力和地面对木箱的摩擦力是一对平衡力，故D正确。故选D。7.某同学在探究“弹力和弹簧伸长的关系”实验中，通过实验画出弹簧弹力F(N)与弹簧总长度x(m)的关系图线如图所示，则下面说法正确的是（）A.弹簧的原长0x是10cmB.弹

簧产生的弹力F与弹簧总长度x成正比C.弹簧产生的弹力是15N时，此时弹簧的长度是16cmD.弹簧的劲度系数是150N/m【答案】A【解析】【分析】【详解】A．由图线和坐标轴交点的横坐标表示弹簧的原长可知弹簧的原长为10cm，故A正确；B．由图可知，

弹簧产生的弹力F与弹簧总长度x是线性关系，不是成正比，故B错误；CD．当拉力为30N时，弹簧的形变量为△x=0.2m-0.1m=0.1m由胡克定律F=kx得30300N/m0.1Fkx===当弹力是15N时15m0.05m300Fxk===此时弹簧的长度

L=L0+△x′=0.1m+0.05m=0.15m=15cm故CD错误。故选A。8.物体受到以下几组3个力作用，其中不能处于平衡态的是：（）A.3N、4N、5NB.3N、5N、5NC.1N、4N、7ND.5N、5N、5N【答案】C【解析】【分析】三力合成

时要使合力为零，应使任意两力之和大于第三力，任意两力之差小于第三力。【详解】A．3N和4N的合力范围是1N7NF,5N在这个范围内，合力可以为零，可以处于平衡态，故A错误；B．3N和5N的合力范围是2N8NF,5N在这个范围内，合力可以为零，可以处于平衡态，故B错误；C．1N和

4N的合力范围是3N5NF,7N不在这个范围内，合力不为零，不能处于平衡态，故C正确；D．5N和5N的合力范围是0N10NF,5N在这个范围内，合力可以为零，可以处于平衡态，故D错误；故选C。9.如图，重力为G的物体静止在倾角为θ的斜面

上，将重力G分解为平行斜面向下的力G1和垂直斜面向下的力G2，那么下列说法正确的是（）A.高大的桥梁要修建很长的引桥，是为了减小汽车重力沿桥面向下的分力G1B.G1大小为GcosθC.G2就是物体对斜面的压力D.物体受到重力、斜面对物体的支持力、静

摩擦力、G1和G2五个力的作用【答案】A【解析】【分析】【详解】A．高大的桥要建很长的引桥，减小斜面的倾角，根据力的平行四边形定则可知，汽车重力沿桥面向下的分力减小，达到行车方便和安全的目的，故A正确；B．根据数学知识可知1sinGG=故B错误；C．G2不是物体对斜

面的压力，而使物体紧压斜面的力。因为物体对斜面的压力受力物体是斜面，而G2的受力体是物体，故C错误；D．物体受到重力、斜面对物体的支持力、静摩擦力、共3个力，G1和G2只是重力的分力，故D错误。故选A。10.下列说法正确的是（）A.静止或匀速直线运动的物体，一定不受任何外力作用B.伽利略通

过“理想斜面实验”得到了“力不是维持物体运动的原因”的结论C.牛顿第一定律可以用实验直接验证D.物体静止时有惯性，一开始运动，不再保持原有的运动状态，也就失去了惯性【答案】B【解析】【分析】【详解】A．静止或

匀速直线运动的物体，处于平衡状态，可能不受力，也可能受外力作用，且受到的外力合力为零，故A错误；B．伽利略通过“理想斜面实验”得到了“力不是维持物体运动的原因”的结论，故B正确；C．牛顿第一运动定律的条件是物体不受任何外力，这在我们的现实生活中是不可能的，故牛顿第一定律不可以用实验直接验证，

故C错误；D．物体的惯性只与质量有关，与运动与否、运动速度大小无关，故D错误。故选B。11.单位制是物理学的重要组成部分，统一单位制使不同国家和地区的人们交流更方便。关于单位制，下列说法正确的是（）A.力的国际单位21N1kgms−=B.所有的物理量都有单位C.国

际制单位一定都是基本单位D.力学范围内的三个基本单位是长度、质量、时间【答案】A【解析】【分析】【详解】A．由牛顿第二定律F=ma可得21N1kgms−=故A正确；B．并不是所有物理量都有单位，如前面学过的动摩擦因数就没有单位，故B错误；C．国际单位制单位也

不一定都是基本单位，可以是导出单位，故C错误；D．长度、质量、时间是力学范围内的三个基本量，三个基本单位是千克、米、秒，故D错误。故选A。12.如图所示，A、B球间是轻绳，A球与天花板间及B、C球间是轻弹簧，开始整个系统竖直静止。已知三球质量相等，重力加速度大小为g。则剪断轻绳的瞬间，A、B、C

三球的加速度大小分别为（）A.02g0B.2g2g0C.00gD.3gg2g【答案】B【解析】【分析】【详解】设三个球质量均为m，在轻绳剪断前，将三球看成整体由平衡条件得，上面弹簧对A球的弹力大小为3mg、方向竖直向上；将BC两球看成整体，轻绳对A球拉力大小为2mg、方向竖直向下；

下面弹簧对C球的弹力大小为mg；则在轻绳剪断瞬间，弹簧对A球弹力大小和方向不变，而轻绳对A球拉力消失，故由牛顿第二定律可得此时A球加速度大小为32Amgmgagm−==同理剪断轻绳瞬间，BC间弹簧的弹力大小和方向也不变，故可得B球加速度大小为2Bmgmgag

m+==C球加速度大小为0Cmmgamg−==故B正确，ACD错误。故选B。13.如图所示，用力F提起用轻绳连在一起的A、B两物体匀加速竖直上升，已知A、B的质量分别为1kg和2kg，g取10m/s2，绳子所能承受的最大拉力是30N，为使绳不被拉断，作

用在A物体上的拉力F的最大值是（）A.30NB.45NC.60ND.75N【答案】B【解析】【分析】【详解】设当绳子上的拉力达到最大时两物体的加速度为a，对B由牛顿第二定律得TBBFmgma−=对A、B整体由牛顿第二定律得()()ABABFmmgmma−+=+联

立解得F=45N故选B。14.如图甲所示，质量为2kg的物体在平行于斜面的拉力F的作用下沿粗糙斜面向上运动一段时间后撤去F，其运动的速度v随时间t变化的关系如图乙所示，重力加速度g取10m/s2，根据

已有条件可以计算出（）A.斜面的长度B.斜面的倾角C.斜面与物体之间的动摩擦因数D.拉力F的大小【答案】D【解析】【分析】【详解】A．v－t图象与时间轴所围的面积表示物体沿斜面运动的位移，但不确定物体运动的起点与终点是否是斜面的最低点与最高点，因此不能确定斜面的长

度，故A错误；BCD．从题图象可知，撤去F前物体的加速度大小为2211182m/s1m/s6vat−===根据牛顿第二定律可得F－mgsinθ－μmgcosθ=ma1撤去F后物体的加速度大小为2222280m/s2m/s106vat−===−根据牛顿第二定律有mgsinθ+μmgcosθ=

ma2联立解得F=6N不能求出斜面的倾角及斜面与物体之间的动摩擦因数，故D正确，BC错误。故选D。15.如图所示的实验中，用小锤击打弹性金属片后，A球沿水平方向抛出，做平抛运动；同时B球被释放，做自由落体运动。观察两球的运动轨迹、比

较两球的落地时间，并在不同的高度重复实验。我们发现每次实验两球都同时落地。这个实验能直接得到的结论是（）A.平抛运动可分解为竖直方向的自由落体运动和水平方向的匀速直线运动B.平抛运动的位移和自由落体的位移相等

C.自由落体运动和平抛运动在相等的时间内下落的高度相同D.自由落体的速度和平抛运动的速度相等【答案】C【解析】【分析】【详解】由于无论高度如何，两个小球都同时落地，因此直接结论就是相同时间内下落的高度相同，推论就是平抛运动在竖直方向上是自由

落体运动，从而可以推得平抛运动在竖直方向上的加速度就是自由落体加速度，故选C。二、多选题（每题4分，共20分）16.下列说法正确的是（）A.刻度尺刻度不均匀会导致偶然误差B.测质量时，天平没有调节水平会导致系统误差C.用光电门测瞬时速度时，遮光片较宽导致偶然误差D.0.0030m是两位有效数字【答

案】BD【解析】【分析】【详解】A．刻度尺刻度不均匀会导致系统误差，A错误；B．测质量时，天平没有调节水平会导致系统误差，B正确；C．用光电门测瞬时速度时，遮光片较宽导致系统误差，C错误；D．0.0030m是两位有效数字，D正确。故选BD。17.两个力1F和

2F之间的夹角为，其合力为F，下列说法正确的是（）A.合力F和分力1F、2F同时作用在受力物体上B.合力F总比分力1F和2F中的任何一个力都大C.若1F和2F大小不变，角越大，则合力F就越小D.若夹角大于90°，1F大小不变，2F增大，合力F不一定增大【答案】CD【解析】【分析】【详解】A

．合力和分力在作用效果上相等，不是同时作用在物体上的力，故A错误；B．合力与分力是等效关系，合力F的范围为|F1-F2|≤F≤F1+F2可知合力不一定大于任一分力，也有可能小于某一分力，故B错误；C．由力的合成法则可知，F1、F2大小不变，合力F的大小随

F1、F2间夹角增大而减小，随F1、F2间夹角减小而增大，故C正确；D．如果夹角θ的范围为90°＜θ＜180°根据平行四边形定则作图，如图从图中可以看出，合力先减小后增加，存在相等的可能，故D正确。故选C

D。18.有一辆汽车在一个沙尘暴天气中以20m/s的速度匀速行驶,司机突然模糊看到正前方十字路口有一个老人跌倒在地,他立即刹车,刹车后加速度大小为5m/s2,则()A.经4s汽车速度变为零B.汽车刹车后6s内的位移为40mC.汽车在第4s末、第3s末、第2s末的速度之比为3∶

2∶1D.汽车第一个1s内，第二个1s内，第三个1s内，第四个1s内位移之比为1∶3∶5∶7【答案】AB【解析】【分析】【详解】A．汽车速度减为零时的时间04svta==选项A正确；B．汽车刹车后6s内的位移等于4s内的位移0644

0m2vxxt===选项B正确；CD．将刹车过程的逆过程看做初速度为零的匀加速运动，则汽车在第4s末速度为零；汽车在第3s末、第2s末、第1s末的速度之比为1∶2∶3；汽车第一个1s内，第二个1s内，第三

个1s内，第四个1s内位移之比为7∶5∶3∶1，选项CD错误。故选AB。19.如图所示，A、B是两个完全相同的光滑金属球，放在竖直挡板和倾角为的斜面之间，均处于静止状态。现缓慢逆时针转动挡板，在挡板由图示的实线位置转到虚线位置的过程

中，则（）A.A球对斜面的压力一直变小，B球对斜面的压力保持不变B.A球对斜面的压力一直变大，B球对斜面的压力保持不变C.A球对挡板的压力一直变小，A、B两球间的弹力保持不变D.A球对挡板的压力一直变大，A、B两球间的弹力保持不变【答案】AC【解析】【分析】【

详解】以B球为研究对象，分析受力情况如图1所示，A对B的弹力N2=GBsinθ，斜面对B的支持力N1=GBcosθ，缓慢逆时针转动挡板的过程中，θ不变，则A对B的弹力N2、斜面对B的支持力N1均保持不变，故AB两球间的弹力保持不变，B球对斜

面的压力保持不变；以AB整体为研究对象，分析受力情况，由平衡条件，运用图解法可知，斜面对整体的支持力一直减小，而斜面对B的支持力不变，则知斜面对A的支持力一直减小，由牛顿第三定律得知，A球对斜面的压力一直变

小，故选AC。20.如图所示，斜面静止在水平地面上，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为θ的斜面C匀速下滑，则以下说法正确的是（）A.地面对斜面的静摩擦力方向一定水平向左B.B对A

的作用力大小一定为mg，方向为竖直向下C.A受到斜面的滑动摩擦力大小一定为2sinmgD.A与B间的动摩擦因数一定为tan=【答案】BC【解析】【分析】【详解】A．因两物体沿斜面C匀速下滑，与静止等效，可知地面对斜面没有静摩

擦力的作用，故A错误；B．隔离物体B进行受力分析可知，B受到竖直向下的重力和A对B的作用力，在这两个力的作用下处于平衡状态，故两个力等大反向，故A对B的作用力大小一定为mg，方向竖直向上。根据牛顿第三定律可知，B对A的作用力大小一定为mg，方向竖直向下，故B正

确；C．将AB视为整体进行受力分析，由平衡知识，沿斜面方向2sinfmg=则A受到斜面的滑动摩擦力大小一定为2sinmg，故C正确；D．由于A、B之间为静摩擦力，无法确定摩擦因数，故D错误。故选BC。三、实验题（每空2分共14分）21.

在“验证力的平行四边形定则”实验中需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到某一点并记下该点的位置；再将橡皮条的另一端系两根细绳，细绳的另一端都有绳套，用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条。(1)某同学认为在此过程中必须注意

以下几项A．两根细绳必须等长B．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相等E．在用两个弹簧秤同时拉细绳时必须将橡皮条的另一端拉到用一个弹簧秤拉时记下的位置其

中正确的是___________（填入相应的字母）。(2)“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的示意图。①图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_

__________。②本实验采用的科学方法是___________（填正确答案标号）。A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法(3)某同学在坐标纸上画出了如图丙所示的两个已知力F1和F2，图中小正方形的边长表示2N，两力的合

力用F表示，关于F1、F2与F关系正确的有___________（填正确答案标号）。A．F1=4NB．F=12NC．F2=8ND．F=10N【答案】(1).CE(2).F′(3).B(4).B【解析】【分析】【详解】

(1)[1]A．两根细绳没有必要等长，A错误；B．橡皮条没有必要与两绳夹角的平分线在同一直线上，B错误；C．为了减小读数误差，在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行，C正确；D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时没有必要使两个弹簧秤的读

数相等，D错误；E．为了使两次力的作用效果相同，在用两个弹簧秤同时拉细绳时必须将橡皮条的另一端拉到用一个弹簧秤拉时记下的位置，E正确。故选CE。(2)[2]由二力平衡条件，F′方向一定沿AO方向。[3]因为两次拉力的作用效果相同

，则本实验采用的科学方法是等效替代法，B正确，ACD错误。故选B。(3)[4]根据平行四边形法则作图，合力的大小为12N，B正确，ACD错误。故选B。22.为“验证牛顿第二定律”，某同学设计了如下实验方案：A.实验装置如图甲所示，一端系在滑

块上的轻质细绳通过转轴光滑的轻质滑轮，另一端挂一质量为m=100g的钩码。用垫块将长木板附定滑轮的一端垫起，调整长木板的倾角，直至轻推滑块后，滑块沿长木板向下做匀速直线运动；B.保持长木板的倾角不变，取下细绳和钩码，连接纸带，接通打点

计时器的电源，然后让滑块沿长木板滑下，打点计时器打下的纸带如图乙所示；请回答下列问题：(1)图乙中纸带的______端与滑块相连（选填“左“或“右”）；(2)图乙中相邻两个计数点之间还有4个点未画出，打点计时器接频率为50Hz的交流电源，根据图乙求出滑块的加速度a=______m/s2；(3

)不计纸带与打点计时器间的阻力，滑块的质量M=______kg（g取10m/s2，结果保留3位有效数字）。【答案】(1).右(2).1.65(3).0.606【解析】【分析】【详解】(1)[1].因为打点计时器每隔0

.02s打一个点，两个计数点之间还有4个打点未画出，所以两个计数点的时间间隔为T=0.1s，时间间隔是定值，滑块拖动纸带下落的运动过程中，速度越来越快，所以相等时间内运动的位移越来越大，所以图乙中纸带的右端与滑块相连。(2)[2]

.根据△x=aT2利用逐差法，有2220.0790.06250.0460.0295m/s1.65m/s40.1a+−−=＝(3)[3].由A步骤可知，取下细绳和钩码后，滑块受到的合外力为F=0.1×10N=1.0N根据牛顿第二定律得1.0kg0.606kg1.65FMa=＝四、计算题（共36分

）23.如图（a）所示，轻绳AD跨过固定在竖直墙上的水平横梁BC右端的定滑轮挂住一个质量为11kgM=的物体，∠ACB=30；图（b）中轻杆HG一端用铰链固定在竖直墙上，另一端G通过细绳EG拉住，EG与水平方向也成30，

轻杆的G点用细绳GF拉住一个质量21kg=M的物体，求：(1)轻杆BC对C端的支持力：(2)轻杆HG对G端的支持力。【答案】(1)10N，与水平方向夹角为30右上方；(2)103N，水平向右【解析】【分析】【详解】(1)分别取C点和G点为研究对象，进行受力分析如右图（a）和右图（b）

所示图（a）中轻绳AD跨过定滑轮拉住质量为M1的物体，物体处于平衡状态，轻绳AC段的拉力110NACCDFFMg===且两绳夹角为120，由平衡可知110NNCACFFMg===方向与水平方向成30，指向斜右上方；(2)根据平衡方程有2sin30=10NEGFMg=，NGcos30EGFF

=则211110N103Ntan3033NGFMg===方向水平向右。24.在水平地面上有一质量为2kg的物体，物体在水平拉力F的作用下由静止开始运动，10s后拉力大小减为原来的一半，该物体的运动速度随时间变化的图象如图所示

，g取10m/s2。求：(1)物体受到的拉力F的大小；(2)物体与地面之间的动摩擦因数。【答案】(1)F=14N；(2)0.6【解析】【分析】【详解】在0~10s内，物体的加速度211m/svat==方向沿正方向，在10~14s内，物体的加

速度222.5m/svat==方向沿负方向，加速过程由牛顿第二定律，有1Fmgma−=减速过程，由牛顿第二定律，有22Fmgma−=−联立解得F=14N，0.6=25.从某一高度平抛一物体，

落地时的速度是50m/s，方向与水平方向夹角是37°，g取10m/s2。求：(1)平抛运动的时间；(2)平抛运动的水平位移和竖直高度。【答案】(1)3s；(2)120m；45m【解析】【分析】【详解】(1)根据平抛运动

的水平分运动为匀速直线运动，竖直分运动为自由落体运动，则落地速度构成的速度三角形可得0cos37=500.8m/s=40m/svv=sin37=500.6m/s=30m/syvv=根据ygt=v可得，平抛的时间为3syvtg

==(2)平抛的水平位移为0120mxvt==竖直位移为2145m2ygt==26.如图所示，在台秤的托盘上放一个底面粗糙、斜面光滑，倾角为的斜面体，质量为M，斜面上放一个质量为m的物体。物体沿光滑斜面下滑的过程中，斜面体始终静止。求：(1)台秤对斜面体的支持力大小；(2)台秤

对斜面体的摩擦力大小。【答案】(1)2cosNMgmg=+；(2)cossinfmg=【解析】【分析】【详解】(1)对m受力分析可知，受重力mg、斜面的支持力1N，由牛顿第二定律可知其下滑的加速度为sinag

=对斜面体和物体的整体受力分析由系统的牛顿第二定律可知，竖直方向有()sinMmgNma+−=解得22()sincosNMmgmgMgmg=+−=+(2)对系统在水平方向由牛顿第二定律有coscossinfmamg

==台秤对斜面体的摩擦力方向水平向左。27.如图，水平桌面上静止放置一质量1kgM=、长为1mL=的木板板上最右端放一质量2kgm=的滑块可看做质点，以20NF=的水平力拉木板，将其从滑块下面抽出来．若所有接触面间的动摩擦因数均为0.3=，210m/sg=.（1）求滑块与

木板间的摩擦力1f多大，木板与桌面间的摩擦力2f多大；（2）求滑块从木板上掉下的时间t为多少？【答案】（1）6N；9N（2）1s【解析】【分析】【详解】解：(1)滑块与木板之间的摩擦力10.3210N6Nfmg===木板与桌面间的摩

擦力2()0.3(12)10N9NfMmg=+=+=(2)当滑块与木板间的摩擦力达到最大静摩擦力，木板将从物体下面抽出，对滑块，根据牛顿第二定律得：11fma=解得：213m/sa=对木板：122FffMa−−=解得：22

5m/sa=滑块位移：21112xat=，木板的位移：22212xat=滑落时：21xxL−=代入数据解得：1st=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com