【文档说明】北京市第十一中学2024-2025学年高一上学期10月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(18)页，1.337 MB，由小赞的店铺上传

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2024北京十一中高一10月月考物理满分100，考试时间：90分钟注意事项：答题前填好姓名、班级、考号等信息；将答案填写在答题卡指定位置。第I卷（选择题）一、单选题（共33分，每题3分）1.某同学想从学校骑行到天

安门广场，他利用手机某地图APP进行导航，如图为导航界面的截图，其推荐路线中有两个数据：18分钟、3.1千米，下列相关说法正确的是（）A.研究在导航中实时位置时，不可以把该同学看作质点B.18分钟表示的是某个时刻C.此次行程的平均速度的大小

约为2.87m/sD.此次行程的位移的大小比3.1千米要小【答案】D【解析】【详解】A．研究在导航中实时位置时，该同学的大小和形状可以忽略不计，则可以把该同学看作质点，故A错误；B．18分钟表示的是时间间隔

，故B错误；C．由于3.1km表示路程，则此次行程的平均速率的大小约为33.110m/s2.87m/s1860svt===故C错误；D．由于3.1km表示的是路程，则此次行程的位移的大小比3.1千米要小，故D正确。故选D。2.在距离地面15m高的位置以10m/s的初速度竖直向

上抛出一小球，小球上升5m后回落，最后落至地面。从小球被抛出到落至地面，共历时3s，落地前瞬间小球速度的大小为20m/s。规定竖直向上为正方向。下列说法中正确的是（）A.若以抛出点为坐标原点，则小球在最高点的坐标为5m−B.从最高点到落地点，小球的位移

为20mC.从抛出点到落地点，小球的平均速度为5m/sD.从抛出点到落地点，小球的速度变化量为30m/s−【答案】D【解析】【详解】A．若以抛出点为坐标原点，则小球在最高点的坐标为5m，故A错误；B．若以抛出点为坐标原点，则小球在落地点的坐标为15m−，从最高点到落地点，位移为15m5m20mx

=−−=−故B错误；C．从抛出点到落地点，位移为115m015mx=−−=−则小球的平均速度为115msxvt==−故C错误；D．从抛出点到落地点，小球的速度变化量为20ms10ms30msv=−−=−故D正确故选D。3

.伽利略相信，自然界的规律时简单明了的。他从这个信念出发，猜想落体的速度应该是均匀变化的。为验证自己的猜想，他做了“斜面实验”，如图所示。发现铜球在斜面上运动的位移与时间的平方成正比。改变球的质量或增大斜面倾角，上

述规律依然成立。于是，他外推到倾角为90的情况，得出落体运动的规律。结合以上信息，判断下列说法正确的是A.伽利略通过“斜面实验”来研究落体运动规律是为了便于测量速度B.伽利略通过“斜面实验”来研究落体运动规律是为了便于测量加速度C.由“斜面实验”的结论可知，铜球运动的速度随位移均匀增大D.由“

斜面实验”的结论可知，铜球运动的速度随时间均匀增大【答案】D【解析】【详解】AB．自由落体运动下落很快，不易计时，伽利略让小球沿阻力很小的斜面滚下，延长了小球的运动时间，“冲淡”了重力的作用，故AB错误；CD．由“斜面实验”可知，铜球在斜面上运动的位移与时间的平方成正比，由公式2vax=可知

，铜球运动的速度随时间均匀增大，故C错误，D正确。故选D。4.一辆汽车以10m/s的速度匀速行驶，制动后做匀减速直线运动，经2s停止，汽车的制动距离为（）A.5mB.10mC.20mD.30m【答案】B【解析】【详解】速度公式汽车做末速度为零的匀减速直线运

动，则有0100210m22vvxt++===故选B。。5.某国产车型启用全新动力标识，新的命名方式直接与车辆的加速性能联系起来，如图，TFSI前面的那组数字称为G值，单位为2m/s，计算公式为“10vGt=”，式中v为从静止加速到时速100公里的速度变化量，

𝛥𝑡为不同车型的百公里加速时间。则以下说法正确的是（）A.G值越大，车辆的速度变化量越大B.G值越大，车辆的动力越强劲C.时速100公里是指车辆百公里加速的平均速度D.标识为45TFSI的车辆百公里加速时间约为7.3s

【答案】B【解析】【分析】【详解】AB．由题设所给的G值的公式可知，G值越大，该车的加速度越大，速度的变化率越大，由牛顿第二定律可知车辆的动力越强劲，故A错误，B正确；C．时速100公里为瞬时速度，故C错误；D．100km/h27.8m，根据公式可得27.810s6.2s45t故D

错误。故选B。6.用同一张底片对着小球运动的路径每隔0.1s拍一次照，得到的频闪照片如图所示，则小球在图中运动过程的平均速度大小约是（）A.60m/sB.0.20m/sC.0.17m/sD.0.6m/s【答案】B【解析】【详解】由图可知，全程的位移为514cmx=−=所用时

间为20.10.2st==故小球在图中运动过程的平均速度大小为0.2m/sxvt==故选B。7.一小车沿直线运动，从t=0开始由静止匀加速至t=t1时刻，此后做匀减速运动，到t=t2时刻速度降为零。在下列小车位移x与时间t的关系曲线中，可能正确的是（）

A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】x—t图像的斜率表示速度，小车先做匀加速运动，因此速度变大即0—t1图像斜率变大，t1—t2做匀减速运动则图像的斜率变小，在t2时刻停止图像的斜率变为零。故选D。8.铯原子喷泉钟是定标“秒”的装置。在喷泉钟的真空系统中，可视为质点的铯原子团在激光的推动下

，获得一定的初速度。随后激光关闭，铯原子团仅在重力的作用下做竖直上抛运动，到达最高点后再做一段自由落体运动。取竖直向上为正方向。下列可能表示激光关闭后铯原子团速度v或加速度a随时间t变化的图像是（）A

.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】AB．铯原子团仅在重力的作用，加速度g竖直向下，大小恒定，在vt−图像中，斜率为加速度，故斜率不变，所以图像应该是一条倾斜的直线，故选项AB错误；CD．因为加速度恒定，且方向竖直向下，故为负值，故选项C错误，选项D正

确。故选D。9.商场自动感应门如图所示，人走进时两扇门从静止开始同时向左右平移，经4s恰好完全打开，两扇门移动距离均为2m，若门从静止开始以相同加速度大小先匀加速运动后匀减速运动，完全打开时速度恰好为0，则加速度的大小为（

）A.21.25m/sB.21ms/C.20.5ms/D.20.25m/s【答案】C【解析】【详解】设门的最大速度为v，根据匀变速直线运动的规律可知加速过程和减速过程的平均速度均为2v，且时间相等，均为2s，根据42vx=可得1

m/sv=则加速度221m/s0.5m/s2vat===故选C。10.长为l的高速列车在平直轨道上正常行驶，速率为v0，要通过前方一长为L的隧道，当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v（v<v0）。已知列车加速和减速

时加速度的大小分别为a和2a，则列车从减速开始至回到正常行驶速率v0所用时间至少为（）A.02vvLlav−++B.02vvLlav−++C.3(𝑣0−𝑣)2𝑎+𝐿+𝑙𝑣D.3(𝑣0−𝑣)𝑎+𝐿+2𝑙𝑣【答案】C【解析

】【详解】由题知当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v（v<v0），则列车进隧道前必须减速到v，则有v=v0-2at1解得012vvta−=在隧道内匀速有2Lltv+=列车尾部出隧道后立即加速到v0，有v0=v+at3解得03vvta

−=则列车从减速开始至回到正常行驶速率v0所用时间至少为03()2vvLltav−+=+故选C。11.如图所示，电动公交车做匀减速直线运动进站，连续经过R、S、T三点，已知ST间的距离是RS的两倍，RS段的

平均速度是10m/s，ST段的平均速度是5m/s，则公交车经过T点时的瞬时速度为（）A.3m/sB.2m/sC.1m/sD.0.5m/s【答案】C【解析】【详解】由题知，电动公交车做匀减速直线运动，且设RS间的距离为x，则根据题意有1

2RSRSvvxvt+==，222STSTvvxvt+==联立解得t2=4t1，vT=vR－10再根据匀变速直线运动速度与时间的关系有vT=vR－a∙5t1则at1=2m/s其中还有1122tRtvva=−解得vR=11m/s联立解得vT=1m/s故选C。二、多选题（共12分

，每题4分，漏选得2分，多选错选0分）12.一个做变速直线运动的物体，其加速度方向不变而大小逐渐减小到零，那么该物体的运动情况可能是（）A.速度不断增大，到加速度减小到零时速度达到最大，而后做匀速直线运动B.速度不断减小，到加速度减小为零时反向做匀速直线运动C速度

不断减小，到加速度减小到零时运动停止D.速度不断减小到零后，又反向做加速运动，最后做匀速运动【答案】ACD【解析】【详解】A．当加速度方向与速度方向相同时，物体速度不断增大，到加速度减小到零时速度达到最大，而后做匀速直线运动，A正确；BCD．当加速度方向与速度方向相反时，物体的

速度不断减小，以下有三种可能：①如果加速度先减小到零，则物体的速度不再减小，而后物体做匀速直线运动，B错误；.②如果速度先减小到零，则物体又反向做加速运动，加速度减小到零时，物体向反方向做匀速直线运动

，D正确；③如果加速度和速度同时减小到零，则物体停止运动，C正确。故选ACD。13.甲、乙两车在同一平直公路上同向运动，甲做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动。甲、乙两车的位置x随时间t的变化如图所示。下列说法正确的是（）A.在1t时刻两车相遇B.从0到1t时间内

，两车走过的路程相等C.从1t到2t时间内，两车走过的路程相等D.在1t到2t时间内的某时刻，两车速度相等【答案】ACD【解析】【详解】A．xt−图像的交点表示相遇，故两车在1t时刻两车相遇，故A正确；B．t1时刻两车在同一

位置，由于甲乙的起点位置不同，所以在0到t1时间内，两车走过的路程不相等，故B错误；C．由图可知，两车在1t、2t时刻两车相遇，则从1t到2t时间内，两车走过的路程相等，故C正确；D．xt−图像的斜率大小表示速度的大小

，由图可知，甲车的速度先小于、后大于乙车速度，故在1t到2t时间内的某时刻，两车速度相等，故D正确。故选ACD。14.可以用位移传感器测量速度，如图所示，位移传感器工作时由装置C发出短暂超声波脉冲，脉冲被运动物体反射后又被装置

C接收，通过发射与接收的时间差和超声波的速度可以计算出被测物体运动的平均速度。若被测物体正远离装置C，已知第一次发射和接收超声波脉冲的时间间隔为1t，第二次发射和接收超声波脉冲的时间间隔为2t，两次脉冲发出的时间间隔为3t，超声波在空气中的速度为v，则以下说法正确的是（）A.第一次发射的超

声波到达被测物体时，被测物体到位置C的距离为12vtB.第二次发射的超声波到达被测物体时，被测物体到位置C的距离为22vtC.被测物体的平均速度为()213122vttttt−++D.被测物体的平均速度为()213122vttttt−−+【答案

】ABD【解析】【详解】A．超声波在空气中的速度为v，因此第一次发射的超声波到达被测物体时，被测物体到位置C的距离为112vtx=A正确；B．第二次发射的超声波到达被测物体时，被测物体到位置C的距离为22

2vtx=B正确；CD．两次发射超声波到达被测物体的时间间隔为12322tttt=−+则被测物体的平均速度为()212112312322222vtvtvttxvttttttt−−===−+−+C错误，D正确。故选ABD。第II卷三、实验题（共20分，每空2分）15.某同学利用如图（a）

所示的实验装置探究物体做直线运动时平均速度与时间的关系。让小车左端和纸带相连。右端用细绳跨过定滑轮和钩码相连。钩码下落，带动小车运动，打点计时器打出纸带。某次实验得到的纸带和相关数据如图（b）所示。（1）已知打出图（b）中相邻两个计数点的时间间

隔均为0.1s．以打出A点时小车位置为初始位置，将打出B、C、D、E、F各点时小车的位移Δx填到表中，小车发生对应位移和平均速度分别为x和v，表中ADx=________cm，ADv=________cm/s。位移区间ABACADAEAF()Δcmx6.6014.6

0ADx34.904730()cm/sv66.073.0ADv87.394.6（2）根据表中数据得到小车平均速度v随时间t的变化关系，如图（c）所示。在答题卡上的图中补全实验点_____。.（3）从实验结

果可知，小车运动的vt−图线可视为一条直线，此直线用方程vktb=+表示，其中k=________2cm/s，b=________cm/s。（结果均保留3位有效数字）（4）根据（3）中的直线方程可以判定

小车做匀加速直线运动，得到打出A点时小车速度大小Av=________，小车的加速度大小a=________。（结果用字母k、b表示）【答案】①.24.00②.80.0③.④.71.5⑤.58.7⑥.b⑦.2k【解析】【详解】（1）[1]根据纸带的数据可得6.60cm8.00

cm9.40cm24.00cmADABBCCDxxxx=++=++=[2]平均速度80.0cm/s3ADADxvT==（2）[3]根据第（1）小题结果补充表格和补全实验点图像得（3）[4][5]从实验结果可知，小车运动的vt−图线可视为一条直线，图像为为此直线用方程vktb=+表示，由图

像可知其中2294.666.0cm/s71.5cm/s0.4k−==，58.7cm/sb=（4）[6][7]小球做匀变速直线运动，由位移公式2012xvtat=+，整理得012xvatt=+即12Avvat=+故根据图像斜率和截距可得Avb=，2ak=16.用如图甲所示的实验装置来研究自

由落体运动的规律和测量当地的重力加速度。保持电磁铁的位置不变，光电门B的位置不变，让光电门A处在不同位置，多次做自由落体运动的实验，从竖直杆上的标尺（图中未画出）读出A、B间的距离h，读出小球通过A的时间t，已知小球的直径为d，且dh。（1）当A、B间的距离h减小时，小球从A运动到B

的平均速度________（填“不变”“减小”或“增大”）。（2）用实验数据画出的21()ht−关系图像如图乙所示，则当地的重力加速度g=________（用a、b、d表示），小球通过B的时间Bt=________（用a表示）。【答案】（1）增大（2）①.22a

db②.aa【解析】【小问1详解】设竖直方向小球释放位置与光电门B的距离为H，则2B2vgH=可知小球通过光电门B的速度相等，小球做自由落体运动，下落过程中小球速度逐渐增大，当A、B间的距离h减小时，小球从A运动到B的时间减小，则小球通过光电门A的速度增大，小球从A运动到B的平均

速度为AB2vvv+=故当A、B间的距离h减小时，小球从A运动到B的平均速度增大。【小问2详解】[1]根据极短时间的平均速度等于瞬时速度，小球通过光电门A的速度为Avdt=设竖直方向小球释放位置与光电门B的距离为H，则2B2vgH=又22BA2vvg

h−=整理得2212()dhHgt=−+根据图像斜率和纵截距可得2020dbkga−=−=−，Hb=解得当地的重力加速度22adgb=[2]根据动力学公式2B2vgH=小球通过B的时间BBdtv=联立解得Bata=四、解答题（共35分，须有必要的过程，注意答题规范）17.质量m=50kg

的人以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡倾角θ=30°，在t=5s的时间内滑下的路程s=60m（g=10m/s2）。求：（1）人沿山坡滑下过程中的加速度的大小；（2）人滑下至60m处的速度的大小；（3）最后2s内

平均速度的大小。【答案】（1）4m/s2；（2）22m/s；（3）18m/s【解析】【详解】（1）由速度公式有2012svtat=+解得24m/sa=（2）由速度公式有0vvat=+解得v=22m/s（3）

最后2s内平均速度与4s末的瞬时速度相等0''vvat=+解得'18m/sv=18.某跳伞运动员在一次跳伞表演中，离开距地h=224m高的悬停直升机后，先做自由落体运动，当自由下落一段时间后打开降落伞，伞张开后做匀减速运动，其加速度大小a=12.5m/s2，运动员到达地面时速度v=5m/s

，重力加速度g取10m/s2。（1）运动员打开降落伞时速度多大；（2）运动员离开飞机后，经过多少时间才能到达地面。【答案】（1）50m/s；（2）8.6s【解析】【详解】（1）由自由落体运动规律可得211=2vgh打开降落伞做减速运动时，由运动学公式得22122vvah−=−又由于12

hhh+=解得150m/sv=（2）由自由落体运动规律可得v1=gt1解得t1=5s运动员减速过程，由匀变速直线运动规律可得123.6svvta−==解得t＝t1＋t2＝8.6s19.为抢救病人，一辆救护车紧急出发，鸣着笛

沿水平直路从0t=时由静止开始做匀加速运动，加速度大小22m/sa=，在110st=时停止加速开始做匀速运动，之后某时刻救护车停止鸣笛，241st=时在救护车出发处的人听到救护车发出的最后的鸣笛声。已知声速0340m/sv=，求：（1）救护车匀速运动时的速度大小

；（2）在停止鸣笛时救护车距出发处的距离。【答案】（1）20m/s；（2）680m【解析】【详解】（1）根据匀变速运动速度公式1vat=可得救护车匀速运动时速度大小210m/s20m/sv==（2）救护车加速运动过程中的位移2111100m2xa

t==设在3t时刻停止鸣笛，根据题意可得31320()20100ttttv−++=停止鸣笛时救护车距出发处的距离131()xxttv=+−代入数据联立解得680mx=20.某时刻甲车从静止出发做匀加速直

线运动，加速度大小为a1=2m/s2，同时乙车以v0=8m/s的速度沿同一方向（不同车道）匀速行驶。当t0=4s时，乙车开始以加速度大小为a2=4m/s2刹车，两车初始间距为s。求：（1）若乙车在后方，要使两车相遇2次

，则s应满足什么条件？（2）若乙车在前方，要使两车在第10s内相遇，则s应满足什么条件？【答案】（1）s<16m；（2）41m<s<60m【解析】【详解】（1）设间距为s0时，恰好相遇一次。4s末甲车速度为v1=a1t0=8m/s=v0此时甲位移为221101124m16m22s

at===乙车位移为的200m84m32svt===则s0=s2‒s1=16m故两车要相遇两次，s应满足s<s0=16m（2）要在第10s内相遇，即要在9s<t<10s时间内相遇。从开始运动到乙车停下，用时为0026svtta=+=乙故追上前乙车已经

停下，乙停下来的位移为20300240m2svtav=+=若t1=9s追上，则有2111312atss=+解得141ms=若t2=10s追上，则有2122312atss=+解得260ms=故要在第1

0s内追上，s应满足41m<s<60m