【文档说明】【精准解析】北京市人大附中朝阳学校2019_2020年高一下学期阶段练习化学试题（选考班）.doc，共(21)页，498.500 KB，由小赞的店铺上传

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人大附中朝阳学校2019～2020年度第二学期高一年级阶段练习化学试题(选考班)考生须知：1.本试卷分为Ⅰ、Ⅱ两卷，共有26题，考试时间为90分钟，满分为100分。2.第Ⅱ卷各题均须用黑色签字笔按规定要求在答题纸上作答

。3.请将个人信息完整填写在密封线内。4.客观题用手机登陆网页，对应输入选项(题号选项要对应)；主观题拍照，上传照片(拍照时务必保证手机竖立并与试卷平行且为同一方向)。可能用到的相对原子质量：H-1N-14O-16Na-23Si-28S-32Fe-56Cu-64第Ⅰ卷(共42分)

一、选择题(本题包括21小题，每小题2分，共42分。每小题只有一个选项符合题意。网上作答)1.下列设备工作时，将化学能转化为电能的是ABCD铅蓄电池硅太阳能电池燃气灶电烤箱A.AB.BC.CD.D【答案】A【解析

】【详解】A．铅蓄电池放电时是原电池，可以把化学能转化为电能，故A正确；B．硅太阳能电池是将光能转化为电能的装置，故B错误；C．燃气灶为化学能转化为热能的装置，故C错误；D．电烤箱是电能转化为热能的装置，

故D错误；故选A。2.下列物质属于电解质的是A.ZnB.NaOHC.H2SO4溶液D.MgCl2溶液【答案】B【解析】【分析】在水中或者熔融状态下能电离的化合物是电解质。【详解】A、Zn是单质，不属于电解质的研究范畴，A

错误；B、NaOH在水中或者熔融状态下可以电离，该物质是电解质，B正确；C、H2SO4溶液是混合物，不属于电解质的研究范畴，C错误；D、MgCl2溶液是混合物，不属于电解质的研究范畴，D错误；故选B。【点睛】根据定义，电解质和非电解质的

研究对象都是化合物，故单质和溶液都不属于电解质和非电解质的研究范畴。3.用化学用语表示NH3+HClNH4Cl中的相关微粒，其中正确的是（）A.中子数为8的氮原子：87NB.HCl的电子式：C.NH3的结构式：D.Cl−的结构示意图：【答案】C【解析】【分析】

A、中子数为8的氮原子的质量数为15；B、HCl中只含共价键；C、NH3中含个N-H键；D、Cl-最外层有8个电子。【详解】A、中子数为8的氮原子的质量数为15，可表示为157N，选项A错误；B、HCl中只含共价键，其电子式为，选项B错误；C、NH3中含个N-H键，NH3的结构式为：，选项C正确

；D、Cl-最外层有8个电子，Cl−的结构示意图为，选项D错误。答案选C。【点睛】本题考查化学用语，侧重考查原子结构、离子结构示意图、电子式和结构式，注意它们之间的区别是解题的关键，如原子结构示意图与离子结构示意图的区别、共价化合物和离子化合物

的区别、电子式与结构式的区别等。4.下列图中能正确表示X+3Y＝2Z(放热反应)过程的能量变化的是：A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】A．由于生成物的能量比反应物高，所以该反应为吸热反应。错误；B．由于反应物的能量比生成物高，所以该反

应为放热反应。正确；C．由于反应物、生成物的能量相同，所以反应过程中无能量变化。错误；D．化学反应的过程就是旧键断裂、新键形成的过程，断裂化学键要吸收能量，这与图像画的不符合。错误。答案选B。5.据报道，放射性同位素钬(16667Ho)可有效地治疗肝癌

，该同位素原子的核内中子数是A.166B.67C.99D.32【答案】C【解析】【详解】中子数＝质量数－质子数＝166－67＝99，故C符合题意。综上所述，答案为C。6.下列变化过程不涉及氧化还原反应的是ABCD将铁片放入冷的浓硫酸中无明

显现象向FeCl2溶液中滴加KSCN溶液，不变色，滴加氯水后溶液显红色向Na2SO3固体中加入硫酸，生成无色气体向包有Na2O2粉末的脱脂棉上滴几滴蒸馏水，脱脂棉燃烧AAB.BC.CD.D【答案】C【解

析】【详解】A.铁遇冷的浓硫酸发生钝化，铁被氧化生成致密的氧化层薄膜，属于氧化还原反应，故A错误；B.向FeCl2溶液中滴加KSCN溶液，溶液不变色，滴加氯水后，氯化亚铁被氯气氧化生成氯化铁，氯化铁与硫氰化钾溶液反应，溶液显红色，属于氧化还原反应，故B

错误；C.亚硫酸钠与硫酸发生复分解反应生成硫酸钠、二氧化硫和水，反应前后没有化合价改变，不属于氧化还原反应，故C正确；D.过氧化钠与水反应生成氢氧化钠和氧气，反应放出大量的热，放出的热量使氧气和脱脂棉反应，使脱脂棉燃烧，属于氧化还原反应，故D错误；故选C。【点睛】氧化

还原反应的特征是元素化合价的升降，结合反应的特点以及元素化合价的角度判断反应是否为氧化还原反应是解答关键。7.下列说法中，正确的是A.0.5mol∙L−1NaCl溶液中含有0.5molNa+B.1molCl2中含有的氯原

子数约为6.02×1023C.36gH2O的物质的量为2molD.常温常压下，1molN2的体积是22.4L【答案】C【解析】【详解】A．0.5mol∙L−1NaCl溶液，无溶液体积，无法计算物质的量，故

A错误；B．1molCl2中含有的氯原子物质的量为2mol，氯原子数为2NA，约为1.204×1024，故B错误；C．36gH2O的物质的量136gn2mol18gmol，故C正确；D．常温常压下，气体摩尔体积是24.5L∙mol−1，因此1molN2的体积是24.5L，故D

错误。综上所述，答案为C。8.能正确表示下列反应的离子方程式是A.稀硫酸滴在铜片上：Cu+2H+＝Cu2++H2↑B.澄清石灰水与稀盐酸反应：Ca(OH)2+2H+＝Ca2++2H2OC.碳酸钡溶于稀盐酸中：23CO+2H+＝H2O+CO2↑D.氧化铁与稀盐酸混合：Fe2O

3+6H+＝2Fe3++3H2O【答案】D【解析】【详解】A．稀硫酸滴在铜片上，铜与稀硫酸不反应，故A错误；B．澄清石灰水与稀盐酸反应：OH－＋H+＝H2O，故B错误；C．碳酸钡溶于稀盐酸中：BaCO3＋2H+＝H2O＋CO2↑＋Ba2+，故C错误；D．氧化铁与稀盐酸混合：Fe2

O3＋6H+＝2Fe3+＋3H2O，故D正确。答案为D。9.关于下图装置的叙述，正确的是()A.铜是负极，铜片上有气泡产生B.铜片质量逐渐减少C.电流从锌片经导线流向铜片D.氢离子在铜片表面被还原后生成H2【答案】D【解析】【分析】根据题中装置图可知，本题考查原电池的工作原理，运

用原电池的工作原理分析。【详解】A.Cu−Zn−稀硫酸原电池放电时，较活泼的金属锌作负极，故A错误；B.Cu−Zn−稀硫酸原电池放电时，较活泼的金属锌作负极，铜作正极，氢离子从铜片获得电子被还原成氢气，铜片质量不变，故B错误；C.原电池放电时，电流从正极铜沿导线流

向负极锌，故C错误；D.Cu−Zn−稀硫酸原电池放电时，较活泼的金属锌作负极，铜作正极，氢离子从铜片获得电子被还原成氢气，故D正确；答案选D。10.下列有关性质的比较，不能用元素周期律解释的是A.酸性;H2SO4>H3PO4B.非金属性：Cl>BrC碱性：NaO

H>Mg(OH)2D.热稳定性：Na2CO3>NaHCO3【答案】D【解析】【详解】A.元素的非金属性越强，对应的最高价氧化物的水化物的酸性越强，非金属性：S>P，则酸性：H2SO4>H3PO4，能用元素周期律解释，故A错误；B.同主族元素从上到下非金属性依次减弱，则非金属

性：Cl>Br，能用元素周期律解释，故B错误；C.元素的金属性越强，对应的最高价氧化物的水化物的碱性越强，金属性：Na>Mg，则碱性：NaOH>Mg(OH)2，能用元素周期律解释，故C错误；D.碳酸氢盐易分解，碳酸盐难分解，所以热稳定性：N

a2CO3>NaHCO3，不能用元素周期律解释，故D正确。故答案选：D。11.下列各组离子在给定条件的溶液中不能大量共存的是A.使酚酞溶液变红的溶液：Na+、Cl－、24SOB.无色透明溶液中K+、24SO、H+C.可与铝反应放出氢气的溶液中：Fe

3+、Cl－、23COD.使pH试纸变蓝的溶液中：Ba2+、Na+、Cl－【答案】C【解析】【详解】A．使酚酞溶液变红的溶液，说明溶液显碱性，OH－、Na+、Cl－、24SO都大量共存，故A不符合题意；B．无色透明溶液中

K+、24SO、H+都大量共存，故B不符合题意；C．可与铝反应放出氢气的溶液，可能为酸性，可能为碱性，Fe3+与OH－反应，不共存，H+与23CO反应，不共存，故C符合题意；D．使pH试纸变蓝的溶液，说明溶液显碱性，OH－、Ba2+、Na+、Cl－都大量共存，故D不符合题意

。综上所述，答案为C。12.以不同类别物质间的转化为线索，认识钠及其化合物。下列分析不正确．．．的是A.反应③表明CO2具有酸性氧化物的性质B.反应④说明NaHCO3的稳定性强于Na2CO3C.反应⑤、⑥可用于潜水艇中氧气的供给D.上述转化中发生的反应有分解反应、化合

反应、置换反应【答案】B【解析】【详解】A.反应③发生2NaOH＋CO2=Na2CO3＋H2O，NaOH为碱，Na2CO3为盐，因此CO2具有酸性氧化物的性质，故A说法正确；B.反应④是2NaHCO3Na2

CO3＋CO2↑＋H2O，说明Na2CO3比NaHCO3稳定，故B说法错误；C.反应⑤⑥分别是2Na2O2＋2H2O=4NaOH＋O2↑、2Na2O2＋2CO2=2Na2CO3＋O2，因此反应⑤⑥可用于潜水艇中氧气的供给，故C说法正确；D.反应④为

分解反应，反应①为化合反应，反应②为置换反应，故D说法正确；答案为B。13.2019年是元素周期表发表150周年，期间科学家为完善周期表做出了不懈努力。中国科学院院士张青莲教授曾主持测定了铟（49In）等9种元素相对原子质量的新值，被采用为国际新标准。铟与铷（

37Rb）同周期。下列说法不正确的是A.In是第五周期第ⅢA族元素B.11549In的中子数与电子数的差值为17C.原子半径：In>AlD.碱性：In(OH)3>RbOH【答案】D【解析】【分析】A．根据原子核外电子排布规则，该原子结构示意图为，据此判断该元素在周期表中

的位置；B．质量数＝质子数+中子数，元素符号的左上角为质量数、左下角为质子数，原子的质子数=电子数；C．同主族元素的原子，从上到下，电子层数逐渐增多，半径逐渐增大；D．同周期元素，核电荷数越大，金属性越越弱，最高价

氧化物对应水化物的碱性越弱；【详解】A.根据原子核外电子排布规则，该原子结构示意图为，因此In位于元素周期表第五周期第IIIA族，故A不符合题意；B.质量数＝质子数+中子数，元素符号的左上角为质量数、左下角为质子数，因此该原子

的质子数=电子数=49，中子数为115-49=66，所以中子数与电子数之差为66-49=17，故B不符合题意；C.Al位于元素周期表的三周期IIIA族，In位于元素周期表第五周期IIIA族，同主族元素的原子，从上到下，电子层数逐渐增多，半径逐渐增大，因此原子半径In＞Al，故C不

符合题意；D.In位于元素周期表第五周期，铷（Rb）位于元素周期表第五周期第IA族，同周期元素，核电荷数越大，金属性越越弱，最高价氧化物对应水化物的碱性越弱，因此碱性：In(OH)3＜RbOH，故D符合题意；综上所述，本题应选D。【点睛】本题考查原子结构与元素性质，题目难度不大，

明确原子结构与元素周期律的关系为解答关键，注意掌握原子构成及表示方法，试题培养了学生的分析能力及灵活应用能力。14.一个原电池的总反应的离子方程式是：Zn+Cu2+=Zn2++Cu，该反应的原电池的正确组成是正极负极电解质溶液AZnCuCuCl2BZnCuZnCl2CCuZnCuSO4DCuZ

nZnSO4A.AB.BC.CD.D【答案】C【解析】【详解】根据反应：Zn+Cu2+=Zn2++Cu知，锌失电子，发生氧化反应，作原电池的负极，电极反应式为Zn-2e-==Zn2+；铜离子得电子发生还原反应，在原电池的正极发生反

应，电极反应式为Cu2++2e-==Cu，电解质溶液中含有铜离子；故答案选C。15.短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大。W的气态氢化物遇湿润的红色石蕊试纸变蓝色，X是地壳中含量最高的元素，Y在同周期主族元

素中原子半径最大，Z与Y形成的化合物的化学式为YZ。下列说法不正确的是（）A.W在元素周期表中的位置是第二周期第VA族B.同主族中Z的气态氢化物稳定性最强C.X与Y形成的两种常见的化合物中，阳离子和阴离子的个数比均为2∶1

D.用电子式表示YZ的形成过程为：【答案】B【解析】【分析】短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大。W的气态氢化物遇湿润的红色石蕊试纸变蓝色，说明该氢化物溶于水后显碱性，故该氢化物为氨气，则W为N元素；X是地壳中含量最

高的元素，则X为O元素；Y在同周期主族元素中原子半径最大，说明Y在第IA族，其原子序数大于O，则Y为Na元素；Z与Y形成的化合物的化学式为YZ，Y为Na元素，化合价为+1价，则Z为-1价，所以Z为Cl元素，

据此分析解答。【详解】根据以上分析可知，短周期元素W、X、Y、Z分别为N、O、Na、Cl四种元素。A．N的原子序数为7，有两个电子层，最外层有5个电子，位于元素周期表第二周期第VA族，A正确；B．Cl位于第VIIA族，非金属性F>Cl，

则气态氢化物稳定性HF>HCl，B错误；C．X与Y分别是O、Na，形成的化合物为Na2O和Na2O2，二者都是离子化合物，阳离子都是钠离子(Na+)，阴离子分别是氧离子(O2-)和过氧根离子(O22-)，则Na2O和Na2O2中阳离子和阴离子的个数比均为2∶1，C正确；D

．YZ为NaCl，属于离子化合物，阴阳离子之间以离子键构成化合物，用电子式表示形成过程为：，D正确。答案选B。【点睛】本题考查原子结构与元素周期律的应用，解答关键是推断元素，注意掌握元素周期律内容以及元素周期表的结构，另外对常见元素及物质的特殊性质要有准确的记忆。16.对于反应A+3B=2C+2

D，下列数据表示不同条件的反应速率，其中反应进行得最快的是A.υ(A)=0.15mol/(L·s)B.υ(B)=0.3mol/(L·s)C.υ(C)=0.2mol/(L·s)D.υ(D)=2mol/(L·min)【答案】A【解析】【详解】A．υ(A)=0.15mol/(L·s)，转化成B的速率υ

(B)=3υ(A)=3×0.15mol/(L·s)=0.45mol/(L·s)；B．υ(B)=0.3mol/(L·s)；C．υ(C)=0.2mol/(L·s)，转化成B的速率υ(B)=1.5υ(C)=1

.5×0.2mol/(L·s)=0.3mol/(L·s)；D．υ(D)=2mol/(L·min)=260mol/(L·min)=130mol/(L·min)，转化成B的速率υ(B)=1.5υ(D)=1.5×130mol/(L·s)=0.05mol/(L·s)；根据上述数据可知，反应进行最快的是υ

(B)=0.45mol/(L·s)，故A符合题意。答案为A。17.已知断裂1molH—H键吸收的能量为436kJ，断裂1molH—N键吸收的能量为391kJ，根据化学方程式：N2(g)+3H2(g)⇌2NH3(g)，生成2mo

lNH3(g)放出热量为92.4kJ，则断裂1molN≡N键吸收的能量是A.431kJB.945.6kJC.649kJD.869kJ【答案】B【解析】【详解】断裂1molH—H键吸收的能量为436kJ，断裂1molH—N键吸收的能量

为391kJ，根据化学方程式：N2(g)+3H2(g)⇌2NH3(g)，生成2molNH3(g)放出热量为92.4kJ，说明反应是放热，成键放出的热量大于断键吸收的热量，设断裂1molN≡N键吸收的能量是ak

J，则有391kJ×6－436kJ×3－akJ=92.4kJ，解得a=945.6kJ，故B符合题意。综上所述，答案为B。18.汽车的启动电源常用铅蓄电池，放电时的电池反应：PbO2+Pb+2H2SO4放电充电2PbSO4+2H2O，根据此反应判断下列叙述中正确的是A.PbO2是电池的负极B

.电子从Pb极流出C.PbO2得电子，被氧化D.电池放电时，溶液酸性增强【答案】B【解析】【详解】A．PbO2中Pb化合价降低，得到电子，是原电池的正极，故A错误；B．Pb化合价升高，失去电子，是原电池负极，PbO2

中Pb化合价降低，得到电子，是原电池正极，电子从负极即Pb极流出，流入到正极即PbO2极，故B正确；C．PbO2中Pb化合价降低，得到电子，被还原，故C错误；D．根据总反应PbO2+Pb+2H2SO4放电充电2PbSO4+2H2O，电池放电时

，硫酸不断消耗，因此溶液酸性减弱，故D错误。综上所述，答案为B。19.某工业废水中存在大量的Na+、Cl－、Cu2+、SO42-，欲除去其中的Cu2+、SO42-，设计工艺流程如图所示：下列说法不正确．．．的是A.NaOH的作用是除去Cu

2+B.试剂a为Na2CO3，试剂b为BaCl2C.流程图中，操作x为过滤D.试剂c为盐酸【答案】B【解析】【分析】加入NaOH后，废水中含有Na+、Cl-、OH-、SO42-；再加入试剂aBaCl2除去SO42-，此时废水中含有Na+、Cl－、Ba2+；再加入稍过量的试剂bNa2CO3

除去Ba2+，此时废水中含有Na+、Cl-、CO32-；再加入试剂c盐酸，至不再产生气泡即可。【详解】A、废水中，只有Cu2+可以和NaOH反应，故NaOH的作用是除去Cu2+，A正确；B、经分析，试剂

a为BaCl2，试剂b为Na2CO3，B错误；C、流程图中，操作x为过滤，滤掉Cu(OH)2、BaSO4，C正确；D、经分析，试剂c为盐酸，D正确；故选B。20.二氧化氯是国际公认的高效安全杀菌消毒剂，工业制备ClO2的反应原理如下：2NaClO3＋4HCl＝2ClO2↑＋Cl

2↑＋2H2O＋2NaCl，下列关于该反应的说法中不正确的是A.每生成0.1molClO2转移0.2mol电子B.浓盐酸在反应中既体现还原性又体现酸性C.被氧化和被还原的氯的物质的量之比为1∶1D.每消耗0.2mol还原剂，生成气体的总量在标准状况下的体积是6.72L【答案】A

【解析】【分析】工业制备ClO2的反应原理：2NaClO3＋4HCl＝2ClO2↑＋Cl2↑＋2H2O＋2NaCl，NaClO3中氯化合价降低，HCl中氯化合价升高。【详解】A．NaClO3中氯化合价降低到ClO2，降低一个价态，因此每生成0.1molC

lO2转移0.1mol电子，故A错误；B．浓盐酸化合价部分升高，因此浓盐酸在反应中既体现还原性又体现酸性，故B正确；C．HCl化合价升高到Cl2，2个氯升高，被氧化，NaClO3中氯化合价降低到ClO2，两个氯降低，被还原，被氧化和被还原的氯

的物质的量之比为1∶1，故C正确；D．根据反应方程式，每消耗0.2mol还原剂，生成0.2molClO2和0.1molCl2气体，气体的总量在标准状况下的体积是6.72L，故D正确。综上所述，答案为A。21.下列“解释或结论”与“实验操作及现象”不相符．．．的一组是序号实验操作及现象解释

或结论A浓硫酸滴到纸张上，纸变黑浓硫酸有脱水性B向紫色石蕊溶液中加入氯水，溶液先变红，随后褪色氯水中含有酸性物质和漂白性物质C向某溶液中加入稀盐酸，产生能使澄清石灰水变浑浊的气体该溶液中一定有CO32-D向某溶液中加入浓NaOH溶液，加热，产生能使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体该溶液中一定含有N

H4A.AB.BC.CD.D【答案】C【解析】【详解】A、浓硫酸具有强脱水性，遇到有机物后，“强行”以H2O的形式脱去有机物中的H、O元素，从而使有机物碳化变黑，A正确；B、氯水中含有HCl和HClO，HCl使石蕊变红，HClO再氧化石蕊成无色物质，氯水的酸性主要靠HCl体现，漂白性靠HC

lO体现，B正确；C、能使澄清石灰水变浑浊的气体不一定是CO2，还可能是SO2，故该溶液中的离子可能是CO32-、HCO3-、SO32-、HSO3-中的一种或者几种，C错误；D、能使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体是NH3，NH4+和强碱溶液在加热的

条件下，可以反应产生NH3，D正确；故选C。【点睛】能使澄清石灰水变浑浊的气体，一般认为是CO2，和酸反应产生CO2的离子有CO32-、HCO3-，在分析时，这两种离子都要考虑到；此外，SO2也能使澄清石灰水变浑浊，故若题中没有说明，也要考虑到SO2，相应的，和酸反应产

生SO2的离子有SO32-、HSO3-。第Ⅱ卷(非选择题部分共58分)二、填空题(本题包括5小题)22.四种常见的短周期非金属元素在周期表中的相对位置如图所示，其中乙元素原子核外最外层电子数是其电子层数的3倍。甲乙丙丁请用化学用语回答：(1

)丙在元素周期表中的位置是______。(2)丁单质的电子式是______(用化学用语回答，下同)(3)乙的两种常见单质分别是______。(4)甲、丙、丁的气态氢化物水溶液显酸性的是______。(5)氢元

素与甲和丁可以组成一种既有离子键、又有共价键的化合物，其化学式是______。(6)已知丁的非金属性比丙强，原因是______(从原子结构角度解释)。【答案】(1).第三周期第VIA族(2).(3).O2、O3(4).H

2S，HCl(5).NH4NO3(6).S原子最外层有6个电子，Cl原子最外层有7个电子，Cl比S易得到电子，因此Cl非金属比S强【解析】【分析】乙元素原子核外最外层电子数是其电子层数的3倍，则乙为O，甲为N，丙为S，丁为Cl。【详解】(1)丙在元素周期表中的位置是

第三周期第VIA族；故答案为：第三周期第VIA族。(2)丁单质是氯气，其电子式是：；故答案为：。(3)乙的两种常见单质分别是O2、O3；故答案为：O2、O3。(4)甲的气态氢化物为NH3，水溶液显碱性，丙的气态氢化物H2S，水溶液显酸性，丁的气态氢化物HCl，水溶液显酸性，因此气态氢化物水溶液

显酸性的是H2S，HCl；故答案为：H2S，HCl。(5)氢元素与甲和丁可以组成一种既有离子键、又有共价键的化合物，则为铵盐，其化学式是NH4NO3；故答案为：NH4NO3。(6)已知丁的非金属性比丙强，原因是S原子最外层有6个电子，Cl原子最外层有7个电子，Cl比S易得到电子，因此Cl非

金属比S强；故答案为：S原子最外层有6个电子，Cl原子最外层有7个电子，Cl比S易得到电子，因此Cl非金属比S强。【点睛】非金属元素能形成离子化合物一般是铵盐，两种非金属元素形成的离子化合物则为NH4H，气态氢化物水溶液显碱性的为NH3。23.人类农业生产离不开氮肥，科学合

理使用氮肥，不仅能提高化肥的使用率，而且能够更好地保护环境，请回答下列问题：(1)将N2转化为含氮化合物的过程称为固氮①人工固氮，将N2→NH3，N2发生_________反应②自然界固氮，可将少量N2转化为Ca(

NO3)2等氮肥，转化途径如下(转化所需试剂及条件已略去)：N2→NO→NO2→HNO3MCa(NO3)2。写出NO→NO2→HNO3的化学方程式__________、__________。将HNO3转化为Ca(NO3)2，列举三种不同类别．．．．．．的化合物M_______(写

化学式)。(2)科学合理地保存、施用氮肥①NH4HCO3需阴凉处保存，原因是__________(写化学方程式)。②铵态氮肥不能与碱性肥料混合使用，以NH4Cl为例写出发生反应的离子方程式________。(3)过渡施用氮肥将导致大气中NH3含量增高，加剧雾霾的形成。(NH4)2S

O4是雾霾的成分之一，其形成过程如下图所示(转化所需试剂及条件已略去)：①X可能是______、_______。Y是___________。②尿素CO(NH2)2是一种常用化肥，缓慢与H2O发生非氧化还原反应释放出NH3则尿素中C元素化合价为___

_______。【答案】(1).还原(2).2NO+O2=2NO2(3).3NO2+H2O=2HNO3+NO(4).CaO、Ca(OH)2、CaCO3(5).NH4HCO3ΔNH3↑+CO2↑+H2O(6).NH4＋+OH－

=NH3↑+H2O(7).SO3(8).H2SO3(9).H2SO4(10).+4【解析】【分析】本题主要考察含N物质的化学性质，运用所学知识答题即可。【详解】（1）①N2→NH3，N的化合价由0变为了-3，则N2作氧化剂，发生还原反应；②NO→NO2的化

学方程式为：2NO+O2=2NO2；NO2→HNO3的化学方程式为：3NO2+H2O=2HNO3+NO；HNO3MCa(NO3)2，M可以是CaO、Ca(OH)2、CaCO3；（2）①NH4HCO3需阴凉处保存，是因为该物质对热不稳定，受热易分解

，相关的化学方程式为：NH4HCO3ΔNH3↑+CO2↑+H2O；②该离子方程式为：NH4++OH-=NH3↑+H2O；（3）①根据图可知，Y为H2SO4；在自然环境中，SO2变为H2SO4的途径有两种：2HO[O]2324

SOSOHSO、22HOO22324SOHSOHSO，故X为SO3或H2SO3；②尿素CO(NH2)2缓慢与H2O发生非氧化还原反应释放出NH3，说明尿素中N呈-3价，由于O呈-2价，H呈+1价，故可算得

C呈+4价。24.工业上用化学气相沉积法制备氮化硅，其反应：3SiCl4(g)+2N2(g)+6H2(g)高温Si3N4(s)+12HCl(g)△H＜0。某温度和压强条件下，分别将0.3molSiCl4(g)、0.2molN2(g)、0.6molH2(g)充入2

L密闭容器内，进行上述反应，5min所得Si3N4(s)的质量是5.60g(Si3N4的摩尔质量为140g/mol)。(1)H2的平均反应速率是______。(2)5min时容器内N2的浓度是______。(3)5m

in时容器内HCl的物质的量分数是______。(4)5min时SiCl4(g)的转化率是______。(5)5min时容器内的压强是原来的______倍。【答案】(1).110.012molLmin(2).10.06molL(3).42%(

4).40%(5).0.95【解析】【分析】计算出5min所得Si3N4(s)的物质的量，再建立“三段式”，再通过各种关系进行计算速率、浓度、物质的量分数、转化率等。【详解】5min所得Si3N4(s)的物质的量为15.6gn0.04mol140gmol

，422343SiCl(g)+2N(g)+6H(g)SiN(s)+12HCl(g)0.3mol0.2mol0.6mol00.12mol0.08mol0.24mol0.04mol0.48mol0.18m

ol0.12molmol00.36开始：转化：平衡：0.04mol0.48mol(1)H2的平均反应速率是11n0.12molυ==0.012molLminVt2L5min；故答案为：110.012molLmin

。(2)5min时容器内N2的浓度是12Ln0.12mol=0.06molLVc；故答案为：10.06molL。(3)5min时容器内HCl的物质的量分数是0.48moln%100%42%0.18mol0.12mol0.36mol0.48mol；

故答案为：42%。(4)5min时SiCl4(g)的转化率是0.12molα=100%40%0.3mol；故答案为：40%。(5)根据压强之比等于物质的量之比，P()n()0.18mol0.12mol0.36mol0.48mol1.14===P()n()0.

3mol0.2mol0.6mol1.2后后前前，P(后)=0.95P(前)，因此5min时容器内的压强是原来的0.95倍；故答案为：0.95。【点睛】化学反应速率及三段式”建立是常考题型，主要考查“三段式”建立、化学反应速率、物质的量分数、压强、浓度等。25.某兴趣小组为了探究铝电极在电

池中的作用，设计并进行了以下系列实验，实验结果记录如下：编号电极材料电解质溶液电流计指针偏转方向1Mg、Al稀盐酸偏向Al2Al、Cu稀盐酸偏向Cu3Al、C(石墨)稀盐酸偏向石墨4Mg、AlNaOH溶液偏向Mg5Al、Cu浓硝酸偏向Al注：①实验均为常温下完成；②电流计指针偏转方向为正

极方向。试根据表中实验现象完成下列问题：(1)实验1、2中Al所作的电极(指正极或负极)______(填“相同”或“不同”)。(2)对实验3完成下列填空：①Al为______极，电极反应式为______。②石墨为______极，电极反应式为____

__。③电池总反应式为______(3)实验4中Al作______极，理由是______。(4)解释实验5中电流计偏向Al的原因______。(5)根据实验结果总结出影响铝在电池中作正极或负极的因素有______。【答案】(1).不同(2).负(3).Al－3e－＝Al3+(4).正(5

).2H＋＋2e－＝H2↑(6).2Al＋6HCl＝2AlCl3＋3H2↑(7).负(8).Mg和NaOH溶液不反应，Al和NaOH溶液反应，因此Al为负极(9).Al与浓硝酸发生钝化(10).金属活泼性和电解质溶液【解析】【分析】根据金属活泼性与电解质溶液反应

，若两种金属都反应，则活泼性强的为负极，若两种金属中只有一种金属与电解质溶液反应，则反应的金属为负极。【详解】(1)实验1中Mg、Al都与稀盐酸反应，Mg活泼性强，因此Mg作负极，Al作正极，实验2中Al和盐酸反应，

Al作负极，Cu作正极，因此实验1、2中Al所作的电极不同；故答案为：不同。(2)①实验3中Al和稀盐酸反应，C和稀盐酸不反应，因此Al为负极，电极反应式为Al－3e－＝Al3+；故答案为：负；Al－3e－＝Al

3+。②石墨为正极，电极反应式为2H＋＋2e－＝H2↑；故答案为：正；2H＋＋2e－＝H2↑。③电池总反应式为2Al＋6HCl＝2AlCl3＋3H2↑；故答案为：2Al＋6HCl＝2AlCl3＋3H2↑。(3)根据上面总结出电流计指针偏向的极为正极，因此实验4中Mg为正极，Al

作负极，Mg和NaOH溶液不反应，Al和NaOH溶液反应，因此Al为负极；故答案为：负；Mg和NaOH溶液不反应，Al和NaOH溶液反应，因此Al为负极。(4)实验5中电流计偏向Al，则Al为正极，Cu为负极，Cu与浓硝酸反应，而Al与浓硝酸发生钝化；故答案为：Al与

浓硝酸发生钝化。(5)根据实验结果总结出影响铝在电池中作正极或负极的因素，根据实验1、2、3得出主要因素是金属活泼性，实验4、5得出的因素是电解质溶液；故答案为：金属活泼性和电解质溶液。【点睛】判断原电池正负极时要根据金属活泼性强弱和电解质溶液综合判断，不能只根据金属

活泼性来判断原电池的正负极。26.长期放置的FeSO4溶液易被氧化而变质，某兴趣小组进行了如下实验：(1)设计实验检验FeSO4溶液的变质程度实验方案实验现象实验结论步骤1取待检测液于试管中，向其中滴加KSCN溶液___

_____FeSO4溶液部分变质步骤2______________①将上述方案补充完整②若要使部分变质的FeSO4复原，方法是__________。(写离子反应方程式)(2)利用部分变质．．．．的FeSO4溶液制备Fe2O3①

填写下列各空：a._____b._______c.________d._____e.______②若100mL该变质溶液制得1.6gFe2O3，则变质前FeSO4溶液的浓度为__________。(3)FeSO4可用作补铁剂，使用时建议与维生素C同服，同学

甲猜测维生素C可将Fe3+转化为Fe2+，以利于人体吸收。为了验证这一猜想，设计了如下实验：实验方案实验现象取适量Fe2(SO4)3溶液于试管中，加入维生素C片，振荡溶解后，滴加酸性高锰酸钾溶液。紫色褪去由上述实验能否得出“维生素C可将Fe3+转化为Fe2+”的结论？请说明理由______

_。【答案】(1).溶液变红(2).取待检测液于试管中，向其中滴加少量酸性高锰酸钾溶液(3).紫色褪去(4).2Fe3++Fe=3Fe2+(5).H2O2(6).NaOH(7).∆(8).Fe3+(9

).Fe(OH)3(10).0.2mol/L(11).不能，维生素C可能过量，也可使高锰酸钾溶液褪色，则无法说明一定有Fe2+生成【解析】【分析】（1）①要想证明FeSO4溶液部分变质，需要证明溶液中含有Fe3+和Fe2+；②若要使变质的FeSO4溶液复原，可以向溶液中加

入过量的Fe粉，再经过滤除去剩余的Fe粉即可；（2）①利用部分变质的FeSO4溶液制备Fe2O3的路线为：22HONaOHΔ4243323FeSOFe(SO)Fe(OH)FeO部分变质的溶液；②根据Fe元素守恒进行计算；（3）Fe2+和维生素C都具有还原性

，若维生素C过量，也可使高锰酸钾溶液褪色，则无法说明一定有Fe2+生成。【详解】（1）①要想证明FeSO4溶液部分变质，需要证明溶液中含有Fe3+和Fe2+；步骤1中，向待测液中加入KSCN溶液，溶液变为血红色，说明溶液中含有Fe3+；步骤2中，向待测液中加入酸性

KMnO4溶液，酸性KMnO4溶液褪色，说明溶液中含有Fe2+；②若要使变质的FeSO4溶液复原，可以向溶液中加入过量的Fe粉，再经过滤除去剩余的Fe粉即可，反应的离子方程式为2Fe3++Fe=3Fe2+；（2）①利用部分变质的FeSO4溶液制备Fe2O3的路线为：22HONaOHΔ4

243323FeSOFe(SO)Fe(OH)FeO部分变质的溶液，故a为H2O2，b为Fe2(SO4)3、c为NaOH、d为Fe(OH)3，e为△；②n(Fe2O3)=1.6g160g/m

ol=0.01mol，则变质前，100mLFeSO4溶液中，n(FeSO4)=0.02mol，故c(FeSO4)=0.02mol0.1L=0.2mol/L；（3）该实验现象不能验证猜想，因为维生素C也具有还原性，若维生素C过量，也可使高锰酸钾溶液褪色

，则无法说明一定有Fe2+生成。