【文档说明】2021届高考生物二轮专题复习（选择性考试）专题强化练：专题四　遗传的基本定律与伴性遗传 含解析.docx，共(17)页，201.588 KB，由envi的店铺上传

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以下为本文档部分文字说明：

专题强化练(四)一、单项选择题1．(2020·全国卷Ⅰ)已知果蝇的长翅和截翅由一对等位基因控制。多只长翅果蝇进行单对交配(每个瓶中有1只雌果蝇和1只雄果蝇)，子代果蝇中长翅∶截翅＝3∶1。据此无法判断的是()A．长

翅是显性性状还是隐性性状B．亲代雌蝇是杂合子还是纯合子C．该等位基因位于常染色体还是X染色体上D．该等位基因在雌蝇体细胞中是否成对存在解析：根据截翅为无中生有可知，截翅为隐性性状，长翅为显性性状，A不符合题意；根

据杂交的后代发生性状分离可知，亲本雌蝇一定为杂合子，B不符合题意；无论控制翅形的基因位于X染色体上还是常染色体上，后代中均会出现长翅∶截翅＝3∶1的分离比，C符合题意；根据后代中长翅∶截翅＝3∶1可知，控制翅形的基因符合基因的分离定律，故可推测该等位基

因在雌蝇体细胞中是成对存在的，D不符合题意。答案：C2．(2020·肇庆质检)通过下列有关遗传学交配方式(一对相对性状由一对等位基因控制，完全显性)不能达到相应的目的是()A．让具有相对性状的纯合子杂交以判断性状的显隐性B．通过正反交可判断基因是位于常染色体上还是位于X染色体上

C．杂合子植株自交一代即可筛选得到显性纯合子D．测交可以推测被测个体产生的配子种类和比例解析：用具有相对性状的纯合子进行杂交，F1中显现出来的性状，叫做显性性状，A正确；若正反交结果一致，说明控制该对相对性状的基因位于常染色体上；若正反交不一致，说明基因位于X染色体上，B正确；若想获得显性纯合植株

，需要连续自交，杂合子植株自交，直至后代不发生性状分离，只自交一次，不能筛选出显性纯合子，C错误；由于测交是被测个体与隐性个体杂交，而隐性个体只能产生1种含隐性基因的配子，所以通过测交后代的表现型种类和比例，

可以推测被测个体配子种类和比例，D正确。答案：C3．具有一对等位基因的杂合体逐代自交3次，在F3中纯合体的比例为()A.18B.78C.76D.916解析：杂合体Aa连续自交n代，杂合体的比例为(12)n，纯合体的比例是1－(12)n。将具有一对等位基因的杂合体，其基因

型为Aa，逐代自交3次，所以在F3中纯合体比例为1－(12)3＝78，B正确。答案：B4．(2020·深圳第一次调研)某种昆虫的性别决定方式为ZW型(ZZ为雄性，ZW为雌性)。该昆虫的幼虫有两种体壁，正常体壁(D)对油质体壁(d)为显性。基因D/d位于Z染色体上，含有基因d的卵细

胞不育。下列叙述错误的是()A．油质体壁性状只能出现在雌性幼虫中，不可能出现在雄性幼虫中B．正常体壁雌性与正常体壁雄性杂交，子代中可能出现油质体壁雌性C．若两个亲本杂交产生的子代雌性均为正常体壁，则亲

本雄性是纯合子D．油质体壁雌性与正常体壁雄性杂交，子代中既有雌性又有雄性解析：含有基因d的卵细胞不育，所以不可能得到ZdZd个体(雄性)，因此油质体壁性状只能出现在雌性幼虫中，不可能出现在雄性幼虫中，A正确；正常体壁雌性(ZDW)与正常体壁雄性(ZDZ－)杂交，子代中可能出现油质体

壁雌性(ZdW)，B正确；若两个亲本杂交产生的子代雌性均为正常体壁(ZDW)，W为雌配子提供，说明雄配子为ZD，则亲本雄性是纯合子(ZDZD)，C正确；油质体壁雌性(ZdW)与正常体壁雄性(ZDZ－)杂交，含有基因d的卵细胞不育，子代只有雌性没有雄性，均为Z－W，D错误。答案：

D5．(2020·茂名第二次综合测试)如图为某单基因遗传病在一个家庭中的遗传图谱。下列分析正确的是()A．导致该病产生的根本原因是蛋白质结构异常B．控制该病的基因一定是X染色体上的隐性基因C．Ⅱ3携带致病基因的概率是

23或12D．如Ⅱ4为携带者，则Ⅱ3与Ⅱ4的子女患病率为15解析：图示为某单基因遗传病在一个家庭中的遗传图谱，所以导致该病产生的根本原因是基因突变，A错误；根据图示分析，这种遗传病既有可能是常染色体隐性遗传病，也有可能是伴X隐性遗传病，B错误；

若为常染色体隐性遗传病，Ⅱ3是携带者的概率是23；若为X染色体隐性遗传病，Ⅱ3是携带者的概率是12，C正确；若Ⅱ4为致病基因携带者，说明该病为常染色体隐性遗传病，则Ⅱ3与Ⅱ4的子女患病率为23×14＝16，D错误。答案：C6．(2020·汕头第一次模拟)果蝇的红眼对白眼

显性，有关基因位于X染色体上。人为地将相同数量的纯合红眼雌果蝇和白眼雄果蝇(亲本)培养在同一环境中，若交配只发生在同一世代的雌雄个体之间且是随机的，同时不考虑突变因素，那么，下列有关叙述中正确的是()A．亲本中红眼基因频率和白眼基因频率相同B．F2的雌果蝇基因型相同，表现型不同C．

白眼雌果蝇最先出现在F3，这是基因重组的结果D．F2和F3的雄果蝇都能产生3种基因型的配子解析：亲本中纯合红眼雌果蝇和白眼雄果蝇相同数量，Y染色体上无白眼基因，故红眼基因频率大于白眼基因频率，A错误；F1雌雄随机交配，F2的雌果蝇基

因型为XAXA、XAXa，表现型均为红眼，B错误；白眼雌果蝇最先出现在F3，这是基因分离以及雌雄配子随机受精的结果，C错误；F2和F3的雄果蝇基因型均为XAY、XaY，能产生XA、Xa、Y三种基因型的配子，D正确。答案：D

7．(2020·揭阳线上摸底)在狐狸的群体中，控制狐狸皮毛颜色的基因包括BA(猩红色)、B(蓝色)、b(白色)，它们位于同源染色体的相同位点，显隐性关系为BA>B>b。研究还发现，皮毛为猩红色的杂合体中，有的具有白色斑

点，有的具有蓝色斑点，且猩红色带斑点这一特点仅表现在雌性个体中，其他颜色雌雄个体都有，下列有关分析错误的是()A．控制狐狸皮毛颜色的基因位于X染色体B．控制皮毛颜色的表现型有5种C．控制皮毛颜色的基因型有6种D．选白雌狐和蓝雄狐验证上述基因

位于性染色体解析：猩红色带斑点这一性状仅表现在雌性杂合个体中，雌性个体含有两条X染色体，雄性个体只含有一条X染色体，相关颜色基因在雌性个体中成对存在，在雄性个体中成单存在，在雌性个体中才可能含有两个不同的基因，由此推知，相关颜色基因位于X染色体上，A正确；控制皮毛颜色的基因位于X染色体上

，雌性个体的基因型有XBAX－(3种基因型，且表现型根据题意有3种)、XBX－(2种基因型，且表现为蓝色)、XbXb(表现为白色)共6种，雄性个体的基因型有XBAY(猩红色)、XBY(蓝色)和XbY(白色)3种，共9种基因型，表现型为5种，B正确，C错误；通过隐雌显雄组合，故选白雌狐和蓝雄狐验证

上述基因位于性染色体，D正确。答案：C8．(2020·广州市番禺区线上检测)下图为某种人类遗传病的系谱图，该病受一对等位基因控制。下列叙述正确的是()A．该病为常染色体显性遗传病，Ⅱ3为纯合子B．该病为伴X染色体显性遗传病，Ⅱ4为纯合子C．该病为常染

色体隐性遗传病，Ⅲ2为杂合子D．该病为伴X染色体隐性遗传病，Ⅱ1为纯合子解析：若该病为常染色体显性遗传病，则Ⅰ1的基因型为aa，会提供a给Ⅱ3，且Ⅱ3表现患病，有显性基因，因此Ⅱ3为Aa，故A项错误；若该病为伴X染色

体显性遗传病，则会父病女必病，而系谱图中Ⅱ3的女儿必须患病，但实际上Ⅲ2却没有患病，因此该病不可能为伴X染色体显性遗传病，故B错误；若该病为常染色体隐性遗传病，则患者Ⅰ2、Ⅱ2、Ⅱ3、Ⅲ1均为aa，Ⅲ2表现正常

，即有显性基因，又因为Ⅱ3为aa，必然会给Ⅲ2一个隐性基因a，因此Ⅲ2为杂合子，故C正确；若该病为伴X染色体隐性遗传病，则Ⅰ2的基因型为XaXa，必会提供Xa给Ⅱ1，而Ⅱ2是正常的，所以Ⅱ1的基因型为XAXa，是杂合子，故D项错误。答案：C9．(2020·

茂名化州第四次模拟)马凡氏综合征是一种单基因控制的遗传性结缔组织疾病。在一些体育运动中，马凡氏综合征患者可能会凭借其身体上的特殊之处，占有一定的优势，但因其生理缺陷亦有猝死赛场的情况发生。下列有关马凡氏综合征说法错误的是()A．致病基因

可能来源于双亲一方的生殖细胞B．与青少年型糖尿病相比较发病率较高C．若要判断其遗传方式应建立家系遗传图谱进行分析D．可用基因检测手段有效预防其产生和发展解析：马凡氏综合征是一种单基因遗传病，可能属于显性遗传或隐性遗传，致病基因可能来源于双亲一方的生殖细胞，A正确；青少年

型糖尿病属于多基因遗传病，马凡氏综合征属于单基因遗传病，多基因遗传病在群体中的发病率比较高，而单基因遗传病发病率较低，B错误；若要判断马凡氏综合征遗传方式一般应建立家系遗传图谱进行分析，C正确；马凡氏综合征属于单基因遗传病，可用基因检测等手段有效预防其产生和发展，D正确。答案：B10．

某种自花传粉植物的花色由两对独立遗传的等位基因E、e和G、g控制，有E同时又有G的植物开紫花，有E但没有G的植物开红花，其他基因型的植物都开白花。已知该植物染色体结构部分缺失的雄配子参与受精后会导致受精卵发育异常而死亡，用纯合红花植株和纯合白花植株杂交得到F1，F1自交的后代花色多数为紫花

∶红花∶白花＝9∶3∶4，个别为紫花∶红花∶白花＝3∶1∶4。下列关于该F1植株的说法正确的是()A．缺失了E基因位点的染色体片段，基因型为eGgB．缺失了G基因位点的染色体片段，基因型为EegC．缺失的片段与E基因位于同一条染色体上，基因型为EeGgD．缺失的片段与G基因位于同一条

染色体上，基因型为EeGg解析：由题意知，E、e与G、g独立遗传，因此遵循自由组合定律，且E_G_开紫花，E_gg开红花，eeG_、eegg开白花，F1自交后代多数花色表现为紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的变式，说明F1的基因型是EeGg，亲

本纯合红花的基因型是EEgg，白花基因型为eeGG。F1自交的后代个别的花色表现为紫花(E_G_)∶红花(E_gg)∶白花(eeG_＋eegg)＝3∶1∶4，即E_∶ee＝1∶1，G_∶gg＝3∶1，由此可知G和g基因都没有丢失。F

1正常自交后代的花色表现为紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4，两者相比较发现白花的比值没有发生变化，即eeG_和eegg基因型的个体没有死亡，故含有e的雄配子参与受精后不会导致受精卵发育异常而死亡，缺失染色体上含有的是E基因，C正确，ABD错误。答案：

C二、非选择题11．(2020·珠海三模)研究人员发现玉米品种甲的3号染色体上具有抗病基因B，7号染色体上具有粒重基因S，而某突变体玉米品种乙的染色体相应位置均为隐性基因。将甲、乙杂交，F1自交，收获F2，随机选取148株玉米进行基因鉴

定，各基因型个体数如下表。BBBbbbSSSsss127363377536(1)上述两对等位基因是否都遵循分离定律？________；判断的理由是________________________________。这两对基因__

______(填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律。(2)研究发现，F2群体中BB、Bb、bb基因型个体的数量比总是1∶7∶6。研究人员推测“F1产生的雌配子育性正常，而带有B基因的花粉成活率很低。”请设计杂交实验检验上述推测，并写出支持上述推测的子代性状及数量比。

__________________________________________________________________________________________________________。解析：(1)位于同源染色体上的等

位基因在减数第一次分裂后期会随着同源染色体的分开而分离，据此可知上述两对等位基因的遗传都遵循基因的分离定律，题中显示的两对等位基因分别位于两对同源染色体上，即这两对基因属于非同源染色体上的非等位基因，因此，这两

对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。(2)由F2群体中BB、Bb、bb基因型个体的数量比为1∶7∶6，推测原因是“F1产生的雌配子育性正常，而带有B基因的花粉成活率很低”。为检验上述推测采用测交实验，具体操作为：选择F1为母本，品种乙为父本，子代中抗病个体与不抗病个体比例是1∶1，可

证明F1产生了两种比例相等的雌配子，且都育性正常；以F1为父本，品种乙为母本，子代中抗病个体与不抗病个体比例为1∶6，根据分离定律可知：F1产生了两种比例相等的雄配子，而子代个体中出现了异常的比例，据此可推测带有B基因的花粉成活率很低，只有16。当F1自交时，雌配子的比例为B∶b＝1∶1，具有

育性的雄配子的比例为B∶b＝1∶6，列出棋盘可得出基因型比例为BB∶Bb∶bb＝1∶7∶6。答案：(1)都遵循两对基因都属于等位基因，随同源染色体分离而分离遵循(2)以F1为母本，品种乙为父本，子代中抗病个体与不抗病个体比例是1∶1；以F1

为父本，品种乙为母本，子代中抗病个体与不抗病个体比例为1∶612．(2020·梅州第二次质检)白麦瓶草(XY型)是第一种被发现有性染色体的植物，其果实大瓶(A)和果实小瓶(a)，披针形叶(B)和距圆形

叶(b)为两对相对性状。为研究相关基因在染色体上的分布情况，某学习小组以白麦瓶草为实验材料进行了实验探究，回答下列问题。(1)果实大瓶基因(A)和果实小瓶基因(a)在结构上的区别是____________________。(2)某同学用纯合的果实大瓶植株与小瓶植株进行正反交实

验，子一代果实均为大瓶型，据此该同学认为A、a基因位于常染色体上。你认为该同学的结论严谨吗？________，如不严谨可能还存在的另一种情况是____________________________________

_____________________________________________________________。(3)某研究者用披针形叶果实大瓶的白麦瓶草作为亲代，进行杂交实验，子一代结果如下：子一代性状披针形叶果实大瓶披针形叶果实小瓶距圆形叶果实大瓶距圆形叶果实小

瓶数量239株80株121株41株①实验结果表明，控制此两对性状的两对基因，遗传时遵循________________定律。②若子代结果中雌株全为披针形叶，雄株披针形叶和距圆形叶约各占一半，控制叶形的基因位于__

________(填“常”或“X”)染色体上；其亲本的基因型为：______________________________；亲代都是披针形叶，但杂交的后代分离比为2∶1，合理推测是：________________________________。解析：(1)基因是有遗传效应的DN

A片段，所以不同基因在结构上的区别是碱基或脱氧核苷酸序列的不同。(2)如果正反交子一代果实均为大瓶型，有两种情况，一是A、a位于常染色体上，二是A、a基因位于X、Y染色体上的同源区段，正交XAXA和XaYa，

二是XaXa和XAYA，所以该结论不严谨。(3)①子代中四种表现型的比例为6∶2∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式，所以两对基因遵循基因自由组合定律；②如果雌性全为披针形叶，雄性披针形叶∶矩圆形叶性状个体比例接近1∶1，叶形的遗传与性别有关，属于伴性遗传，B(b

)位于X染色体上，亲本基因型为XBXb、XBY，由于2对等位基因遵循自由组合定律，因此A、a位于常染色体上，基因型Aa和Aa，所以亲代基因型为AaXBXb和AaXBY；考虑叶形XBXb×XBY，子代基因型XBXB，XBXb，XBY和XbY，后代杂交分离比3∶1，但只有2∶1的比例，说明XB

XB致死。答案：(1)碱基(脱氧核苷酸)序列的不同(2)不严谨A、a基因位于X、Y染色体上的同源区段(3)基因的(分离定律和)自由组合定律XAaXBXb、AaXBY基因型为XBXB植株不能发育或死亡13．(2020·广

东番禺中学一模)蝴蝶中紫翅(A)和黄翅(a)是一对相对性状，绿眼(B)和白眼(b)是一对相对性状，两对等位基因独立遗传，下图是表现型为紫翅绿眼蝴蝶与某蝴蝶甲杂交，产生的1356只后代的性状，请据图回答下列问题。(1)甲的基因组成是____

___，性状分离是指_______________。(2)杂交后代中，表现型不同于亲本的是________________，它们之间的数量比为________，杂交后代中纯合子约有________只。(3)若要鉴定杂交后代中一只紫翅绿眼蝴蝶

的基因型，应让其与表现型为________蝴蝶进行测交，统计后代的表现型种类，预测出现的现象及所得结论：①若测交后代表现型及比例是________________________，则待测个体的基因型是AaBb。②若测交后代表现型及比

例是________________________，则待测个体的基因型是________。解析：(1)由题意知，蝴蝶中紫翅(A)和黄翅(a)是一对相对性状，绿眼(B)和白眼(b)是一对相对性状，两对等位基因独立遗传

，因此在遗传过程中遵循自由组合定律。紫翅绿眼蝴蝶与某蝴蝶甲杂交，后代中紫翅∶黄翅＝3∶1，白眼∶绿眼＝1∶1，说明蝴蝶甲是紫翅白眼，基因型为Aabb。性状分离杂种后代同时出现显性性状和隐性性状的现象。(2)由于亲本基因

型为AaBb×Aabb，杂交后代中表现型和比例为紫翅绿眼(A_B_)∶紫翅白眼(A_bb)∶黄翅绿眼(aaB_)∶黄翅白眼(aabb)＝(34×12)∶(34×12)∶(14×12)∶(14×12)＝3∶3∶1∶1，所以表现型不同于亲本

的是黄翅白眼和黄翅绿眼，它们之间的数量比为1∶1。杂交后代中纯合子(AAbb、aabb)所占比例为12×12＝14，由于后代共有1356只，故约有1356×14＝339只。(3)杂交后代紫翅绿眼蝴蝶的基因型为AABb或AaBb，若要鉴定其基因型，可让其与表现型为黄翅白眼的双隐性个

体进行测交，统计后代的表现型种类和比例。若紫翅绿眼蝴蝶的基因型是AaBb，则测交后代表现型及比例是紫翅白眼(Aabb)∶紫翅绿眼(AaBb)∶黄翅白眼(aabb)∶黄翅绿眼(aaBb)＝1∶1∶1∶1；若紫翅绿眼蝴蝶的基因型是AABb，则测交后代表现型及比例是紫

翅白眼(Aabb)∶紫翅绿眼(AaBb)＝1∶1，所以预测出现的现象及所得结论为：①若测交后代表现型及比例是紫翅白眼∶紫翅绿眼∶黄翅白眼∶黄翅绿眼＝1∶1∶1∶1，则待测个体的基因型是AaBb。②若测交后代表现型及比例是紫

翅白眼∶紫翅绿眼＝1∶1，则该待测个体的基因型是AABb。答案：(1)Aabb杂种后代同时出现显性性状和隐性性状的现象(2)黄翅白眼和黄翅绿眼1∶1339(3)黄翅白眼紫翅白眼∶紫翅绿眼∶黄翅白眼∶黄翅绿眼＝1∶1∶1∶1紫翅白眼∶紫翅绿眼＝1∶1AABb14．(2020·广州一

模)果蝇有突变型和野生型，其纯合体野生型果蝇表现为灰体、长翅、红眼。现有甲(黑体)、乙(残翅)、丙(白眼雄果蝇)三种单基因隐性突变体果蝇，这3种隐性突变基因在染色体上的位置如图所示。回答下列问题。(1)甲

、丙杂交，子代F1的表现型是________，F1自由交配得到的F2中灰体红眼的基因型有________种。F2中灰体红眼雌果蝇与黑体白眼雄果蝇杂交子代表现为灰体白眼雄蝇的概率为________。(2)为了验证伴性遗传，某小组让白眼雄

果蝇与野生型纯合子雌果蝇进行杂交得到F1，F1相互交配得到F2。能够用于证明伴性遗传的F2表现型及其比例是________。解析：(1)(甲)bbVGVGXWXW×(丙)BBVGVGXwY→F1的基因型为：BbVGVGXWXw、BbVGVGXW

Y，表现型为灰体长翅红眼。F1自由交配，控制体色和眼色的基因分别位于两对同源染色体上，每一对相对性状的遗传遵循基因的分离定律，两对遵循基因的自由组合定律。单独看体色性状的遗传，F1的基因型为Bb，自由交配后，后代基因型有BB、Bb、bb三种；单独看眼色遗传，F1

的基因型为XWXw、XWY，自由交配后，后代基因型为XWXW、XWXw、XWY、XwY四种，故F2中灰体红眼的基因型种类为2×3＝6种。F2中灰体红眼雌果蝇与黑体白眼雄果蝇杂交，同样用分离定律来求解自由组合定律。F2中灰体为13BB、2

3Bb，与黑体bb杂交，后代为灰体的概率为13＋23×12＝23；F2中红眼雌果蝇为12XWXW、12XWXw，与白眼雄果蝇XwY交配，后代白眼雄蝇的概率为12×14＝18，故F2中灰体红眼雌果蝇与黑体白眼雄果蝇杂

交，子代表现为灰体白眼雄蝇的概率为23×18＝112。(2)因为控制红眼、白眼的基因位于X染色体上，故验证伴性遗传时应该选择红眼和白眼这对相对性状。白眼雄果蝇与野生型纯合子雌果蝇进行杂交得到F1，F1中雌雄均表现为红眼，基因型为：XWXw

，XWY。F1相互交配得到F2，F2中雌性全部是红眼，雄性中红眼∶白眼＝1∶1，故F2表现型及其比例是：红眼雌性∶红眼雄性∶白眼雄性＝2∶1∶1。答案：(1)灰体长翅红眼6112(2)红眼雌性∶红眼雄性∶白眼雄性＝2∶1∶1获得更多资源请扫码加入享

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