【文档说明】山东省枣庄市2020-2021学年高二上学期期中考试物理试卷 【精准解析】.doc，共(15)页，939.500 KB，由小赞的店铺上传

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2020~2021学年度第一学期第一学段质量检测高二物理注意事项：1。答题前，考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、准考证号、学校、班级等填写在答题纸规定的位置。（另外使用答题卡的考生还要将姓名、准考证号、考试

科目等涂写在答题卡上。）2。回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题纸（卡）上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题纸上。写在本试卷上无效。3。考试结束后，将答题纸交回。（另外

使用答题卡的考生将答题卡和答题纸一并交回。）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.某品牌充电宝上标记的20000mAh反映的物理量为（）A.电压B.功率C.电量D.能量【答案】C【解析】【详解】单

位mA•h对应的电流与时间的乘积，根据q=It可知，单位mA•h对应的物理量是电量，故ABD错误，C正确。故选：C。2.如图所示，电源的电动势为1.5V，闭合电键后（）A.电源在1s内将1.5J的电能转变为化学能B.电源在1s内将1.

5J的化学能转变为电能C.电路中每通过1C电荷量，电源把1.5J的电能转变为化学能D.电路中每通过1C电荷量，电源把1.5J的化学能转变为电能【答案】D【解析】【详解】AB．由于电路中的电阻的电阻值未知，所以不能求

出电路中的电流值。只有当电路中电流为1A时，电池每经过1s电路中就通过1C电量，电源才把1.5J的化学能转变为电能。故AB错误。CD．电源中每通过1C电量，电源将1.5J的化学能转变成电能。故C错误，D正确。故选D。3.电磁波在真空中的速度8310m/sc=。滕州广播电台的

频率99.8MHzf=，则该电台所发射电磁波的波长约为（）A.3mB.3310mC.33.3mD.0.333m【答案】A【解析】【详解】根据光速、频率、波长之间关系有v=λf所以86310m3.0m99.510vf==故A正确，BCD错误。故选A。4.下列关于能量量子化的说

法，正确的是（）A.能量子与电磁波的频率成反比B.电磁波波长越长，其能量子越大C.微观粒子的能量是不连续（分立）的D.能量子假设是由爱因斯坦最早提出来的【答案】C【解析】【详解】A．由ɛ=hν可知，能量子与电磁波的频率成正比，故A错误；B．由hch==可知，电磁波波长越长，其能量子越小，故B

错误；C．普朗克提出了量子假说，他认为，物质辐射（或吸收）的能量都是不连续的，是一份一份进行的，故C正确；D．能量子假设是由普朗克最早提出来的，故D错误。故选C。5.奥斯特在研究电流的磁效应实验时，将一根

长直导线南北放置在小磁针的正上方，导线不通电时，小磁针在地磁场作用下静止时N极指向北方，如图所示。现在导线中通有由南向北的恒定电流I，小磁针转动后再次静止时N极指向()A.北方B.西方C.西偏北方向D.北偏东方向【答案】C【解析】【详解】由安培定则可知，在小

磁针位置通电导线产生的磁感线方向由东向西，合磁场的方向指向西偏北的方向，小磁针静止时，N极所指的方向是该处合磁场的方向，故C正确，ABD错误。故选C。6.如图，a、b是负点电荷电场中一条电场线上的两点，两点的电势和电场强度分别为a、b和aE、bE

，它们的大小关系分别为（）A.ab，abEEB.ab，abEEC.ab=，abEE=D.ab，abEE【答案】B【解析】【详解】根据顺着电场线方向电势降低的规律可知，φa＞φb．根据电场线从无穷远处出发到负电荷终止，可知负点电荷在b的右侧，则知ab两点

的场强大小关系是Ea＜Eb．故B正确ACD错误。故选B。7.如图所示，真空中带电小球a由绝缘细绳悬挂于天花板上，a球保持静止。形状、大小与a完全相同的另一带电小球b恰能悬停在a的正下方。已知小球a和b带电荷量大小均为Q，a、b质量均为m，静电力常量为k，小球均可视为点电荷。则（）A.小球a所受

绳子的拉力为mgB.小球a和b可能带同种电荷C.小球a和b之间的距离为r＝2kQmgD.小球的电荷量突然减少的瞬间，两球之间的库仑力增大【答案】C【解析】【详解】BC．对小球b受力分析由平衡可知，两小球相互吸引，带异种电荷，由平衡可得22Qmgkr=解得2kQrmg=故B错误，C

正确；A．对小球a受力分析由平衡可得22=QTmgkr+解得2Tmg=故A错误；D．小球的电荷量突然减少的瞬间，小球还没有来得及运动，由122=qqFkr可知，两球间的库仑力减小，故D错误。故选C。8.小明家安装一路专线为额定功率1.5kW的空调供电，用去的铜导线长50m，橫截面积2.5mm2

，已知铜的电阻率为1.7×10-8Ωm，如果空调能够正常工作，这段导线上损失的电压最接近（）A.1.2VB.2.3VC.12VD.23V【答案】B【解析】【详解】由PUI=得工作电流为：15006.82A220APIU===根据电阻定律得到导线的电阻为：861.7

51050Ω0.35Ω2.510LRS−−===则正常工作时在这段导线上损失的电压为：6.820.35V2.387VUIR===故B正确，ACD错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题。每小题4分，共l6分。在每小题给出的四个选项中

，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.如图所示。在A、D两点分别固定带电荷量为Q+和3Q+的点电荷，点B、C分别在AD连线上。且ABBCCD==。一质子从B点由静止释放、不

计重力，在向右运动的过程中（）A.加速度一直在减小B.动能先增加后减小C.电场力一直做正功D.电势能先减小后增加【答案】BD【解析】【详解】A．在AD连线上，每一个位置的场强由Q+和3Q+的点电荷共同叠加产生，设AB=BC=CD=L，在B点，Q+产生的场强为2kQL，

方向水平向右。+3Q产生的场强为232kQL（），方向水平向左。所以在B点的合场强大小为：223(2)kQkQLL−，方向水平向右。在C点，+Q产生的场强为2(2)kQL，方向水平向右。+3Q产生的场强为23kQ

L，方向水平向左。所以在C点的合场强大小为：223(2)kQkQLL−，方向水平向左。所以从B到C电场强度先向右减小后反向向左增加，则由牛顿第二定律F=ma可知加速度先向右减小后反向增加，故A错误；BCD．一正电荷从B点沿直线移到C点电场力

方向先向右，后向左，所以电场力先做正功后做负功，动能先增加后减小，电势能先减小后增大，故C错误，BD正确；故选BD。10.两个质量相等、电荷量不等的带电粒子甲、乙，以不同的速率沿着AO方向垂直射入匀强电场，电场强度方

向竖直向上，它们在圆形区域中运动的时间相同，其运动轨迹分别如图所示。不计粒子所受的重力，下列说法正确的是（）A.甲粒子带负电荷B.甲粒子所带的电荷量比乙粒子少C.乙粒子在圆形区域中电势能变化量小D.乙粒子进入电场时具有的动能比甲粒子小【答案】BD【解析】【详解】A．甲粒子向上偏转，所受的电场力向

上，与电场方向相同，故甲粒子带正电荷，故A错误；B．两个粒子在匀强电场中均做类平抛运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，有：221122Eqyattm==E、t、m相等，则y∝q，因为甲粒子的偏转距离y较小，可知，甲粒子所带的电荷量比乙粒子少，

故B正确；C．电场力对粒子做功为W=qEy，甲粒子电荷量少，偏转距离小，则电场力对甲粒子做功少，其电势能变化量小，故C错误；D．水平方向有x=v0t，在相同时间内，乙粒子的水平位移小，则乙粒子进入电场时的初速度小，而两个粒子质量相等

，则乙粒子进入电场时具有的动能比甲粒子小，故D正确。故选BD。11.一电动自行车电源铭牌标有“48V12Ah”字样，假设工作时输出电压恒为48V，额定功率为192W，电动机内阻为1。某人骑该车在平直公路上行驶，已知人和车的总质量为100kg，阻力为总重力的0.03倍。取

210m/sg=。则（）A.额定工作电流为12AB.充满电后该电池的总能量为576JC.在平路上行驶的最大速度约为5.87m/sD.以额定功率行驶时，电动机的效率约为92%【答案】CD【解析】【详解】A．额定工作电流：192A4A48PIU===额额故A错误；B．充满电后该

电池的总能量：W=Uq=48×12×3600J=2073600J故B错误；D．以额定功率行驶时，电动机线圈发热功率：P热=I2r=42×1W=16W电动机的输出功率：P出=P额-P热=192W-16W=176W以额定功率行驶时电动机的效率：176100%100%92%192PP==

出额故D正确；C．电动自行车匀速行驶时速度最大，由平衡条件可知，此时电动自行车的牵引力F=f=kmg=0.03×100×10N=30N电动自行车的最大速度：176m/s5.87m/s30PvF==出故C

正确。故选：CD。12.如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，曲线Ⅲ与直线Ⅰ、Ⅱ相交点的坐标分别为P（5.2，3.5）、Q（6，5）。如果把该

小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是（）A.电源1与电源2的内阻之比是2:3B.小灯泡的电阻随着电流的增大而减小C.在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是21:26D.在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是7:10【答案】

C【解析】【详解】A．电源1与电源2的内阻之比是12103810212rr==A错误；B．小灯泡的图像斜率增大，小灯泡的电阻随着电流的增大而增大，B错误；C．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比123.5215.25266RR==C正确；D．在这

两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比为1112223.55.29156150PUIPUI===D错误。故选C。三、非选择题：本题共6小题，共60分。13.在“测定一节干电池的电动势和内阻”实验中，某小组利用图甲所示电路进行测量。(1)实验过程中滑动变阻器应____

__________（填“从左往右”或“从右往左”）滑动；(2)某同学据实验得出的数据画出的UI−图像如图乙所示，由图像可求得干电池的内阻为__________（保留2位有效数字）；若考虑流过电压表的电流，电动势的真实值应___________（填

“略大于”或“略小于”）电动势的测量值。【答案】(1).从左往右(2).0.82(3).略大于【解析】【详解】(1)[1]由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，为保护电路闭合开关前滑片应置于最左端，因此实验过程中滑动变阻器滑片应从左向右滑动；(2)[2][3]

根据闭合电路欧姆定律可得U=E-Ir，则U-I图象的斜率绝对值表示内电阻；由图示电源U-I图象可知，电源内阻：1.451.0||0.820.55UrI−==由图示电路图可知，由于电压表分流作用，流过电源的电流大于电流表测量值，即电流测量值小于真实值，内电压比真实的内

电压小，则电源电动势测量值小于真实值，即电动势的真实值略大于测量值。14.在测定某金属丝的电阻率的实验中．（1）甲同学进行了如下操作：①利用螺旋测微器测量金属丝的直径d如图1所示，则d＝________mm②测量金属丝电阻R

x的电路图如图2所示，闭合电键S，先后将电压表右侧接线端P接a、b点时，电压表和电流表的示数如下表所示U/VI/A接线端P接a1．840．15接线端P接b2．400．15该同学认真观察发现，在两次测量中，电流表的读数几乎不变，发生这种现象的原因是____________，比较合理且较准确的金属丝电

阻Rx测＝________Ω（结果保留两位有效数字），从系统误差的角度分析，Rx的测量值Rx测与其真实值Rx真相比较，有Rx测________Rx真（选填“＞”、“＜”或“＝”）【答案】(1).1.704（

1.702～1.706均对）(2).电压表内阻比金属丝电阻大得多，电路的总电阻几乎未变(3).12(4).＜【解析】【详解】(1)①[1]直径d=1.5mm+20.5×0.01mm=1.705mm；②[2]

[3][4]电流表的示数几乎不变，是因为电压表内阻比金属丝电阻大得多，电路的总电阻几乎未变造成的；故将P接在a端，误差较小，故比较合理且较准确的金属丝电阻1.84120.15xR==从系统误差的角度分析，电流表的示数偏大，故测量

电阻偏小。15.如图所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方h高度的P点，固定电荷量为＋Q的点电荷．一质量为m、带电荷量为＋q的物块（可视为质点），从轨道上的A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到P点正下方B点时速度为v．已知点电荷＋Q产生的电场在A

点的电势为φ（取无穷远处电势为零），PA连线与水平轨道的夹角为60°，试求：（1）物块在A点时受到轨道支持力的大小；（2）点电荷＋Q产生的电场在B点的电势．【答案】（1）2338kQqmgh+（2）220()2mvvq−+【解析】【详解】（1）物体受到点电

荷的库仑力2QqFkr=由几何关系可知sin60hr=设物体在A点时受到轨道的支持力大小为N，由平衡条件有sin600NmgF−−=解得233+8kQqNmgh=（2）设点电荷产生的电场在B点的电

势为B，由动能定理有：()2201122Bqmvmv−=−解得()220+2Bmvvq−=16.如图所示，E=8V，r=2Ω，R1=8Ω，R2为变阻器接入电路中的有效阻值，问：(1)要使变阻器获得的电功率最大，则R2的取值应是多大？这时R

2的功率是多大？(2)要使R1得到的电功率最大，则R2的取值应是多大？R1的最大功率是多少？这时电源的效率是多大？【答案】(1)10Ω，1.6W；(2)0，5.12W，80%【解析】【详解】(1)将R1和电源等效为一新电源，则新电源的电动势E′=E=8V内阻r′

=r＋R1=10Ω且为定值。利用电源的输出功率随外电阻变化的结论知，当R2=r′=10ΩR2有最大功率，即P2max=24'Er=1.6W(2)因R1是定值电阻，所以流过R1的电流越大，R1的电功率就越大。当R2=0时，电路中

有最大电流，即Imax=1ERr+=0.8AR1的最大功率P1max=Imax2R1=5.12W这时电源的效率η=2max12max1()RIRIr+×100%=80%17.反射式速调管是常用的微波器件之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波。其振荡原理与下述过程类似。已知静电场的方向平行于x

轴，其电势随x的分布如图所示。一质量201.010kgm−=、电荷量91.010Cq−=的带负电的粒子从(0.5,0)−点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上做往返运动。忽略粒子的重力等因素，求(1)x轴左侧电场强度1E和右侧电场强度2

E的大小之比12EE。(2)该粒子运动的最大动能kmE。(3)该粒子运动的周期T。【答案】(1)1221EE=；(2)8km2.010JE−=；(3)83.010sT−=【解析】【详解】(1)由图可知1220VUU==①由电场强度和电势差的关系可得：左侧电场强度：111UEd=②右侧电场强

度：222UEd=③联立①②③式，代入数据解得：1221EE=④(2)粒子运动到原点时速度最大，由动能定理得：km11EqEd=⑤联立②④式，代入数据解得：8km2.010JE−=⑥(3)设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为1t

、2t，在原点时的速度为mv，由运动学公式得：1m1qEvtm=⑦2m2qEvtm=⑧()122Ttt=+⑨由动能定义式得：2kmm12Emv=⑩联立①②③⑥⑦⑧⑨⑩式，代入数据解得：83.010sT−=18.如图所示，绝缘光滑轨道ABCD竖直放在与水平方向成45=的匀强电场中

，其中BCD部分是半径为R的半圆环，轨道的水平部分与半圆相切，现把一质量为m、电荷量为＋q的小球(大小忽略不计)，放在水平面上某点由静止开始释放，恰好能通过半圆轨道最高点D，落地时恰好落在B点。求：(1)电场强度E；(2)起点距B

点的距离L。【答案】（1）22mgq；（2）2.5R.【解析】【详解】(1)小球恰好能通过D点，则有222vmgFmR−=小球通过D点后的运动：水平方向做匀变速直线运动212xxvtat=−由牛顿第二定律得22xFma=竖直方向做匀加速直线运动2122tRat=由牛顿第二定律得22

ymgFma−=联立得22,22gRmgvEq==(2)由起点到D点的过程，根据动能定理得2212222EqLmgREqRmv−+=解得2.5LR=