【文档说明】静电场 专题52.docx，共(4)页，98.109 KB，由小赞的店铺上传

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专题52带电粒子在交变电场中的运动授课提示：对应学生用书84页1．(多选)带电粒子在电场中会受到电场力的作用而进行加速或偏转，从而可以检验带电粒子的性质，某平行板两极间存在一匀强电场，其电压与时间关系如图所示，当t＝

0时，在平行板中间由静止释放一个带负电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，粒子在运动过程不会碰撞极板，则下列说法中正确的是()A．带电粒子做单向的匀变速直线运动B．4s末带电粒子回到原出发点C．0～3s

内，电场力的冲量为零D．0～3s内，电场力做的总功为零答案：CD解析：作出带电粒子在交变电场中的v­t图像如图所示，不难发现，3s末粒子回到了出发点，3s后重复这样运动，一直做往复运动，并非单向的匀变速直线运动，A、B错误；0～3s内，对粒子由动量定理得I电场力＝

0－0，故0～3s内电场力的冲量为零，C正确；0～3s内，对粒子由动能定理得W电场力＝0－0，故0～3s内电场力做的总功为零，D正确．2．如图(a)，一平行板电容器两板间的距离为d，在左板内侧附近有一带电量为q质量为m的离子，不计重力，为使离子能在两板间往

复振动而不碰到两板，在两板间加上如图(b)所示的交变电压，则此交变电压的周期最大为()A．dmqU0B．2dmqU0C．4dmqU0D．d2mqU0答案：C解析：假设t＝0时刻左极板的电势高于右极板的电势，根据图(b)可知交变电压的周期为T，根据图像中电压的变化，若一正离子

从左极板向右运动，先做T4的匀加速运动，再做T4的匀减速运动，到达右极板时速度恰好为零，然后再反向向左做匀加速和匀减速运动，这样左右往复振动，而加速和减速的加速度大小相同，则位移相同，是完全对称的运动，其加速度大小为a＝U0qdm，设加速阶段的最大速度为v，则有

v＝a·T4＝U0qdm·T4，在速度达到最大或由最大减为零的过程中，由动能定理可得12qU＝12mv2，解得T＝4dmqU，因此为使该离子能在两极间来回振动而不撞在两极板上，则T＜4dmqU，C项正确．3．[2024·山东省

德州市适应性联考](多选)如图1，在矩形MNPQ区域中有平行于PM方向的匀强电场，电场强度为E0，一电荷量为＋q，质量为m带电粒子以v0的初速度从M点沿MN方向进入匀强电场，刚好从Q点射出．MN＝PQ＝2L，MP＝QN＝L.现保持电场强度的大小不变，使匀强电场的方向按

图2做周期性变化．使带电粒子仍以v0的初速度从M点沿MN方向进入，粒子刚好能从QN边界平行PQ方向射出．不计粒子重力，取图1中方向为电场正方向．则下列说法正确的是()A．电场强度大小为E0＝mv204qLB．电场强度大小

为E0＝mv202qLC．电场变化的周期可能为T0＝L5v0D．电场变化的周期可能为T0＝2L5v0答案：BCD解析：对粒子分析，粒子沿MN方向做匀速直线运动，电场力方向做匀加速直线运动，则有2L＝v0t，L＝12qE0mt2，解得E0＝mv202qL，A错

误，B正确；当场强方向周期性变化时，沿电场方向先做初速度为0的匀加速运动后再做匀减速到0的直线运动，此过程重复n次，n取正整数，根据2L＝nv0T0，解得T0＝2Lnv0(n＝1，2，3…)，当n＝5时，T0＝2L5v0；当n＝10时，T0＝L5v0，C、D

正确．4．如图甲所示，A、B是真空中平行放置的两个等大金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d＝20cm.今在A、B两极板上加如图乙所示的交变电压，交变电压的周期T＝1.0×10－6s；t＝0时，A板

电势比B板电势高，电势差U0＝1080V．一个荷质比qm＝1.0×108C/kg的带负电的粒子在t＝0时从B板附近由静止开始运动，不计重力．求：(1)当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达到最大值？最大速度为多大？(2)粒子运动过程中将与某一

极板相碰撞，粒子撞击极板时的速度大小．答案：(1)3cm1.8×105m/s(2)66×104m/s解析：(1)粒子经过T3时第一次达到最大速度，根据a＝qU0md解得a＝5.4×1011m/s2此过

程粒子的位移为x1＝12a(T3)2＝3cm粒子速度的最大值为v＝a·T3＝1.8×105m/s(2)0至T3时间内，粒子向右做匀加速直线运动，向A板运动了x1＝3cm，根据对称性可知，T3至2T3时间内，粒子向右做匀减速运动减到速度为零，粒子又向A板运动的位移大小为x2＝x1＝3cm2T3至5

T6时间内，粒子反向向左做匀加速直线运动，粒子向B板运动的位移大小为x3＝12a(T6)2＝0.75cm根据对称性可知，5T6至T时间内，粒子向左做匀减速运动减到速度为零，粒子又向B板运动的位移大小为x4＝

x3＝0.75cm粒子在一个周期内向右运动的位移为Δx＝x1＋x2－x3－x4＝4.5cm可知经过4个完整的周期后粒子向右前进的位移大小为18cm，与A板的距离为s＝d－4Δx＝2cm，因此粒子撞击A板时的速度即为由初速为0，经过s＝2cm

加速后获得的速度，则有2as＝v′2解得v′＝66×104m/s.