【文档说明】吉林省长春市第二中学2019-2020学年高二4月线上考试化学试题【精准解析】.doc，共(23)页，949.000 KB，由小赞的店铺上传

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长春二中2019-2020学年度下学期高二年级线上考试试题化学时间：90分钟（15:00-16:30）可能用到的相对原子质量C12H1O16Al27Cl35.5一、选择题（每题2分，共60分）1.某有机物的结构简式为：按官能

团分类，它不属于（）A.羧酸类B.醚类C.酯类D.酮类【答案】C【解析】【详解】由结构简式可知，该有机物含有羰基、碳碳双键、羧基、醚键和卤素原子，可以属于酮类、醚类、羧酸类和卤代烃，不含酯基，不属于酯类，故选C。2.下列有关物质的表达式正确的是（）A.乙烯的结构简式为：C

H2CH2B.1，3-丁二烯的分子式：C4H8C.羟基的电子式为：—O：HD.苯酚的分子式为：C6H6O【答案】D【解析】【详解】A．烯烃的结构简式中的碳碳双键不能省略，故乙烯的结构简式为CH2=CH2，故A错误；B．1，3-丁二烯分子中含有两个碳碳双键，比相同碳原子的烷烃少4

个H，其分子式为：C4H6，故B错误；C．羟基是电中性基团，氧原子与氢原子以1对共用电子对连接，电子式为，故C错误；D．苯酚的结构简式为，分子式为C6H6O，故D正确；故选D。【点睛】本题的易错点为C，要注意羟基是电中性微粒，要注意与氢氧根离子的区别。3.下列各组物质中，一定互为同系

物的是A.乙烷和己烷B.3362CHCOOHCHO、C.和D.3HCHOCHCOOH、【答案】A【解析】【详解】A.乙烷和己烷都属于烷烃，A一定互为同系物；B.3CHCOOH属于饱和一元羧酸，而362CHO不一定属于羧酸，也有可以属于酯或羟基醛，故B不一定互为同系物；C.属于酚类，属于醇类，故

C一定不是同系物；D.HCHO属于饱和一元醛，而3CHCOOH属于饱和一元羧酸，两者的官能团不同，故D一定不是同系物。故选A。4.下列反应属于取代反应的是（）A.乙醇在铜做催化剂下与氧气反应B.乙烯通入酸性高锰酸钾溶液C.溴乙烷与氢氧

化钠的醇溶液共热D.甲苯与氯气混合光照【答案】D【解析】【详解】A．乙醇在铜做催化剂下与氧气反应生成乙醛，属于氧化反应，故A错误；B．乙烯中C=C能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，属于氧化反应，故B错误；C．溴乙烷与氢氧化钠的醇溶液共热反应生成乙烯，属于消去反应，故C错误

；D．甲苯与氯气混合光照时甲苯中甲基上的氢原子被氯原子所取代生成氯代烃，属于取代反应，故D正确；故选D。5.如图所示是一个有机物的核磁共振氢谱图，请你观察图谱，分析其可能是下列物质中的（）A.CH3CH2CH2CH3B.

（CH3）3CCH3C.CH3CH2CH2OHD.CH3CH2COOH【答案】C【解析】【分析】分子中含几种化学环境不同的H原子，则核磁共振氢谱就有几种不同的信号峰，且峰面积之比等于氢原子数目之比，据此分析解答。【详解】由图可知，核磁共振氢谱中有4个吸收峰

，说明该分子中的有4种H原子。A．CH3CH2CH2CH3中有2种H原子，核磁共振氢谱中有2个吸收峰，故A不符合；B．(CH3)3CCH3中有1种H原子，核磁共振氢谱中有1个吸收峰，故B不符合；C．CH3CH2CH2

OH中有4种H原子，核磁共振氢谱中有4个吸收峰，故C符合；D．CH3CH2COOH中有3种H原子，核磁共振氢谱中有3个吸收峰，故D不符合；故选C。6.下列关系正确的是（）A.密度：CCl4＞H2O＞苯B.同质

量的物质燃烧耗O2量：丙炔＞乙炔＞甲烷C.熔点：戊烷＞2，2-二甲基戊烷＞2，3-二甲基丁烷＞丙烷D.同物质的量物质燃烧耗O2量：己烷＞环己烷＞苯【答案】AD【解析】【详解】A．CCl4的密度大于1g/mL，H2O的密度约为1g/mL，苯的密度小于

1g/mL，则密度：CCl4＞H2O＞苯，故A正确；B．同质量的物质，含氢量越高，耗氧量越高，耗氧量：甲烷＞丙炔＞乙炔，故B错误；C．烷烃的熔沸点随着碳原子数的增加而上升，相同碳原子数烷烃，支链越多，熔沸点越低，熔点：2，2-二甲基戊烷＞

2，3-二甲基丁烷＞戊烷＞丙烷，故C错误；D．等物质的量的有机物燃烧的耗氧量为(x+y4-z2)，耗氧量：己烷＞环己烷＞苯，故D正确；故选AD。7.下列分子中所有原子肯定在同一平面上的是A.乙烷B.乙烯C.乙醇D.乙醛【答案】B【解析】【详解】A.乙烷中与C原子直接相连的4

个原子构成四面体，乙烷中所有原子肯定不都在同一平面上，A不符合题意；B.乙烯中2个碳原子和4个氢原子肯定在同一平面上，B符合题意；C.乙醇中与C原子直接相连的4个原子构成四面体，乙醇中所有原子肯定不都在同一平面上，C不符合题意；D.乙醛中与甲基碳原子直接相连的4个原子构成四面体，乙醛中所有

原子肯定不都在同一平面上，D不符合题意；答案选B。8.下列说法正确的是（）A.CH3COOCH2CH3与CH3CH2COOCH3为同一种物质B.和为同一物质C.CH3CH2CH2CH2CH3和CH3CH2CH（CH3）2互为同素异形体D.乙醇在浓硫酸作用

下迅速加热到140℃，生成乙烯【答案】B【解析】【详解】A．CH3COOCH2CH3与CH3CH2COOCH3结构不同，对应的酸分别为乙酸、丙酸，二者互为同分异构体，故A错误；B．碳原子连接四个原子形成的结构为四面体结构，和为同一物质，故B正确；C．CH3CH2CH

2CH2CH3和CH3CH2CH(CH3)2都是有机化合物，分子式相同，结构不同，属于同分异构体，故C错误；D．乙醇在浓硫酸作用下迅速加热到170℃时生成乙烯，加热到140℃生成乙醚，故D错误；故选B。【点睛】本题的易错点为C，要注意同素异形体是同种元素组成的不同单质。9.下列

说法不正确的是（）A.裂化可以提高汽油等轻质油的产量和质量B.裂解的目的是获得乙烯、丙烯、甲烷等重要化工基本原料C.煤的干馏属于化学变化，现代工业生产中芳香烃主要来源于煤焦油D.石油经直接分馏后获得的直馏汽油不可使溴水褪色，石油的分馏属于物理变化【答案】C

【解析】【详解】A．石油裂化的目的为了提高轻质液体燃料(汽油，煤油，柴油等)的产量，特别是提高汽油的产量，故A正确；B．通过石油裂化和裂解可以得到乙烯、丙烯、甲烷等重要的化工基本原料，故B正确；C．煤的干馏指煤在隔绝空气条件下加热、分解，生成焦

炭(或半焦)、煤焦油、粗苯、煤气等产物的过程，属于化学变化；芳香烃主要来源于石油化工的催化重整和裂化，不是来自于煤焦油，故C错误；D．石油裂化产物中含有不饱和烃，石油分馏产物为饱和烃，则石油裂化产物可使溴水褪色，石油分馏产物不可使溴水褪色，石油的分馏是控制各个物质沸点的不同来实现物质分离

的方法，属于物理变化，故D正确；故选C。【点睛】本题的易错点为石油裂化和裂解的区别，要注意石油裂化的目的为了提高轻质液体燃料的产量，特别是提高汽油的产量；石油的裂解主要目的是为了得到乙烯、丙烯等小分子的烃。10.下列

各物质中既能发生消去反应又能发生催化氧化反应，但催化氧化的产物不是醛的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】该分子能发生消去反应生成甲基丙烯，不能发生催化氧化反应，故A错误；B.该分子中连接醇羟基碳原子相邻碳原子上含有

H原子，所以不能发生消去反应，故B错误；C.该物质发生消去反应生成丙烯，发生催化氧化生成丙酮，故C正确；D.该物质发生消去反应生成甲基丙烯，发生催化氧化生成甲基丙醛，故D错误；故答案选：C。11.1mol乙烯与氯气完全加成后再与氯气取代，整个过程最多需要氯气的物质的量为（）A.7m

olB.8molC.6molD.5mol【答案】D【解析】【详解】C2H4+Cl2→CH2ClCH2Cl，所以1mol乙烯与氯气发生加成反应需要1mol氯气；CH2ClCH2Cl+4Cl2CCl3CCl3+4HCl，所以1molCH2ClCH2Cl与氯气发生取代反应，

最多需要4mol氯气，这两部分之和为1mol+4mol=5mol，故选D。12.下列说法正确的是（）A.实验室制硝基苯：先加入浓硫酸，再加苯，最后滴入浓硝酸B.制取溴苯：将铁屑、溴水、苯混合加热C.证明氯乙烷中含有氯原子，可将氯乙烷溶于AgNO3的溶液中D

.实验室制得的粗溴苯通常呈黄色，是因为溶解了少量的Br2【答案】D【解析】【详解】A．为防止酸液的飞溅，应先加入浓硝酸，再加入浓硫酸，混合液冷却后再加入苯，故A错误；B．溴水与苯不反应，应选液溴、苯、铁屑混合制备，故B错误；C．氯乙烷

不溶于水，将氯乙烷溶于AgNO3的溶液中不能证明氯乙烷中含有氯原子，应水解后酸化，再检验氯离子，故C错误；D．溴易溶于溴苯，则粗溴苯通常呈黄色，是因为溶解了少量的Br2，故D正确；故选D。【点睛】本题的易错点为

C，要注意检验氯乙烷中含有氯原子，可以将氯乙烷在氢氧化钠水溶液中水解生成NaCl再检验，检验前需要加入硝酸中和氢氧化钠。13.某有机物A的分子式为C4H10O，能与Na反应生成氢气，则A的结构有几种（）A.4种B.5种C.6种D.8种【答案】A【解析】【详解

】分子式为C4H10O，能与Na反应生成氢气，说明含有羟基，则为丁醇，可以改写为C4H9-OH，因为丁烷有正丁烷和异丁烷两种结构，正丁烷和异丁烷各有两种H原子，因此丁基有4种，则对应的同分异构体有4种，故选A。14.有8种物质：①乙烷；②乙烯；③乙炔；④苯；⑤甲苯；⑥溴乙烷；

⑦乙醇；⑧聚丙烯。其中既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应使溴水褪色的是（）A.①②③⑤B.④⑥⑦⑧C.②③⑤⑧D.①④⑥⑧【答案】D【解析】【详解】①乙烷属于烷烃，既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不

能与溴水反应使溴水褪色，故①符合；②乙烯含有C=C双键，既能使酸性KMnO4溶液褪色，也能与溴水反应使溴水褪色，故②不符合；③乙炔含有C≡C三键，既能使酸性KMnO4溶液褪色，也能与溴水反应使溴水褪色，故③不符合；④苯结构中没有碳碳双键

，既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应使溴水褪色，故④符合；⑤甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，不能与溴水反应使溴水褪色，故⑤不符合；⑥溴乙烷既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应使溴水褪色，故⑥符合；⑦乙醇能使酸性KMnO4溶液褪色，不

能与溴水反应使溴水褪色，故⑦不符合；⑧聚丙烯不含C=C双键，既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应使溴水褪色，故⑧符合；既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应使溴水褪色的有①④⑥⑧，故选D。15.关于油脂，下列说法中正确的是（）A.植物油一般可以使溴水褪色，而动物油不能B.油脂

的水解反应也可称之为皂化反应C.天然油脂大多数属于混合甘油酯，没有恒定的熔沸点，属于高分子化合物D.硬脂酸甘油酯皂化反应后得到的主要产品是硬脂酸和甘油【答案】A【解析】【详解】A．植物油中含有碳碳双键，可以使溴水褪色，而动物油中一般没有碳碳双键，不能使溴水褪色，

故A正确；B．油脂在酸性条件下水解得到高级脂肪酸和甘油，油脂在碱性条件下水解得到高级脂肪酸盐和甘油，只有油脂在碱性条件下水解称为皂化反应，故B错误；C．天然油脂是混合物，没有固定的熔沸点，油脂为高级脂肪酸甘油酯，其相对分子量较小，不属于高分子化合物，故C

错误；D．皂化反应是指油脂在碱性条件下的水解，硬脂酸甘油酯在碱性条件下水解，得到硬脂酸钠和甘油，故D错误；故选A。16.分子式为C8H8O2，并且仅含一种官能团的芳香化合物有几种结构（）A.8种B.9种C.10种D.11种【答案】C【解析】【详解】有机物C8H8O2的不饱和度=8

2228+−=5，苯环的不饱和度为4，则该有机物的侧链含有1个双键，由于只含一种官能团，则侧链可能为：①1个-CH3和1个-COOH，存在邻、间、对3种结构；②1个-CH3和1个-OOCH，存在邻、间、对3种结构；③1个-CH2COOH，存在1种结构；④1个-OOCCH3，

存在1种结构；⑤1个-COOCH3，存在1种结构；⑥1个-CH2OOCH，存在1种结构，所以满足条件的有机物总共有3+3+1×4=10种结构，故选C。17.下列各组有机物只用一种试剂无法鉴别的是（）A.乙醇、甲苯、硝基苯B.

四氯化碳、己烷、己烯C.苯、甲苯、环己烷D.苯、乙醇、乙酸【答案】C【解析】【详解】A．甲苯不溶于水，密度比水小，乙醇与水混溶，硝基苯不溶于水，密度比水大；三种有机物与水混合，现象各不相同，可用水鉴别，故A

不选；B．四氯化碳不溶于水，密度比水大，加入溴水，色层在下层，己烷不溶于水，密度比水小，加入溴水，色层在上层，己烯与溴水发生加成反应，溴水褪色；三种有机物与溴水混合，现象各不相同，可用溴水鉴别，故B不选；C．苯、甲苯、环己烷都不溶于水，且密度都比水小，且苯、环己烷性质稳定，用

一种试剂无法鉴别，故C选；D．苯不溶于水，乙醇与水混溶，而乙酸具有酸性，可与碳酸钠反应，则用碳酸钠溶液可以鉴别，故D不选；故选C。18.下列事实不能说明有机物分子中原子或原子团直接相连时而产生相互影响的是A.苯酚能与NaOH溶液反应而乙醇不能B.等物质的量的乙

醇和甘油与足量的金属钠反应，后者产生的氢气比前者多C.苯与液溴在铁作催化剂下发生反应，而苯酚与浓溴水混合就能发生反应D.甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色而甲烷不能【答案】B【解析】【详解】A.苯酚能够与氢氧化钠反应而

乙醇不能是因为在苯酚中羟基受到苯环的影响具有了酸性，选项A正确；B.等物质的量的乙醇和甘油与足量的金属钠反应，后者产生的氢气比前者多是因为甘油属于三元醇，一个甘油分子中含有三个羟基，所以等物质的量的乙醇和甘油所含的羟基的数目不同，选项B错误；C.苯酚与浓溴水

反应是因为羟基对苯环的影响是羟基的邻对位活化，选项C正确，D.甲苯能够使溴水褪色是因为苯环对甲基的影响使甲基活性增强，选项D正确。答案选B。19.某有机物的结构简式为CH3COOCH2CH＝CHCH2COOH，该有机物可能

发生的化学反应是（）①加成②酯化③消去④氧化⑤水解⑥中和⑦加聚A.只有①②③④B.只有①②⑤⑦C.除③外均可D.除⑤外均可【答案】C【解析】【详解】CH3COOCH2CH=CHCH2COOH中含有酯基，可发生水解反应，则⑤正确；含有碳碳双键，

可发生加成、加聚和氧化反应，则①④⑦正确；含有羧基，具有酸性，可发生酯化反应和中和反应，则②⑥正确；不能发生消去反应，故选C。20.以氯乙烷为原料制取乙二酸（HOOC-COOH）的过程中，要依次经过下列步骤中的（）①与NaOH的水溶液共热②与NaOH的醇溶液共热③与浓硫酸共热到170℃④与溴水反应

⑤在Cu或Ag存在的情况下与氧气共热⑥与新制的Cu（OH）2悬浊液共热A.①③④②⑥B.①③④②⑤C.②④①⑥⑤D.②④①⑤⑥【答案】D【解析】【分析】以氯乙烷为原料制取乙二酸(HOOC-COOH)，应先发生消

去反应生成乙烯，再与卤素加成得到卤代烃，然后水解、氧化可得到乙二酸，据此分析解答。【详解】以氯乙烷为原料制取乙二酸(HOOC-COOH)，应先发生消去反应生成乙烯，再与卤素加成得到卤代烃，然后水解、氧化可得到乙二

酸，其步骤为：②与NaOH的醇溶液共热发生消去反应生成乙烯；④与溴水加成得到1，2-二溴乙烷；①与NaOH的水溶液共热得到乙二醇；⑤在Cu或Ag存在的情况下与氧气共热氧化为乙二醛；⑥与新制的Cu(OH)2悬浊液共热氧化为乙二酸；即步骤为②④①⑤⑥，故选D。【点睛】本题的易错点为消去反应条件的

选择，要注意卤代烃的消去反应需要NaOH的醇溶液，加热；醇的消去反应需要浓硫酸共热到170℃。21.在实验室中，下列除杂（括号内物质为杂质）的方法正确的是（）A.苯（苯酚）：滴加足量的浓溴水，过滤B.乙烷（乙烯）：通过盛有KMnO4溶液的洗气瓶C.硝基苯（浓HNO3）：将其倒入足量NaO

H溶液中，振荡、静置，分液D.乙烯（SO2）：通过盛有溴水的洗气瓶【答案】C【解析】【详解】A．苯酚与浓溴水会反应生成三溴苯酚，但苯、溴单质、三溴苯酚会互溶，因此达不到除杂目的，故A错误；B．乙烯被高锰酸钾氧

化生成二氧化碳，引入新杂质，应选溴水、洗气除杂，故B错误；C．硝酸与NaOH溶液反应后，与硝基苯分层，然后分液可除杂，故C正确；D．二者均与溴水反应，不能除杂，应选NaOH溶液、洗气除杂，故D错误；故答案为：C。【点睛】除杂：除杂的原则：（1）不增：不增加新的杂质，

（2）不减：被提纯的物质不能减少，（3）易分：操作简便，易于分离。22.下列各组有机化合物中，不论两者以什么比例混合，只要总物质的量一定，则完全燃烧时消耗氧气的质量不变的是（）A.CH4O，C3H4O5，C2H4O2B.

C3H6，C3H8O，C4H8O3C.C3H8，C4H6，C4H8OD.C2H6，C4H6O，C3H8O【答案】B【解析】【分析】设有机物为CxHyOz，由总物质的量一定时有机物完全燃烧时消耗O2的质量不变，则(x+y4-z2)相同，据此分析判断。【

详解】A．CH4O的(x+y4-z2)=1+1-0.5=1.5，C3H4O5的(x+y4-z2)=3+1-2.5=1.5，C2H4O2的(x+y4-z2)=2+1-1=2，耗氧量不同，故A错误；B．C3H6的(x+y4-z2)=3+1.5-0=4.5，C3H8O的(x+y4-z2)=3+2-

0.5=4.5，C4H8O3的(x+y4-z2)=4+2-1.5=4.5，耗氧量相同，故B正确；C．C3H8的(x+y4-z2)=3+2=5，C4H6的(x+y4-z2)=4+1.5-0=5.5，C4H8O的(x+y4-z2)=4+2-0.5=5.5，耗氧量

不同，故C错误；D．C2H6的(x+y4-z2)=2+1.5-0=3.5，C4H6O2的(x+y4-z2)=4+1.5-1=4.5，C3H8O的(x+y4-z2)=3+2-0.5=4.5，耗氧量不同，故D错误；故选B。【点睛】

解答本题要注意理解题意，要注意区分“总物质的量一定”和“总质量一定”时的耗氧量的区别，若为烃，总物质的量一定表示(x+y4)相同，总质量一定表示含碳量相等，含氢量也相等，即最简式相同。23.现有组成为C2H6O和C3H8O的混合物，在一定条件下脱水

，可得到的有机产物的种类有（）A.5种B.6种C.7种D.8种【答案】D【解析】【详解】这两种分子式可对应的醇有三种：CH3CH2OH、CH3CH2CH2OH、CH3CHOHCH3，三种醇可发生消去反应生成两种物质乙烯和

丙烯。任意两种醇都可发生分子间脱水反应生成醚，可以是相同醇分子，也可以是不同醇分子，则这三种醇任意组合，可生成6种醚。故共可生成8种有机物，故选D。【点睛】正确解读题意是解题的关键。解答本题要注意“一定条件下脱水”，可能是分子内脱水，发生消去反应，也可能发生分子间的脱水，发

生取代反应。24.胆固醇是人体必需的生物活性物质，分子式为C27H46O，一种胆固醇酯是液晶材料，分子式为C34H50O2，生成这种胆固醇酯的羧酸是（）A.C6H5CH2COOHB.C6H7COOHC.C7H5COOHD.C6H

5COOH【答案】D【解析】【详解】醇的分子式为C25H46O，酯的分子式为C32H50O2，结合酯化反应可知C25H46O+羧酸→C32H50O2+H2O，由原子守恒可知，羧酸中C原子为32-25=7，H原子为50+2-46

=6，O原子为2+1-1=2，则羧酸为C6H5COOH，故选D。25.绿原酸是咖啡的热水提取液成分之一，结构简式如图，关于绿原酸判断正确的是（）A.1mol绿原酸与足量NaHCO3溶液反应，生成3molCO2气

体B.1mol绿原酸与足量Na反应，最多消耗6molNaC.1mol绿原酸与足量NaOH溶液反应，最多消耗3molNaOHD.绿原酸水解产物均可以与FeCl3溶液发生显色反应【答案】B【解析】【详解】A．绿原酸结构中只有-COOH与碳酸氢钠反应生成

二氧化碳气体，则1mol绿原酸与足量NaHCO3溶液反应，生成1molCO2气体，故A错误；B．羟基和羧基都能与钠反应放出氢气，1mol绿原酸与足量Na反应，最多消耗6molNa，故B正确；C．酚-OH和-COOC-、-COOH能

够与NaOH反应，则1mol绿原酸与足量NaOH溶液反应，最多消耗4molNaOH，故C错误；D．绿原酸的水解产物中含酚-OH的物质可以与FeCl3溶液发生显色反应，但含4个-OH和1个-COOH的环己烷结构不能与FeCl3溶液发生显色反应，故D错误；故选

B。26.下列有机物不能形成顺反异构体的是（）A.1-溴-1-丙烯B.2-甲基-1-丙烯C.2-丁烯D.4-辛烯【答案】B【解析】【分析】存在顺反异构体的有机物，需要满足的条件：(1)分子中至少有一个碳碳双键；(2)双键上同一碳上不能有相同的

基团，据此分析解答。【详解】A．1-溴-1-丙烯的结构简式为CH3CH=CHBr，碳碳双键两端分别连接了两个不同的基团，能形成顺反异构体，故A不选；B．2-甲基-1-丙烯的结构简式为CH2=C(CH3)2，碳碳双键两端分别连接了两个相同的基团，不能形成顺反异构体，故B选

；C．2-丁烯的结构简式为CH3CH=CHCH3，双键上同一碳上连有不相同的基团，能形成顺反异构体，故C不选；D．4-辛烯的结构简式为CH3CH2CH2CH=CHCH2CH2CH3，双键上同一碳上连有不相同的基团，能形成顺反异构

体，故D不选；故选B。27.广泛存在于食物(如桑椹，花生，尤其是葡萄)中，具有抗癌性能够它可能跟1mol该化合物起反应的Br2或H2的最大用量分别是（）A.1mol，1molB.3.5mol，7molC.3.5mol，6molD.6mol，7mol【答案】

D【解析】【详解】分子中共含有3个酚羟基，1mol该化合物可与5molBr2发生取代反应，含有1个碳碳双键，则1mol该化合物可与1molBr2发生加成反应，共消耗6mol溴；分子中含有2个苯环，1个碳碳双键，则1mol该化合物可与7mol氢气发生加成反应。故D正确；故选D。28.有人认为

22CH=CH与2Br的加成反应实质上是2Br断裂为Br+和Br−，然后Br+先与22CH=CH一端的碳原子结合，第二步才是Br−与另一端的碳原子结合。根据该观点，如果让22CH=CH与2Br在盛有NaCl和NaI的水溶液中反应，则得到的有机物不可能是

()A.22BrCHCHBrB.22ClCHCHClC.22BrCHCHID.22BrCHCHCl【答案】B【解析】【详解】依题意，2Br断裂为Br+和Br−，然后Br+先与22CH=CH一端的碳原子结合，生成B

rCH2-CH2+，然后可能与溶液中的Br-、Cl-、I-结合，从而生成22BrCHCHBr、22BrCHCHCl、22BrCHCHI，不可能生成22ClCHCHCl，故选B。【点睛】Br+与CH2=CH2反应，确立了碳链一端的结构，在此端已无选择的空间

，所以只有碳链的另一端可添加其它阴离子。29.某有机物完全燃烧生成CO2和H2O。将12g该有机物完全燃烧的产物通过浓H2SO4，浓H2SO4增重14.4g，再通过碱石灰，碱石灰增重26.4g。则该有机物的分子式为（）A.C4H10B.C2H6OC.C3H8OD.C2H

4O2【答案】C【解析】【详解】该有机物完全燃烧的产物通过浓H2SO4，浓H2SO4增重14.4g，则该质量为H2O的质量（0.8mol），再通过碱石灰，碱石灰增重26.4g，则这个质量为CO2的质量（0.6mol），根据质量守恒定律，该有机物中含有C元素质量为7.2g，含有H元素质量为1.6

g，故还有O元素3.2g（0.2mol），故C、H、O三种元素的物质的量比为3:8:1，故C符合题意，选择C。30.BHT是一种常用的食品抗氧化剂，从出发合成BHT的方法有如下两种。下列说法不正确的是（）A.推测BHT在水中的溶解度小于

苯酚B.BHT与都能使酸性KMnO4溶液褪色C.方法一和方法二的反应类型都是加成反应D.BHT与互为同系物【答案】C【解析】【详解】A.BHT中含有的憎水基烃基比苯酚多，所以在水中的溶解度小于苯酚，故A正确；B.BHT和中都会有酚羟基，都能够被酸性高锰酸钾溶液氧化二使酸性褪色，故B正确；C

.反应一通过加成反应生成BHT，而反应二为取代反应，故C错误；D.二者结构相似，在分子组成上相差8个原子团，所以二者互为同系物，故D正确；故答案选：C。二、填空题（本大题共1小题，共12分注：方程式2分，其余每空1分）31.完成下列各题（

1）下列3种有机化合物A：CH2=CHCH3B：C：CH3CH2CH2OH①写出化合物A、C中的官能团的名称：_____、_____②A在催化剂加热条件下生成聚合物的反应方程式：_____。③C物质在一

定条件下可转化为A，请写出其化学方程式：_____。④B可与NaOH溶液反应生成苯酚钠，写出向苯酚钠中通入二氧化碳的化学方程式为：_____。（2）分子式为C4H8O2的物质有多种同分异构体，请写出符合下列要求的各种同分异构体的结构简式。已知：a.碳

碳双键上连有羟基的结构不稳定b.不考虑同一个碳原子上连有两个羟基的结构。①甲分子中没有支链，能与NaHCO3溶液反应，则甲的结构简式为_____。②乙可发生银镜反应，还能与钠反应，则乙可能的结构简式为_____（任写一种）。③丙可发生银镜反应，还可发生水解反应，则丙可能的结构简式为_____

任写一种）。④丁是一种有果香味的物质，能水解生成A、B两种有机物，A在一定条件下能转化为B，则丁的结构简式为_____。【答案】(1).碳碳双键(2).羟基(3).nCH2=CHCH3(4).CH3CH2CH2OH170⎯⎯⎯→浓硫酸℃CH2

=CH-CH3↑+H2O(5).+H2O+CO2→+NaHCO3(6).CH3CH2CH2COOH(7).HOCH2CH2CH2CHO、CH3CH(OH)CH2CHO等(还有其他答案，一个羟基、一个醛基即可)(8).HCOOCH2CH2CH3或HCOOCH(CH3

)2(9).CH3COOCH2CH3【解析】【分析】(1)①A中含C=C、C中含-OH；②丙烯分子中含有碳碳双键，在一定条件下能够发生加聚反应生成聚丙烯，据此写出该反应的化学方程式；③C：CH3CH2CH2OH在一定条件下发生消去反应可转化为A：CH2=CH-CH3；④苯酚钠中通入二氧化碳气

体反应生成苯酚和碳酸氢钠；据此分析解答；(2)①甲分子中没有支链，能与NaHCO3溶液反应，说明甲分子中含有羧基；②乙可发生银镜反应，分子中含有醛基，还能与钠反应，说明分子中含有羟基；③丙可发生银镜反应，说明

含有醛基，还可发生水解反应，说明含有酯基，因此为甲酸酯；④丁是一种有果香味的物质，能水解生成A、B两种有机物，则丁为酯类物质；A在一定条件下能转化为B，则A、B含有的碳原子数相等；据此分析解答。【详解】(1)①A：CH2=CHCH3中含有碳碳双键，C：CH3CH2CH

2OH中含有羟基，故答案为：碳碳双键；羟基；②丙烯发生加聚反应生成聚丙烯，化学方程式为：nCH2=CHCH3，故答案为：nCH2=CHCH3；③C：CH3CH2CH2OH在一定条件下发生消去反应可转化为A：C

H2=CH-CH3，反应的化学方程式为：CH3CH2CH2OHCH2=CH-CH3↑+H2O，故答案为：CH3CH2CH2OHCH2=CH-CH3↑+H2O；④苯酚钠中通入二氧化碳气体反应生成苯酚和碳酸氢钠

，反应的化学方程式：+H2O+CO2→+NaHCO3，故答案为：+H2O+CO2→+NaHCO3。(2)①甲的分子式为C4H8O2，能够与碳酸氢钠溶液反应，说明含有羧基，且没有支链，则其结构简式为：CH3CH2C

H2COOH，故答案为：CH3CH2CH2COOH；②乙可发生银镜反应，还能与钠反应，说明乙分子中含有醛基和羟基，其可能的结构简式为：HOCH2CH2CH2CHO、CH3CH(OH)CH2CHO等，故答案为：HOCH2CH2CH2CHO[或C

H3CH(OH)CH2CHO等含有一个羟基、一个醛基的结构即可]；③丙可发生银镜反应，说明含有醛基，还可发生水解反应，说明含有酯基，因此丙为甲酸酯，则丙可能的结构简式为HCOOCH2CH2CH3或HCOO

CH(CH3)2，故答案为：HCOOCH2CH2CH3[或HCOOCH(CH3)2]；④丁是一种有果香味的物质，能水解生成A、B两种有机物，则丁为酯类物质；A在一定条件下能转化为B，则A为乙醇、B为乙酸，故丁为乙酸乙酯，其结构简式为：CH3COOCH2CH3，故答案为：CH3COOCH2CH3。三

、实验题（本大题共1小题，共13分注：方程式和产率2分，其余每空1分）32.实验室以苯、乙醛为原料，AlCl3为催化剂制备1，1–二苯乙烷，其反应原理为：已知：AlCl3固体遇水会发生较强烈水解。I．制取装置如

图所示。（1）该反应需控制反应温度为20℃。控制20℃的方法是________；该反应不高于20℃的可能原因是：_______。（2）仪器a的名称是__________作用是_________；装置c的作用是吸收HCl，写出产生HCl的化学方程式________；装置b的作用是_________

____。Ⅱ．实验结束后，将三口烧瓶中的混合物倒入冷稀盐酸中，用分液漏斗分离出有机层，依次用水、2％碳酸钠溶液、水洗涤，洗涤后加入少量无水硫酸镁固体，过滤、蒸馏，得到1，1–二苯乙烷。（3）分液漏斗中，产品在__

__（填“上”或“下”）层；洗涤操作中，第二次水洗的目的是____；无水硫酸镁也可用物质______________代替。（4）蒸馏提纯时，下列装置中会导致收集到的产品中混有低沸点杂质的装置是______（选填编号）。（5）三口烧瓶中加入

120mL苯（密度0．88g/mL）、19gA1C13和3．7g乙醛，20℃时充分反应，制得纯净的1，1–二苯乙烷7．8g。该实验的产率约为___________。【答案】(1).将三口烧瓶置于20℃的水浴中(2).乙醛的沸点低，温度较高，乙醛挥发

，产率降低（或温度高会发生副反应）(3).球形冷凝管(4).冷凝、回流(5).AlCl3+3H2OAl（OH）3+3HCl(6).防止烧杯中的水蒸气进入反应器中与三氯化铝反应(7).上(8).洗掉氯化铝、盐酸和碳酸钠（或洗掉可溶性无机物）(9).氯化钙(10).a、b；(11).51%；【解

析】【分析】(1)乙醛的沸点低，温度较高时，乙醛挥发，使得反应产率降低，所以该反应需控制反应温度为20℃，据此分析解答；(2)仪器a可以对反应混合物进行冷凝回流，提高反应物的利用率；根据氯化铝极易水解分析解答；(3)1，1-二苯乙烷的密度小于水；洗涤操作中，第二次水洗主要是

除去氯化铝、盐酸和碳酸钠(或洗掉可溶性无机物)，洗涤后加入少量无水硫酸镁固体，目的是吸收产品中少量的水分；(4)蒸馏提纯时，如果温度计水银球的位置在支管口下面，收集到的馏分的沸点要低于水银球的位置在支管口处的收集到的馏分，据此

分析判断；(5)根据120mL苯(密度0.88g/mL)的物质的量和3.7g乙醛的物质的量，结合苯、乙醛为原料制备1，1-二苯乙烷的方程式进行过量判断，根据完全反应的物质计算产品的理论产量，再根据产率=实际产量理论产量

×100%计算。【详解】I.(1)乙醛的沸点低，温度较高时，乙醛挥发，使得反应产率降低，所以该反应需控制反应温度为20℃，控制20℃的温度可以通过水浴的方式，即将三口烧瓶置于20℃的水浴中，故答案为：将三口烧瓶

置于20℃的水浴中；乙醛的沸点低，温度较高，乙醛挥发，产率降低(或温度高会发生副反应)；(2)根据图示，仪器a为冷凝管，对反应混合物进行冷凝回流，提高反应物的利用率；氯化铝水解可得氯化氢和氢氧化铝，反应方程式为AlCl3+3H2O⇌Al(

OH)3+3HCl，氯化铝极易水解，所以要防止烧杯中的水蒸气进入三口烧瓶，引起氯化铝的水解，装置b用干燥剂吸水，防止烧杯中的水蒸气进入反应器中与三氯化铝反应，故答案为：球形冷凝管；冷凝、回流；AlCl3+3H2O⇌Al(OH)3+3HCl；防止烧杯中的水蒸气进入反应器中与三氯化铝反应；Ⅱ．

(3)1，1-二苯乙烷的密度小于水，所以产品在上层，洗涤操作中，第二次水洗主要是除去氯化铝、盐酸和碳酸钠(或洗掉可溶性无机物)，洗涤后加入少量无水硫酸镁固体，目的是吸收产品中少量的水分，也可以用无水氯化钙代替，故答案为：上；洗掉氯化铝、盐酸和碳酸钠(或洗掉可溶性无机物)；无水氯化钙；

(4)蒸馏提纯时，如果温度计水银球的位置在支管口下面，收集到的馏分的沸点要低于水银球的位置在支管口处的收集到的馏分，故选ab；(5)120mL苯(密度0.88g/mL)的物质的量为120mL0.88g/mL78g/mol=1.35mo

l，3.7g乙醛的物质的量为3.7g44g/mol=0.084mol，根据苯、乙醛为原料制备1，1-二苯乙烷的方程式可知，苯过量，所以产品的理论产量为0.084mol×182g/mol=15.3g，所以1，1-二苯乙烷的产率约为7.8g15.3g×100%=51%，故答案为：51%。【点

睛】本题的易错点为1，1-二苯乙烷密度的判断，要注意1，1-二苯乙烷属于烃，烃的密度一般小于水的密度。四、推断题（共15分前（3）每空一分，（4）、（5）每空2分（6）3分）33.分子式为C12H14O2的有机物F被广泛用于香精的调香剂。为了合成该物质，某实验室的科技人员设计了下列合成路线：请

回答下列有关问题：（1）A物质的结构简式为________在核磁共振氢谱中能呈现_____种峰。（2）C物质的官能团名称_____、________。（3）反应①的反应类型是________，反应④的反应类型是__

___（4）E的结构简式为_____（5）写出反应⑤、⑥的化学方程式：⑤_____；⑥_____（6）F有多种同分异构体，请写出符合下列条件的所有物质结构简式：_____①属于芳香族化合物，且含有与F相同的官能团；②苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯代物只有两种；③

其中一个取代基为-CH2COOCH3。【答案】(1).CH3CH2(CH3)=CH2(2).4(3).羟基(4).羧基(5).加成反应(6).消去反应(7).(8).+NaOH+NaCl(9).CH3CH=C(CH3)COOH++H2O(10).、、【解析】【

分析】由合成流程可知，A和溴水发生加成反应，结合加成产物可知A的结构简式为CH2=C(CH3)CH2CH3，反应②是卤代烃的水解反应，生成物B的结构简式为CH3CH2C(CH3)OHCH2OH；B氧化得到C，则C为CH3CH2C(CH3)OHCOOH；根据C和D的分子式的可判断，反应④是消去反应

，且D含两个甲基，所以D的结构简式为CH3CH=C(CH3)COOH，反应⑤属于卤代烃的水解反应，则E为，E和D通过酯化反应生成F，则F为，据此分析解答。【详解】(1)A和溴水发生加成反应，结合加成产物的结构可知A为CH2=C(CH3)CH2CH3，分子中有4种不同的H

，在核磁共振氢谱中能呈现4组峰，故答案为：CH2=C(CH3)CH2CH3；4；(2)C为CH3CH2C(CH3)OHCOOH，含有的官能团为-OH、-COOH，名称为羟基、羧基，故答案为：羟基；羧基；(3)根据题中

各物质转化关系和上述分析，反应①为加成反应，②为取代反应，③为氧化反应，④为消去反应，⑤为取代反应，⑥为取代反应，故答案为：加成反应；消去反应；(4)E的结构简式为，故答案为：；(5)反应⑤属于卤代烃的水解反应，反应的

化学方程式为+NaOH+NaCl，反应⑥为酯化反应，反应的化学方程式为CH3CH=C(CH3)COOH++H2O，故答案为：+NaOH+NaCl；CH3CH=C(CH3)COOH++H2O；(5)F为，其同分异构体，符合：①属于芳香族化

合物，且含有与F相同的官能团；②苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯代物只有两种，两个取代基为对位；③其中一个取代基为-CH2COOCH3，则另一个取代基为CH=CHCH3或-CH2CH=CH2或C(CH3)=CH2，结构简式为、、，故

答案为：、、。【点睛】把握合成流程中有机反应、官能团变化、有机物的结构为解答的关键。本题的易错点为(5)，要注意F的同分异构体与F具有相同的官能团，因此F的同分异构体中含有酯基和碳碳双键，因此另一个取代基中需要含有碳碳双键。